2021-2022学年山东省淄博市高二（下）期末物理试卷（附答案详解）

2021-2022学年山东省淄博市高二（下）期末物理试卷如图，烟雾自动报警器的探测器中装有放射性元素锢241,其衰变方程为篦TVNp+浦e+y.下列说法正确的是（）A.y是光子，不具有能量He是a粒子，有很强的贯穿本领C.给,Np比瑟"血的原子核更稳定D.冬天气温较低时，锢241的半衰期会变小.2022年3月23日，天宫号空间站上的三名宇航员王亚平、翟志刚、叶光富，又给全国的观众带来了一堂精彩的天宫授课，其中宇航员们做了一个“液桥”实验.将水分别挤在两块透明板上，水球状似倒扣着的碗，如图甲所示.将两板慢慢靠近，两个水球“碗底”挨“碗底”，形成一座中间细、两头粗的“液桥”将两块板相连,如图乙所示；再将两板拉远，液桥变得更细、更长，仍然没有断开.下列说法正确的是（）A.日常生活中地球上不可能有“液桥”现象B.由图甲可以推断水和透明板是不浸润的C.液体表面张力有使液体表面积扩大的趋势D.液桥形成的根本原因是水的表面张力的作用.如图为地球赤道剖面图，地球半径为上把地面上高度为g区域内的地磁场视为方向垂直于剖面的匀强磁场，在赤道平面内一带电粒子以一定速度正对地心射入该磁场区域，轨迹恰好与地面相切。不计粒子重力，则。（）

入射方向匕粒子轨迹A,轨迹半径为B.轨迹半径为4R入射方向匕粒子轨迹C.轨迹半径为三R D.轨迹半径为?R8 44.紫外光电管是利用光电效应原理对油库等重要场所进行火灾报警的装置，其工作电路如图所示，其中4为阳极，K为阴极，只有当明火中的紫外线照射到K极时，电压表才有示数且启动报警装置。已知太阳光中的紫外线频率主要在7.5x1014Hz〜9.5x1014Hz,而明火中的紫外线频率主要在1.1x1015Hz〜1.5x1015Wz,下列说法正确的是。（）A.为避免太阳光中紫外线干扰，K极材料的截止频率应大于1.5x1015HzB.只有明火照射到K极的时间足够长，电压表才会有示数C.电源左边接正极有利于提高报警装置的灵敏度D.电压表的正接线柱与C相连.一定质量的理想气体经历了如图所示的AtB-CtDt4循环，该过程每个状态均可视为平衡态，各状态参数如图所示。对此气体，下列说法正确的是（）kV4tB的过程中，气体向外界放热，内能不变B-C的过程中，气体的压强增大，气体从外界吸热Ct。的过程中，气体的压强不变，气体从外界吸热CT4的过程中，气体的压强不变，分子的平均动能减小，单位体积内的分子数不变.如图所示，轻绳MN的两端固定在水平天花板上，物体Tn】通过另一段轻绳系在轻绳MN的某处，光滑轻滑轮跨在轻绳MN上，可通过其下边的一段轻绳与物体加2一起沿自由移动.系统静止时轻绳左端与水平方向的夹角为60。，右端与水平方向的夹角为30。,则物体Tn】与巾2的质量之比为（）A.1：1 B.1：2 C.1：V3 D.V3:2.现将胃He和从圆形匀强磁场区域的水平直径上的尸 TOC\o"1-5"\h\z点以大小相等的动量沿相反方向射出，二者分别从水 /义8、\平直径的M、N点射出磁场，则下列说法正确的是（）、区弋0义X\r A.1"e和在磁场中运动的周期之比为2：1 \xB.出e和在磁场中运动的速度大小之比为I：1 x/C.翅e和出在磁场中运动的半径之比为2：ID.fHe和女”在磁场中运动的时间之比为1：1.一点光源以113W的功率向周围所有方向均匀地辐射波长约为6xlO-m的光，在离点光源距离为R处每秒垂直通过每平方米的光子数为3xIO”个。普朗克常量为/1=6.63X10-34/.s。R约为（）A.1x102m B.3x102mC.6x102mD.9x102wi.如图，电磁流量计的测量管横截面直径为。，在测量管的上下两个位置固定两金属电极。、江整个测量管处于水平向里的匀强磁场中，磁感应强度大小为瓦当含有正、负离子的液体从左向右匀速流过测量管时，连在两个电极上的显示器显示的流量为Q（单位时间内流过的液体体积），下列说法正确的是（）8、X 液体入？A \，u、显示器A.。极电势高于人极电势B.液体流过测量管的速度大小为5

