2019届高考物理二轮总结复习专题一力与运动第1讲力与物体平衡课后演练强化提能

2021届高考物理二轮总结复习专题一力与运动第1讲力与物体均衡课后操练加强提能2021届高考物理二轮总结复习专题一力与运动第1讲力与物体均衡课后操练加强提能2021届高考物理二轮总结复习专题一力与运动第1讲力与物体均衡课后操练加强提能中小学教育讲课资料第1讲力与物体的均衡(建议用时：30分钟)一、单项选择题1．(2021·汕头二模)以以下列图，无风时气球在轻绳的牵引下静止在空中，此时轻绳的拉力为F.当有水平风力作用时，轻绳倾斜必定角度后气球仍静止在空中，有风时与无风时比较()A．气球所受协力减小B．气球所受协力增大C．轻绳的拉力F减小D．轻绳的拉力F增大分析：选D.有风时与无风时，气球都处于静止状态，受力均衡，协力为零，不变，A、B错误；无风时气球在竖直方向受重力、绳索拉力和浮力，由均衡条件得F浮－mg－F＝0，解得F＝F浮－mg；有风时，设绳索与竖直方向的夹角为θ，绳索的拉力沿竖直方向的重量等于浮力和重力之差，那么有F浮－mg－F′cosθ＝0，解得F′cosθ＝F浮－mg，故F′＞F，所以F增大，C错误，D正确．2．(2021·广东中山联考)以以下列图，在固定斜面上的一物块遇到一外力F平行于斜面向上．假定要物块在斜面上保持静止，F的取值应有必定范围，已的作用，F知其最大值和最小值分别为F1和F2(F2>0)．由此可求出()A．物块的质量B．斜面的倾角C．物块与斜面间的最大静摩擦力D．物块对斜面的正压力分析：选C.设斜面倾角为θ，斜面对物块的最大静摩擦力为Ff，当F取最大值F1时，最大静摩擦力Ff沿斜面向下，由均衡条件得F1＝mgsinθ＋Ff；当F取最小值F2时，Ff沿斜面向上，由均衡条件得F2＝mgsinF1－F2θ－Ff，联立两式可求出最大静摩擦力Ff＝，选项C正确．FN＝mgcosθ，F1＋F2＝2mgsinθ，所以不2能求出物块的质量、斜面的倾角和物块对斜面的正压力．3．(2021·高考全国卷Ⅲ)一根轻质弹性绳的两头分别固定在水平天花板上相距80cm的两点上，弹性绳的原长也为80cm.将一钩码挂在弹性绳的中点，均衡时弹性绳的总长度为100cm；再将弹性绳的两头迟缓移至天花板上的同一点，那么弹性绳的总长度变成(弹性绳的伸长向来处于弹性限度内)()A．86cmB．92cmC．98cmD．104cm分析：选B.将钩码挂在弹性绳的中点时，由数学知识可知钩码双侧的弹性绳(劲度系数设为k)与竖直方向中小学教育讲课资料夹角θ均知足sinθ＝45，对钩码(设其重力为G)静止时受力分析，得G＝2k1m0.8m－2cosθ；弹性绳2的两头移至天花板上的同一点时，对钩码受力分析，得G＝2kL0.8m－22，联立解得L＝92cm，可知A、C、D项错误，B项正确．4．(2021·青岛二模)以以下列图，一轻质弹簧的一端系一质量为m的小球，定在倾角为37°的圆滑斜面体顶端，弹簧与斜面平行．在斜面体以大小另一端固速度水平向左做匀加快直线运动的过程中，小球向来相对于斜面静止．已为g的加知弹簧的劲度系数为k，那么该过程中弹簧的形变量为(：sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)()A.mg4mgB.5k5kmg7mg

C.D.k5k分析：选A.在斜面体以大小为g的加快度水平向左做匀加快直线运动时，弹簧是处于伸长状态仍是压缩状态，没法直接判断，此时可采纳假定法，假定弹簧处于压缩状态，假定求得弹力F为正当，那么假定正确；假定求得弹力F为负值，那么假定错误，弹簧处于伸长状态．设弹簧弹力大小为F，水平方向上由牛顿第二定律得：FNsin37°＋Fcos37°＝mg①竖直方向上由受力均衡得：FNcos37°＝mg＋Fsin37°②1联立①②式得：F＝mg5mg

