2023届山东省平度市九中物理高二第一学期期末质量跟踪监视模拟试题含解析

2022-2023学年高二上物理期末模拟试卷注意事项：答题前，考生先将自己的姓名、准考证号壊写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区.选择题必须使用2B钳笔填涂；非选择題必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀,一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1、如图，轻弹簧上端固定，下端连接一个可视为质点的小球，系统静止时小球的位置为Oi.将小球向下拉到02位置（在弹性限度内），从静止放开，小球在6、O’之间往复运动.贝恠小球运动的过程中31200。A.经过O.ftS时,速度最大B.经过31200。A.经过O.ftS时,速度最大B.经过Oi位置时,加速度最大C.经过Oi位置时,弹簣弹力最大D.经过03位置时,弹簧弹力方向一定向下2、如图所示，某一用同一材料制成的导体的形状为长方体，其长、宽、高之比为虹e=5：3：2。在此导体的上、下、左、右四个面上分别通过导线引出四个接线柱1、2、3、L电流通过1、2接线柱时导体的电阻为电流通过A.5：23、4接线柱时导体的电阻为则舟等于（ ）A.5：22：5D.4：2525：43、如图所示.在立方怖Mbed-efgh区域内有垂直于沥MD.4：25垂直于〃4加平面向右飞入该区域，为使粒子能在该区域内沿直线运动，需在该区域内加一匀强电场，则匀强电场的方向为（）

垂直abfe平面向里 B.垂直adhe平面向左C.垂直abfe平面向外 D.垂直adhe平面向右4、直流电动机M接在如图所示的电路中，理想电压表的示数是20V,理想电流表的示数是1.0A,限流电阻R=5.0fl,则可知（）A.电动机的机械功率是20W B.电阻R消耗的电功率是5WC.电动机线圈的电阻是20n D.电动机产生的电热功率是20W5、如图所示，匀强磁场中有两个由相同导线绕成的圆形线圏屋磁场方向与线圈所在平面垂直，磁感应强度B随时间均匀增大。“，方两銭圈的半径之比为2：1,匝数之比为1：4.线圈中产生的感应电动势分别为匚和E.,某时刻磁通量分别为①』和中"不考虑两线圈间的相互影响。下列说法中正确的是&：Eh=2：1,色：p,=4：1EqEb=1：1,①/ 1EgEq：1,色：^=1：1&：&=1：1,OaS与=4：16、如图所示.竖直光滑导轨上端接入一定值电阻R，c：和G是半径都为。的两圆形磁场区域.其区域内的磁场方向都垂直于导轨平面向外，区域G中磁场的磁感应强度随时间按句二。+如（*>0）变化C中磁场的磁感应强度恒为坎，一质量为*电阻为『、长度为L的金属杆AB穿过区域G的圖心垂直地跨放在两导轨上，且与导轨接触良好,并恰能保持静止测A.通过金属杆的电流大小为亘整个电路的热功率P=岑竺定值电阻的阻值为R=”"财mg通过金属杆的电流方向为从A到B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共2。分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.7、如图所示，在球壳内部球心放置带电荷量为+Q的点电荷，球壳内有A点，壳壁中有B点，壳外有C点，则下列说法正确的是（）A・Ea>Ec>EbA、B、C三点的电势<pA=（pB><pcEa>Eb>EcA、B、C三点的电势<Pa><Pb>9c8、如图所示，电路电压U保持不变，滑动变阻器R的总阻值与〃2的阻值均为200,电阻瓦的阻值为50.当滑动变阻器R的滑动端P由“向方滑动过程中（）A.干路中电流不断增大