a、6两极之间的电压为黑D.若流过的液体中离子浓度变高，显示器上的示数将变大10.甲、乙两同学相约去参观博物馆。两人同时从各自家中出发，沿同一直线相向而行，经过一段时间后两人会合。身上携带的运动传感器分别记录了他们在这段时间内的速度大小随时间的变化关系，如图所示。其中，甲的速度大小随时间变化的图线为两段四分之一圆弧，下列说法正确的是。（）0〜匕时间内，甲、乙两人位移相同0〜t2时间内，乙所走路程大于甲所走路程C.在t3时刻，甲、乙两人加速度大小相等0〜t4时间内，甲的平均速率大于乙的平均速率11.在如图所示的电路中，三个定值电阻％、/?2、R3的阻值相同，理想变压器原、副线圈的医数之比为2：1.在a、b端加上有效值为。的正弦交流电，开关S断开时,电流表示数为/.下列说法正确的是（）A.开关S断开时，°、8端的输入功率为U/B.开关S断开时，&、/?2消耗的功率之比为4：1C.定值电阻的阻值均为获D.开关S闭合后，原线圈电路中电流表示数为112.如图，一带负电的圆环套在倾斜固定的粗糙绝缘长直杆上，圆环的直径略大于杆的直径，杆处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中。现给圆环一沿杆向上的初速度为，在以后的运动过程中，下列关于圆环的速度v随时间，的变化关系图线，可能正确的是（）

.伽利略斜面实验被誉为物理学史上最美实验之一。某研究小组尝试使用等时性良好的“节拍法”来重现伽利略的斜面实验，研究物体沿斜面运动的规律。实验所用节拍的频率是每秒2拍，实验装置如图(a)所示。在光滑倾斜的轨道上装有若干可沿轨道移动的框架，框架上悬挂轻薄小金属片，滑块下滑撞击金属片会发出“叮”的声音(金属片对滑块运动的影响可忽略)。实验步骤如下：①从某位置(记为4)静止释放滑块，同时开始计拍；调节框架的位置，使相邻金属片发出的“叮”声恰好间隔1个拍，并标记框架在轨道上的位置4、人2、4……②测量4、42、A3到Ao的距离Si、s2'S3如图(b)所示。③将测量数据记录于表格，并将节拍数〃转换成对应时间，的平方.n123456s/cm9.538.586.2153.2240.3346.4t2/s20.251.00C4.006.259.00(1)表格中"C"处的数据应为；(2)由表中数据分析可得，s与d成关系(填“线性”或“非线性”)；(3)滑块的加速度大小为m/s2(结果保留2位小数)。.用图甲所示实验装置探究气体等温变化的规律。(1)关于该实验下列说法正确的是.A.为保证封闭气体的气密性，应在柱塞与注射器壁间涂上润滑油8.应快速推拉柱塞C.为方便推拉柱塞，应用手握注射器再推拉柱塞。.注射器旁的刻度尺只要刻度分布均匀即可，可以不标注单位图甲 图乙(2)测得多组空气柱的压强p和体积丫的数据后，为直观反映压强与体积之间的关系，以p为纵坐标，以F为横坐标在坐标系中描点作图。小明所在的小组压缩气体时漏气，则用上述方法作出的图线应为图乙中的(选填“①”或"②")。(3)某同学将注射器活塞移动到体积适中的位置时，接上软管和压强传感器，通过O/S系统记录下此时的体积％与压强po,然后记录多组数据，作p-号图像。在软管内气体的体积/V不可忽略时，图像为一条双曲线，如图丙所示。试用玻意耳定律分析，该双曲线的渐近线(图中的虚线)方程是p=o(用匕、p0>AV表示)(4)实验中若使用压强传感器采集数据，则柱塞与针筒间的摩擦对实验结果।填“有”或“无”)影响。.