由胡克定律得F＝kx，x＝

5k，假定正确．5.(2021·河北保定模拟)以以下列图，将三个完满同样的圆滑球用不能够伸长的O点并处于静止状态．球半径为R，重为G，线长均为R.那么每条细线上的细线悬挂于()张力大小为A．2GB.62GC.32GD.52G分析：选B.本题中O点与各球心的连线及各球心连线，组成一个边长为2R的正四周体，如图甲、乙所示(A、B、C为各球球心)，O′为△ABC的中心，设∠OAO′＝θ，由几何关系知O′A＝233R，由勾股定理得OO′＝OA2－O′A2＝8R，对A处球受力分析有：Fsinθ＝G，又sinθ＝3OO′，解得F＝OA6G，故只有2B项正确．中小学教育讲课资料6．(2021·高考全国卷Ⅲ)如图，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段上；一细线穿过两轻环，其两头各系一质量为m的小球．在a和b之间的固定圆弧挂一小物块．均衡时，a、b间的距离恰巧等于圆弧的半径．不计全部摩擦．小细线上悬物块的质量为()A.mB.23m2C．mD．2m分析：选C.因为轻环不计重力，故细线对轻环的拉力的协力与圆孤对轻环的支持力等大反向，即沿半径方向；又双侧细线对轻环拉力相等，故轻环所在地点对应的圆孤半径为两细线的角均分线，因为两轻环间的距离等于圆孤的半径，故两轻环与圆孤圆心组成等边三角形；又小球对细线的拉力方向竖直向下，由几何知识可知，两轻环间的细线夹角为120°，对小物块进行受力分析，由三力均衡知识可知，小物块质量与小球质量相等，均为m，C项正确．7．(2021·佛山模拟)质量为m的四只完满同样的足球叠成两层放在水平面上，球恰巧接触成三角形，上层一只足球放在基层三只足球的正上边，系统保持静基层三只足静摩擦力等于滑动摩擦力，那么()止．假定最大A．基层每个足球对地面的压力为mgB．基层每个足球之间的弹力为零C．基层每个足球对上层足球的支持力大小为mg3D．足球与水平面间的动摩擦因数最少为66B.依据整体法，设下边每个球对地面的压力均为FN，那么3FN＝4mg，故FN＝分析：选误；四个球的球心连线组成了正四周体，基层每个足球之间的弹力为零，43mg，A错层足球遇到重力、基层足球对上层足球的三个支持力，因为三个支持力的B正确；上方向不是竖直向上，所以三个支持力在竖直方向的重量之和等于重力，那么基层每个足球对上层足球的支持力大小大于mg，C错误；依据正四周体几何关系可求，F与mg夹角的余弦值cosθ＝36，正弦值sinθ＝33，那么有F·36＋mg＝FN＝343mg，3F＝Ff，解得Ff＝32mg，F＝66mg，那么μ≥62mg6＝43mg2，所以足球与水8中小学教育讲课资料平面间的动摩擦因数最少为2，故D错误．8绳OA、OB、OC结于O点，另一端分别系于竖直墙壁、水平顶壁和悬挂小球，稳8.三段细水平状态．现保持O点地点不变，迟缓上移A点至D点的过程中，对于OA绳上定后OA呈化状况的判断正确的选项是()的拉力变大B．向来减小A．向来增C．先增大后减小D．先减小后增大分析：选D.可运用动向图解法，由图可知，当OA与OB垂直时，OA上的拉力最小，故D正确．9．(2021·烟台二模)以以下列图，质量均可忽视的轻绳与轻杆承受弹力的定，轻杆A端用铰链固定，滑轮在A点正上方(滑轮大小及摩擦均可不计)，最大值一一重物G，现将绳的一端拴在杆的B端，用拉力F将B端迟缓上拉(均未断)，轻杆B端吊到竖直前，以下分析正确的选项是()在AB杆达A．绳索愈来愈简单断B．绳索愈来愈不简单断C．AB杆愈来愈简单断D．AB杆愈来愈不简单断分析：选B.以B点为研究对象，它受三个力的作用而处于动向均衡状态，此中一个是轻杆的弹力T，一个是绳索斜向上的拉力F，一个是绳索竖直向下的拉力F′(大小等于物体的重力G)，依据相像三角形法，可得F′＝OATF＝，因为OA和AB不变，OB渐渐减小，所以轻杆上的弹力大小不变，而绳索斜向上的拉力越ABOB来越小，选项B正确．二、多项选择题10．(2021·桂林模拟)将某平均的长方体锯成以以下列图的A、B两块后，放在水平桌面上并排放在一同，现用水平力F垂直于B的左边推B物体，使A、B整体仍保持矩形沿F方向匀速运动，那么()A．物体A在水平方向上受三个力的作用，且协力为零B．物体A在水平方向上受两个力的作用，且协力为零C．B对A的作使劲方向与F方向同样D．B对A的弹力等于桌面对A的摩擦力AC.