°丄'団申喜障率申留歩国坚坦［图師田(考9)Fa8KM®ffi&^M±%圍長闵不果中小躊最亲盐巻最器•&"计’蹟WZ计俺車溜稲活、三紫一皆闍巢临築薩勇*協W市雲甲泾’糸一皆南巢谯求廬明溢W中督SS升a靜一吿风巢哗求傾謂辱海W中雲审理雲剩荣-0we%S®MWKWfg^PMa算=财留要関字别客巣峰率傾観W算=财留要関字别客巣峰率傾観W倒V( ＞層,草邳窖闍巢堆照/暗&N、村'祖強不譯甲軍型窖隰彳巢博昼W国回編W申王显闍回即&地°«*¥¥臬嚥'丁胡梨一回丑廉鯉巢將'申够申隨g酔骑藕髄&宰义草跡暗g臬临朱案樂E1去印回辟毋木&施'当照图诲、0〔18£/專谜段下/TX団审・Q以皿【，攻犖0?竟争§八屹/辺墓甘宗。，6・0闻0南倒却0矿9顼【・。,望串国遂要甘4杖》?7?7()¥MiftIW3U-*BK^TIiMf/iuoi通*3.。【邓喜命関y困审&虱中歓沮》叫»薩兜砒靜母腿十0=社，麻区爵*兜风回唯音哇辑*1S-O=^W¥»w'44业団成防務竟'?H=y¥囤审‘1叶0=7,尊雌音，明=“/喜WMflvF电业穿回即担一会'真要巢照事回国M阻击*歇s/uiem画暈毋T3身田刘喜收一舊辭时，里坦图®、6W獄項bk*真申驻联下为eW取阍*室收审驻酷丁以。¥剛!《*東債申撑燃

T-K图1T-K图1旋动部件 ,使指针对准电流的“0”刻线.将K旋转到电阻挡“X100”的位置。将插入“+”、“一”插孔的表笔短接，旋动部件 ,使指针对准电阻的 （填“0刻线”或“8刻銭”）。将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按 的顺序进行操作，再完成读数测量.A.将K旋转到电阻挡“X1K”位置将K旋转到电阻挡“X10”的位置将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准（12分）某小组同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中所用器材如下：电源〈电动势约为3V,内阻为几欧）电压表V（量程0〜3V,内阻为几千欧）电流表A（量程。〜300mA,内阻为几欧）小灯泡（2.8V0.25A）滑动变阻器R（。〜10Q2A）滑动变阻器用（0〜200QL5A）UN开关、导线若干UN3.02.5°50100150200250300//mA2.0°50100150200250300//mA1.51.00.5甲 乙（1）实验中要求加在小灯泡上的电压从零到小灯泡的额定电压连续可调，且尽可能地减小验误差，应当在图（甲）中选择电路图 （填％”或“B”）;<2）实验器材中有两个滑动变阻器，该实验应选用的是 （填W或uRin）;（3） 根据实验所測得的电压和电流，描绘出的该小灯泡的伏安特性曲线如图（乙）所示，则该小灯泡两端电压为2.5V时，通过的电流为 mA,这个电流值与通过小灯泡中电流的真实值相比偏大，其原因是电压表的 （填“分压”或“分流”）.（4） 由以上实验数据及图象可知小灯泡的电阻随温度的升高而 （填“增大”、“减小”或“不变”）。四、计算题：本题共3小题，共38分.把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。（10分）在远距髙输电时，要考虑尽量减少输电线上的功率损失.某小型发电站，输送的电功率为P=500kW,发电站输出电压为S=25OV.为减少输送功率的损失，变电站先用一升压变压器将电压升高到S=5kV再输出，在这种情况下，用户端获得的电功率为R=340kW.所用变压器均为理想变压器.求（1）升压变压器原副线圏的匝数之比为多少？<2）这样输电，效率仍然较低，若想使输电效率提高到98%,又不改变输电线，那么变电应将电压升高到多少向外输电？Q6分）如图所示，在第一象限有一匀强电场，场强大小为E,方向与》轴平行；在、轴下方有一匀强磁场，磁场方向与纸面垂直.一质量为血、电荷量为巧《>。）的粒子以平行于•轴的速度从y轴上的P点处射入电场，在I■轴上的0点处进入磁场，并从坐标原点。髙开磁场。粒子在磁场中的运动轨迹与）,轴交于M点。已知OQ=lJilo不计重力.