如图所示，一边长为L、质量为m的正方体物块A置于风 -洞内的水平面上，其中一面与风速垂直，风速为几时刚好能 m <——推动该物块。己知，风对物块的推力F8S/,其中v为风777777777777777速，S为物块迎风面积。风速变为2%时，刚好能推动用同一材料做成的另一正方体物块从物块和水平面间的动摩擦因数为“，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。(1)若尸=0层，则比例系数4为多大？(2)物块B的质量为多大？.气压式升降椅通过气缸上下运动来支配椅子升降，其简易结构如图乙所示，圆柱形气缸与椅面固定连接，总质量为m=6kg,横截面积为S=30cm2的柱状气动杆与底座固定连接。可自由移动的气缸与气动杆之间封闭一定质量的理想气体，稳定后测得封闭气体柱长度为L=20cm,设气缸气密性、导热性能良好，忽略摩擦力。已知大气压强为Po=1.0x105Pa,室内温度A=308K,重力加速度为g=10m/s2,求：(1)若质量M=54kg的人盘坐在椅面上，室内温度保持不变，稳定后椅面下降了多少；(2)人盘坐稳定后再打开空调，在室内气温缓慢降至72=300.3K的过程中，外界对缸内气体所做的功。

17.如图甲所示，在绝缘光滑水平桌面上,以17.如图甲所示，在绝缘光滑水平桌面上,以。为原点、水平向右为正方向建立x轴,在0<x<1.0m区城内存在方向竖直向上的匀强磁场。桌面上有一边长L=0.5m、电阻R=0.25。的正方形线框abed,当平行于磁场边界的cd边进入磁场时，在沿x方向的外力F作用下以"=1.0m/s的速度做匀速运动，直到油边进入磁场时撤去外力。若以cd边进入磁场时作为计时起点，在0WtW1.0s内磁感应强度B的大小与时间，的关系如图乙所示，线框始终做匀速运动。(1)求外力尸的大小；(2)求在0<t<1.0s内导线框中产生的热量Q；(3)若在1.0s<t<1.3s内匀强磁场的磁感应强度发生连续变化(图乙中未画出)，线框仍以u=1.0m/s的速度做匀速运动，贝k=1.25s时的磁感应强度B多大？甲 乙18.如图在直角坐标系xOy平面内，在第H象限中存在沿x轴负方向、场强为E的匀强电场，在第I、回象限存在垂直坐标平面向里的匀强磁场.一质量为m、电荷量为g的负粒子，从x=-，的M点以一定的初速度沿y轴正方向进入电场，经y=21的N点离开电场，经过磁场后恰好通过坐标原点。处再次进入电场，不计粒子重力.(1)求粒子的初速度大小；(2)求匀强磁场的磁感应强度B的大小；(3)若该粒子以相同的初速度从x=-2,处沿y轴正方向进入电场，求粒子第二次经过y轴时的纵坐标；(4)满足(3)的条件下，求粒子第n次经过y轴时的纵坐标.'xXXXXXN£XXXX一1XXM0XXX XX XX XX XX X答案和解析.【答案】c【解析】解：4、根据核电荷数和质量数守恒可知y射线是光子，具有一定的能量，故4错误；8、是a粒子，根据a射线的特点可知，具有很强的电离本领，穿透能力很弱，故8错误；C、自发的衰变过程中释放能量，原子核的比结合能增大，所以铭7%比篦14m的原子核更稳定，故C正确；。、半衰期是由放射性元素本身决定的，与外界因素无关，故。错误。故选：Co光子也具有能量；根据三种射线可知，穿透能力大小；结合半衰期与外界因素无关，及半衰期的概念求解；比结合能的大小反映原子核的稳定程度。考查三种射线的电离能力大小，注意它们的穿透能力的大小，掌握半衰期的概念，注意半衰期与外界因素无关，只与自身元素性质有关。.【答案】D【解析】4。、桥形成的根本原因是水的表面张力的作用，在地球上也可以有水桥现象，只是因为重力影响桥的宽度较短，故A错误、。