对物体A进行受力分析，水平方向上遇到B物体产生的弹力、静摩擦分析：选桌面产生的滑动摩擦力，以以下列图，因为A、B整体仍保持矩形沿F方向力和水平那么物体A所受协力为零，A正确，B错误；B对A的弹力方向垂直于接触面，匀速运动，D错误；B对A的作使劲与桌面对A的摩擦力等大反向，即B对A的作使劲方向与F方向同样，C正确．中小学教育讲课资料11.(2021·高考天津卷)明朝谢肇淛的?五杂组?中记录：“明姑苏虎丘议欲正之，非万缗不能够．一游僧见之曰：无烦也，我能正之．〞游僧每日寺塔倾侧，将木楔从塔身倾斜一侧的砖缝间敲进去，经月余扶正了塔身．假定所用的木楔为等腰三角形，木楔的顶角为θ，此刻木楔背上加一力F，方向以以下列图，木楔双侧产生推力FN，那么()A．假定F必定，θ大时FN大B．假定F必定，θ小时FN大C．假定θ必定，F大时FN大D．假定θ必定，F小时FN大分析：选BC.木楔双侧面产生的推力协力大小等于F，由力的平行四边形定那么可知，FN＝F2sinθ2，由表达式可知，假定F必定，θ越小，FN越大，A项错误，B项正确；假定θ必定，F越大，FN越大，C项正确，D项错误．12．(2021·烟台二模)以以下列图，斜面上放有两个完满同样的物体a、b，两物体间用一根细线连结，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F，使两物体均处于静止状态．那么以下说法正确的选项是()A．a、b两物体的受力个数必定同样B．a、b两物体对斜面的压力同样C．a、b两物体遇到的摩擦力大小必定相等D．当渐渐增大拉力F时，物体a先开始滑动分析：选BD.对a、b进行受力分析，b物体处于静止状态，当绳索拉力沿斜面向上的重量与重力沿斜面向下的重量相等时，摩擦力为零，所以b可能只受3个力作用，而a物体必定遇到摩擦力作用，必定受4个力作用，故A错误；a、b两个物体，垂直于斜面方向受力都均衡，那么有：N＋Tsinθ＝mgcosα，解得：N＝mgcosα－Tsinθ，依据牛顿第三定律知a、b两物体对斜面的压力同样，故B正确；依据A项的分析可知，b的摩擦力能够为零，而a的摩擦力必定不为零，故C错误；对a沿斜面方向有：Tcosθ＋mgsinα＝fa，对b沿斜面方向有：Tcosθ－mgsinα＝fb，正压力相等，所以最大静摩擦力相等，那么a先抵达最大静摩擦力，先滑动，故D正确．滑、半径为R的半球固定在水平川面上，球心O的正上方O′处有一无摩擦13.表面光质细绳两头各系一个可视为质点的小球挂在定滑轮上，以以下列图．两小球平定滑轮，轻轮双侧细绳的长度分别为L1＝2.4R和L2＝2.5R，那么这两个小球的质量之比为衡时，假定滑中小学教育讲课资料m1，小球与半球之间的压力之比为m2FN1，那么以下说法正确的选项是()FN2m1A.＝m224B.25m125＝m224C.FN125FN124＝D.＝FN224FN225先以左边小球为研究对象，分析受力状况：重力m1g、绳索的拉力FT和分析：选BC.FN1，作出受力分析图．半球的支持力知，拉力FT和支持力FN的协力与重力m1g大小相等、方向相反．设OO′由均衡条件得形相像得FT＝L1FN1＝Rm1g，解得m1g＝hFThFTR，FN1＝⋯①同理，以右边小＝h，依据三角L1L1象，得：m2g＝FThFTR，FN2＝⋯②，由①∶②得L2L2m1L225FN1L2＝＝，＝＝球为研究对m2L124FN2L125

.2414．以以下列图，倾角为θ的斜面体C置于水平川面上，一条细线一端与斜面上的物体B相连，另一端绕过质量不计的定滑轮与物体A相连，定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O点，细线与竖直方向成α角，A、B、C向来处于静止状态，以下说法不正确的选项是()A．假定仅增大A的质量，B对C的摩擦力必定减小B．假定仅增大A的质量，地面对C的摩擦力必定增大C．假定仅增大B的质量，悬挂定滑轮的细线的拉力可能等于A的重力D．假定仅将C向左迟缓挪动一点，α角将增大分析：选ACD.设A的质量为m，B的质量为M，由均衡条件可知B遇到细线的拉力T＝mg，假定Mgsinθ＞mg，那么有：Mgsinθ＝mg＋f，假定Mgsinθ＝mg，那么f＝0，假定Mgsinθ<mg，那么有：Mgsinθ＋f＝mg，假定仅增大A的质量，B对C的摩擦力可能增大也可能减小，所以A项错误；以B、C为