求：（1） M点与坐标原点O间的距离；（2） 粒子从P点运动到M点所用的时冋。15.（12分）如图，变压器原线圈匝数匝，副线圈匝数112=200匝，灯泡4标有“10V2W”，电动机。的线圏电阻为10将交变电压〃=100j!s诚00E加到理想变压器原线圏两端，灯泡恰能正常发光，求：副线圈两端电压，电动机。的电功率电动机。输出功率,原线圈的输入功率,参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1、A【解析】通过分析各个阶段的弹力的变化，从而分析合力的变化，得到加速度的变化和速度变化.【详解】从％到Q位置，弹力大于重力，小球的加速度向上.则小球向上做加速运珈到达Q点时，重力等于弹力,此时加速度为零，速度最大；故选项A正确，B错误；小球在0：位置时，弹簧形变量最大，此时弹力最大，选项C错误；经过03位置时.小球受的合外力方向向下.弹簧弹力方向不一定向下，选项D错误；故选A.2、D【解析】根据电阻定律R=pl当在1、2两端加上恒定电压U时在在3、4两端加上恒定的电压时R'-=pi所以///?2=P-t:P}-=425anbe故D正确，ABC错误。故选D3、 A【解析】带电粒子恰好在电场与磁场中做直线运动，当受到电场力与磁场力时，则两力必平衡.这样确保速度不变，才会使洛伦兹力不变，否则不可能做直线运动.当只受到电场力时，磁场方向须与运动方向相平行，此时虽在磁场中但没有洛伦兹力存在【详解】当匀强磁场方向竖直向上，不计重力的负离子，则洛伦兹力垂直纸面向里，由于直线运动，所以电场力与洛伦兹力大小相等，则离子受到的电场力垂宣纸面向外，而匀强电场方向垂宜于纸面向里，使离子做匀速直线运动，故A正确，BCD错误【点睛】当两个电场力与磁场力均存在时，必须是平衡力，因为洛伦兹力是与速度有关的力.当粒子的运动方向与磁场方向平行时，没有洛伦兹力存在，所以只要考虑电场力就可以4、 B【解析】电动机消耗的总功率为：P=*IU=20■W,选项AD错误：电阻R消耗的电功率为Pr=12x5W="5-W,选项B正确：电动机不是纯电阻电銘，故不适用欧姆定律，故电动机线圏的电阻电动机产生的电热功率不是20W选项CD错误；故选B5、D【解析】根据法拉第电磁感应定律：，也A/。,力两线圏产生的膨应电动势之比为：ArArArAr根据磁通量S=BS,穿过八方两线圈的磁通址之比为：色色=8兀庁：所苛=4:1Eh=2：1,色：p,=4：U与上述结论不符，故A错误;EqEb=1：1,中八Q,=l：1。与上述结论不符，故B错误;&X&=2,1,ofljo,=l:1.与上述结论不符，故C错误；DEm1,OflS中、=4：1.与上述结论相符，故D正确.故选：D6、Bme【解析】A,对金属杆，根据平衡方程得：mg=B：I-2at解得:丿=氮，故④错误;kTrainsB、整个电路中产生的热功率为：P=EI=f^・故B正确IaCE)arG由法拉第电磁感应定律，则有：回路中产生的感应电动势为3=丁=亍*=5且闭合电路欧姆定律有:又局，解得'"=故°错误;D,区域G中磁场的磁感强度随时间按Bikf(kX))变化，可知磁感强度均匀增大，穿过整个回路的磁通量增大,由楞次定律分析知，通过金属杆的电流方向为从B到A.故D错误二、多项选择题：本題共4小题，每小題5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.7、 AD【解析】由静电知识我们知道球壳为一等势体，内部场强为零即EZ，由点电荷的场强公式E=k%,知道离点电荷越远电场强度越小，所以Eb<Ei<Ea即A正确C错误.球壳上所有的点的电势是一样的，r,<rb<r，由。=經r可知，距离点电荷越远电势越小，所以B错误D正确8、 ABD【解析】电路的动态分析.【详解】A.当滑动变阻器A的滑动端P由［向方滑动过程中，清动变阻器阻值减小，总电阻减小，由：可得，干路中电流増大，A正确；BC.