正确；8、水能附着在透明玻璃板上，由此可推断水和透明玻璃板是浸润的，故B错误；C、液体表面分子间间距大于内部分子间间距，表现为引力，有使液体表面积缩小的趋势，故C错误。故选：D.液体表面张力的原因是液体表面分子间间距大于内部分子间间距，液体表面分子间表现为引力：根据浸润现象的定义及特点判断。本题以航天员们在“天宫课堂”液桥演示实验为背景，考查了液体表面张力及浸润现象,解决本题的关键会用分子间距离与r。的大小关系，从而判断分子力表现为引力还是斥力;明确液体表面张力、浸润与不浸润的微观意义。.【答案】C【解析】解：粒子运动轨迹如图所示设粒子做匀速圆周运动的轨道半径为r,根据几何关系得：/+G+R)2=(R+r)2解得：r=等，故C正确ABO错误。故选：Co根据题意作出粒子运动轨迹，由几何关系求得粒子运动半径。本题考查了带电粒子在磁场中的运动问题，根据题意作出粒子运动轨迹是解题的前提,应用几何知识即可解题。.【答案】D【解析】解：4太阳光中的紫外线频率主要在7.5xlO“Hz〜9.5xl014“z,根据光电效应条件可知，为避免太阳光中的紫外线干扰,K极材料的截止频率应大于9.5x1014Wz,故A错误；.电压表有没有示数与明火的照射时间无关，与明火中紫外线的频率有关，故8错误；CD电源左边接正极时，光电管上被施加反向电压，发生光电效应时到达阳极的光电子数减少，因此会降低报警装置的灵敏度，可知电源右边接正极，则电压表的正接线柱与C相连，故O正确，C错误。故选：D。当明火中的紫外线照射到K极时，光电管发生光电效应，形成光电流，电路被接通，电压表有示数变化，可以通过电压表示数的变化，反映火情的严重程度。本题是对爱因斯坦光电效应方程的常规考查，只需要学生了解光电流的产生原因和增大光电流的办法，就可以正确选择。.【答案】B【解析】解：A、A的过程中温度不变，内能不变，体积膨胀对外界做功，由热力学第一定律得气体从外界吸热才可能保持内能不变，故A错误；8、B-C的过程中体积不变，单位体积内的分子数不变，温度升高，分子的内能增大，压强增大，由热力学第一定律得气体从外界吸热，故B正确：C、Ct。过程的直线过原点，压强不变，温度降低，内能减小，体积减小，外界对气体做功，气体放热才可能内能减小，故C错误；。、Dt4的过程中气体的体积不变，单位体积内的分子数不变，温度减小，压强也减小，温度是分子平均动能的标志，故分子的平均动能减小，故。错误；故选：B。温度是分子平均动能的标志；一定质量的理想气体内能由温度决定；气体体积减小，外界地气体做功，气体体积变大，气体对外界做功；根据图示图象分析清楚气体状态变化过程，判断气体压强如何变化，应用热力学第一定律分析答题。根据题意与图示图象分析清楚气体状态变化过程是解题的前提，掌握基础知识、应用查理定律与热力学第一定律即可解题；应用热力学第一定律解题时要注意各物理量正负号的含义。【答案】A【解析】解：对两物体受力分析如图所示:由几何关系可知：p=m2g&cos30°=m^g+Fsin30°F]Sin30°=Fcos30°解得：叫=1：i,故A正确，BCD错误，m2故选：Ao对两个物体进行受力分析，根据几何关系联立等式得出质量的比值关系。本题主要考查了共点力的平衡问题，熟悉物体的受力分析，根据几何关系列式即可完成解答。【答案】D【解析】解：B、根据p=两粒子质量之比为2：1,动量相等，则iHe和在磁场中运动的半径之比为1：2,故8错误；4、粒子在磁场中运动的周期为两粒子比荷相等，则1He和在磁场中运动的周期之比为1：1,故4错误;C、根据牛顿第二定律得：两粒子电荷量之比为2：1,动量相等，［He和；H在磁场中运动的半径之比为1：2,故C错误；。、根据几何关系可知二者在磁场中的偏转角度相等，:He和在磁场的周期相等，则二者在磁场中运动的时间相等，故。