也上消耗电功率为：R=/R由于干路中电流增大，可得，K上消耗电功率不断增大，B正确，C错误；D.佑上消耗电功率为：其中，26上的电压〃”U：=U-IR、干路中电流增大，所以电压S减小，可得战上消耗电功率不断减小，D正确.故选ABD.9、ABC【解析】A.AB棒切割磁感线产生感应电流，设向右运动的距离为X,则平均感应电动势为£=竺=竺ArAr平均感应电流为7=£=竺1RRN通过电阻火的电最。=7圍=罕所以曲杆运动的距离"碧=：°-：2山=o.lmBL0.3x0.4选项A正确；根据动量定理有-（F』-刖@）=0-/HVO而F安f-BILt—BLcj所以有BLq+/m】g1=m%代入数值解得AB杆运动的时间t=0.9s选项B正确。当杆速度为2m/s时，根据牛顿第二定律有：F宀g=g而感应电动势E=BLv.电流/=§、安培力L=BIL,K所以有 =mai\代入数值解得«=12m/s2选项c正确；根据能量守恒有：〃7竺=pmgx+Q所以电阻〃上产生的热量为。=代入数值解得2=0.0385选项D错误.故选ABC.10、 BD【解析】AB.小球在磁场中运动时洛伦兹力不做功，所以满足机械能守恒.在电场中受的电场力向左，下滑过程中电场力做负功，所以到达最低点时速度关系为脑小，选项A错误，选项B正确；CD.整个过程小球在磁场中运动时洛伦兹力不做功，所以满足机械能守恒，能到达轨道的另一端；在电场中受的电场力向左，整个过程中电场力都做负功，机械能守恒减少，小球不能到达轨道的另一端，选项C错误，D正确。故选BD.三、 实验题：本题共2小题，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程.11、 ①・S ②.T ③.0刻线 @.ADC【解析】(1)[1]首先要对表盘机械校零，所以旅动部件是S[2][3]接着是欧姆调零，将“十，"•”插孔的表笔短接，旋动部件T,让表盘指针指在最右端零刻度处[4]当两表笔分别与待測电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确的测量结果，必须将指针在中间刻度附近，所以要将倍率调大.原因是指针偏转小，则说明阻值大，则只有调大倍率才会实现.所以正确顺序ADC12、 ①.A®.Ri ③.240 ④.分流 ⑤.増大【解析】(1)[1].描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流应从零开始变化，清动变阻器应釆用分压接法；由于灯泡内阻较小，因此应釆用电流表外接法，故选择A电路；[2].由于釆用分压接法，所以滑动变阻器应选择总阻值较小的R.;[3][4].由图可知，当电压为2.5V时，电流为240mA；由于采用电流表外接法，电压表分流使电流表示数偏大;[5].W图象中图象的斜率表示电阻，则由图可知，随着电压的升高电阻增大；原因是灯丝电阻随温度的升高电阻率增大.四、 计算题：本题共3小題，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤.13、 (1)1:20；⑵20kV【解析】根据P=UI求出输电的电流，结合损失的功率求出输电线的总电阻，根据输电的效率求出损失的功率，从而得出输送的电流，结合P=UI求出输送的电压【详解】(1)由变压器原、副銭圈的电压比等于匝数比即：寻专=爲=土；■•(2)设输电线上的电流为I,则有：,P—500x10,I ；—A—100AU.5xl03

输电线上损耗的功率为：Pfl=PPi=160KwPB=I2r代入数据得：r=16QP.'=2%P=10kw,p2P・TF代入数据解得：t/2=2x!04V【点睛】解决本题的关键知道输送功率、输送电压、电流的关系，知道损失的功率PlPR,并能灵活运用14、(1)6/14、(1)6/；(2)t=2mlqE【解析】⑴带电粒子在电场中做类平拋运动，在＞轴负方向上做初速度为零的匀加速运动，设加速度的大小为j在丄轴正方向上做匀速直线运