正确；故选：Do根据两个粒子的动量关系结合质量关系得出速度的关系，结合牛顿第二定律得出半径的关系，从而得出半径的比值关系；根据圆周运动得出周期的比值关系，结合角度关系得出时间之比。本题主要考查了带电粒子在磁场中的运动，理解两个粒子的动量特点，结合牛顿第二定律和圆周运动公式完成分析。【答案】B【解析】解：设每个光子的能量大小为£,则有：£=加=若=6.63x10-34* =3.315x10』因为该光源辐射的功率为113W,由皿=「£可知，每秒向外辐射的能量为W=113x1/=113/即以光源为球心，每秒通过某球面的光子能量为113人故距离光源R处的球面满足数学公式：\(W=pUV£Sr\:\)即：3x1014x3.315x10-19*4nR2=113可以解得：R®300m.故B正确，ACC错误。故选:B.先计算每个光子的能量，再根据以光源为球心，每秒通过某球面的能量相等，列出数学表达式，即可求出某一球面的半径。本题考查光子能量的计算，要牢记公式£=九丫，并掌握波长、光速、频率之间的数量关系。难度不大，但计算时应细心，避免出错。.【答案】AC【解析】解：A、根据左手定则，正电荷受向上的洛伦兹力，向上偏，负电荷受向下的洛伦兹力，向下偏，故。板带正电，人板带负电，故。板电势高于b极电势，4正确.B、设液体流过测量管的速度大小为v,则流量Q=Sv=(兀/尸"，所以v=黑,故B错误.C、随着她两板电荷量的增加，两板间的电场强度变大，离子受到的电场力变大，当电场力大小等于洛伦兹力时，离子不再偏转，两板电压达到稳定，设稳定时两板间电压为U,离子电量为g,则离子受的电场力F=q£,离子所受的洛伦兹力f=qvB,由电场力和洛伦兹力平衡得q£=quB,解得：U=BDv将代入得U=幽，故C正确.nD2 nD。、由以上解答得显示器显示的流量Q二:兀”丫，显示器上的示数与离子速度有关而与浓度无关，故。错误.故选：AC-利用左手定则判断离子所受洛伦兹力的方向，确定其偏转方向，从而判断两板电势高低:根据流量定义求流速；由稳定状态时，离子受力平衡求两板的电压；由推导出的流量表达式，判断流量是否与离子浓度有关。本题属于带电粒子在复合场中运动的专题，并和生产生活相联系，此类问题还包括电磁流量计、磁流体发电机、速度选择器、霍尔效应等常用模型，此类问题的共性特点是稳定时电场力与洛伦兹力平衡，抓住这一关键条件作答，问题可迎刃而解。.【答案】BC【解析】解：A、因为两个人是相向运动的，运动方向相反，因此公时刻位移方向相反。根据t图像与时间轴所围的面积大小等于位移，可知，0〜0时间内，甲的位移小于乙的位移，所以0〜q时间内，甲、乙两人位移不同，故A错误；8、v-t图像的面积表示物体运动的位移大小，0〜t2时间内，乙的路程大于甲的路程，故8正确；C、v—t图像的斜率表示加速度，设交点为A,则t3时刻交点4恰好等分—J的圆周，因此由几何关系可得过A点圆的切线的斜率和乙的斜率大小相等，故在J时刻，甲、乙两人加速度大小相等，故C正确；。、通过观察可以看出甲的图像与时间轴所围的面积为5=；兀/?2+/?2一；〃/?2=/?2,乙4 4图像与时间轴所围的的面积为R2,说明甲、乙运动的位移相等，又由于甲乙均做单向直线运动，路程与位移大小相等，则甲、乙运动的路程相等，平均速率相等，故。错误。故选：BC.根据v-t图像与时间轴所围的面积大小等于位移分析位移关系，结合两人的运动情况分析路程关系。图像的斜率等于加速度，分析加速度关系，平均速率等于路程与时间的比值。本题关键从速度-时间图像的数学意义，来分析物体的运动情况，分析时要抓住“面积”大小等于位移、斜率等于加速度。.【答案】AD【解析】解：4开关S断开时，原线圈中的电流/,八b端的输入功率为Pab=〃/，故4正确。区开关断开时，R1消耗的功率Pri=/&：副线圈中的电流％=&/=2/,电阻/?2消耗n2的功率Pr2=/§&=(2/)2%=4/2%,则Pri：Pr2=产的x"丁=1:4,故8错误。C.开关S断开时，电阻&两端的电压Uri=/&,理想变压器原线圈两端电压/=U-UR1=U-IRt,根据功率关系UJ=/泳2=(2/)2%，联立解得故C错误。。.开关闭合后，负载电阻R=；Ri：设通过原线圈的电流为/「则副线圈中的电流，2'=生A=2，i，原线圈两端电压出'=U-ARi，根据功率关系Ui'A=。2')2/?=(2/力2•n2=2孑/?1联立解得A="，故O正确。故选：AO。变压器原线圈两端电压等于输入电压与电阻&两端电压的差值；再根据电流之比等于匝数的反比可求得输出电流；根据电压之比等于匝数之比对两种情况列式，联立可求得U与/的关系：则可求得原副线圈中电阻力、/?2消耗的功率之比。本题主要考查变压器、欧姆定律。解决这类问题的关键是掌握变压器的构造和原理，要理解和熟练运用理想变压器的电压关系、电流关系。.【答案】BC【解析】【分析】分别对qB%>mgcos。和qB^o<mgcos。时，分析圆环受到的作用力，根据牛顿第二定律求解加速度的表达式，再分析圆环的运动情况。解决该题需要知道分情况进行讨论，正确分析圆环的受力，能根据牛顿第二定律推导出圆环运动过程的加速度，能根据正确分析圆环的运动情况。【解答】当qBu()>mgcos。时，圆环受到尸n=qBu-mgcos。，由于圆环的速度减小，所以圆环受到的支持力变小，当速度减小到洛伦兹力小于mgcos。后，圆环受到的支持力逐渐变大，所以摩擦力外=冲1n先变小后变大，圆环减速的加速度a=—也先变小后变大；m当速度变小为零时，若“2tan。时，圆环静止，若〃<tan。时，圆环将向下做加速度减小的加速运动直到平衡后做匀速，当qB%<mgcosd,圆环受到风变大，摩擦力与="Fn变大，物体减速的加速度a=mgine+Ff变大,m速度变小为零时，若〃2tan。时，物体将静止，若4<tan0时，圆环将向下做加速度减小的加速运动直到平衡后做匀速，故BC正确，错误。故选：BC。.【答案】2.25线性0.77【解析】解：(1)由于实验中所用节拍的频率是每秒2拍，即频率为f=2Hz,周期为:1T=-=-s=0.5sf2拍3次时需要的时间为t3=37=1.5s,则恃=1.52s2=2.25s2；(2)根据图表可以得出n=2时的位移是n=1时的位移之比：£=翳。4,时间平方之比：4=—=4；片0.2571=3时的位移是？1=1时的位移之比：包=凳^9,时间平方之比：居=熬=9；n=4时的位移是n=1时的位移之比：区=鬃《16,时间平方之比：与=黑=16；S19.5 0.25所以S与t2成线性关系；(3)根据逐差法可得：a=年产=(3464-^y)xl0-2m/s2=0.77m/s2.故答案为：(1)2.25；(2)线性；(3)0.77o(1)由于实验中所用节拍的频率是每秒2拍，由此得到频率和周期，再计算拍3次时需要的时间和时间的平方；(2)根据图表计算位移之比、时间的平方之比，由此得出规律：(3)根据逐差法求解加速度。本题主要是考查探究小车速度随时间变化的规律，解答关键是掌握匀变速直线运动的规律，知道逐差法求解加速度的方法。.【答案】AO②竽po无【解析】解：(1)4、在柱塞与注射器壁间涂上润滑油，可以防止漏气，确保所研究的气体质量一定，故A正确；8、若快速推拉柱塞容易使得气体温度发生急剧变化，与实验研究的是等温变化不符合，故8错误；C、实验中若用手握注射器，容易引起气体温度的显著变化，与实验研究的是等温变化不符合，故C错误；。、注射器的横截面积S不变，注射器旁的刻度尺如果刻度分布均匀，可以用气体的长度来间接表示体积，可以不标注单位，故。正确。故选：ADO(2)根据一定质量的理想气体状态方程华=。可知：p=C*，贝3-1应是一条过原点的倾斜直线，如果压缩气体时漏气，贝岭大于理论值，即应为图乙中的②。(3)在软管内气体体积不可忽略时，被封闭气体的初状态的体积为％+4%压强为Po,末状态的体积为V+4V,压强为p,由玻意耳定律有PolVo+dV)=P(V+/V),解得:2=鬻”0,当式中的丫趋向于零时，有「二等〉。，即该双曲线的渐近线(图丙中的虚线)方程是p=空-p°(4)实验中若使用压强传感器采集数据，即直接通过传感器采集气体的压强，柱塞与针筒间的摩擦对实验结果无任何影响。故答案为：(1)4。；(2)②；(3)誓po；(4)无。(1)根据实验原理掌握正确的实验操作；(2)根据一定质量的理想气体状态方程结合图象分析答题；(3)根据玻意耳定律得出p的解析式；(4)根据实验原理完成对实验误差的分析。本题主要考查了理想气体的实验规律，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合公式一定质量的理想气体状态方程和图像的物理意义即可完成分析。.【答案】解：(1)风速为孙时刚好能推动该物块，风力等于最大静摩擦力，则：kl7vl=Rmg解得：心舞(2)设物块密度为p,则质量：m=pG由平衡条件得：kL2v2=HpL3g,解得：L=—可知7718^3,La"2,得mOC"6风速变为2%时，可得物块B的质量为m'=64m答：(1)若尸=kSM,则例系数火大小是谶。(2)物块8的质量为64机。【解析】(1)对物块A,应用平衡条件可以求出比例系数。(2)对物体8,应用平衡条件可以求出质量。本题考查了共点力平衡条件的应用，对物体受力分析是解题的前提，应用平衡条件即可解题。.【答案】解：横截面积为S=30cm2=3x10-3m2(1)由平衡条件得：对气缸：mg+p0S=ptS对人与气缸整体：(M+m)g+p()S=p2s代入数据解得：pi=1.2x105Pa,P2=3x105Pa气体发生等温变化，由玻意耳定律得：P1LS=p2L'S代入数据解得，气柱长度L'=8cm所以稳定后椅面下降了L-L'=12cm(2)设气温心=300.3K时气柱的长度为由盖-吕萨克定律得：器=等代入数据解得：L"=7.8cm外界对气体做的功W=p2S(L'-L")=3x105x3xIO-3x(8-7.8)X10-2/=1.8/【解析】(1)应用平衡条件求出气缸内气体的压强，然后应用玻意耳定律求出气柱的长度及椅面下降的长度。(2)应用盖-吕萨克定律求出气柱的长度，应用功的计算公式求出外界对气体做的功。分析清楚气体状态变化过程，应用平衡条件求出气体的压强，应用玻意耳定律与盖-吕萨克定律即可解题。.【答案】解：(1)从开始到线框完全进入磁场所用时间为：打=(=署5=0.5s,所以磁感应强度始终为a=0.25T；则回路电流：4=与根据平衡条件可得：尸=尸安=//也联立以上各式得：F=6.25x10-2N；(2)0WtW0.5s时间内的电流：。=华根据焦耳定律可得产生的焦耳热为：Qi=族30.5s<t<1.0s时间内的电动势：E=—=—L2=°50~0,25x0.52v=0.125VAtAt1.0—0.5rh、心rE0.125*Cf-A电流：I2=—= A=0.5i4zR0.25此过程中产生的热：Q2=/2R(t2-ti)0WtW1.0s时间内产生的热量为：Q=Qi+Q2解得代入数据解得：Q=6.25x10-2人(3)t2=1.0s时，线框cd边刚好到磁场左边界，1.0〜1.3s内线框匀速出磁场，线框不受安培力，感应电流为0,所以磁通量保持不变；则有：B2l7=BL[L-v(t-t2)]解得：8=17。答:(1)外力尸的大小为6.25x10-2N；(2)求在0<t<1.0s内导线框中产生的热量为6.25x10-2/；