2022届云南省彝良县高三考前热身物理试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回..答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置..请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符..作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑：如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效..如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、单镜头反光相机简称单反相机，它用一块放置在镜头与感光部件之间的透明平面镜把来自镜头的图像投射到对焦屏上。对焦屏上的图像通过五棱镜的反射进入人眼中。如图为单反照相机取景器的示意图，为五棱镜的一个截面，AB±BC,光线垂直AB射入，分别在8和£4上发生反射，且两次反射的入射角相等，最后光线垂直8。射出。若两次反射都为全反射，则该五棱镜折射率的最小值是（ ）\五校镜 至人眼N— ,至感光部件TOC\o"1-5"\h\zA.———— B.——-—— C.— D.V2sin22.5° cos22.5° 22,平行板电容器、静电计、理想二极管（正向电阻为0。反向电阻无穷大）与内阻不计的电源连接成如图所示的电路，现在平行板电容器两极板间的尸点固定一带负电的点电荷，其中电容器的右极板固定，左极板可左右移动少许。设静电计的张角为心则下列说法正确的是（ ）A.若左极板向左移动少许，则0变大，P点的电势不变B.若左极板向左移动少许，则，不变，尸点的电势不变C.若左极板向右移动少许，则。不变，位于尸点的点电荷的电势能减小D.若左极板向右移动少许，则〃变小，位于尸点的点电荷的电势能增大3、某理想自耦变压器接入电路中的示意图如图甲所示，图乙是其输入电压“的变化规律.已知滑动触头在图示位置时原、副线圈的匝数比为〃|：%=1°：1，电阻a=220.下列说法正确的是B.电流表A2的示数为0AC.此时变压器的输入功率为22WD.将P沿逆时针方向移动一些，电流表Ai的示数变小4、如图所示，在光滑水平面上一小球以某一速度运动到A点，遇到一段半径为R的1/4圆弧曲面A5后，落到水平地面的C点.已知小球没有跟圆弧曲面的任何点接触，则8c的最小距离为（ ）R B.五R C.芋R D.（也一1）R5、物理学重视逻辑，崇尚理性，其理论总是建立在对事实观察的基础上。下列说法正确的是A.贝克勒尔发现天然放射现象，其中夕射线来自原子最外层的电子B.密立根油滴实验表明核外电子的轨道是不连续的C.卢瑟福的a粒子散射实验发现电荷量子化的D.汤姆逊发现电子使人们认识到原子内部是有结构的6、如图所示，a、b是两个由电阻率相同的铜线制成质量相等的正方形单匝闭合线框，b的边长为a的两倍，a和b所用的铜线粗细不同。现以相同速度%,把两线圈匀速拉出磁场，则该过程中两线圈产生的电热0：2为（ ）

XXXXXXXXXXXXA.1:1 B.1:2 C.1:4 D.4:1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。7、回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的。形金属盒半径为R,两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计，磁感应强度为〃的匀强磁场与盒面垂直，A处粒子源产生质量为m、电荷量为+q的粒子，在加速电压为U的加速电场中被加速，所加磁场的磁感应强度、加速电场的频率可调，磁场的磁感应强度最大值为反,和加速电场频率的最大值及。则下列说法正确的是（）=p：4/*依交流电源A.粒子获得的最大动能与加速电压无关B.粒子第n次和第«+1次进入磁场的半径之比为而T：GC.粒子从静止开始加速到出口处所需的时间为2UD.若，<尊J则粒子获得的最大动能为£.=2//次:R28,如图，*b、c、d是均匀介质中水平轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为4m、6m和8m。一列简谐横波沿x轴正向传播，在U0时刻传到质点。处，使质点。由平衡位置开始竖直向下运动。波继续向前传播，/=5s时质点力己经通过了8cm路程并第一次回到了平衡位置，此时质点c刚好开始振动。则下列说法正确的是A.该波的波速为1.6cm/sB.质点c开始振动后，其振动周期为6sC.当f>5s后，质点8向下运动时，质点c一定向上运动D.在7s<f<9s的时间间隔内质点c向上加速运动

E.在Z=10s时刻质点d的加速度方向向上39、如图所示，在匀强磁场中有一矩形MNQP,场强方向平行于该矩形平面。已知QP=&m,MP=-m.各点的电势分别为仍＞=。，（Pm=157，%=3V。电子电荷量的大小为6则下列表述正确的是（ ）A.电场强度的大小为26V/mN点的电势为4.5VC.电子在M点的电势能比在P点低1.5eVD.电子从M点运动到。点，电场力做功为T.5eV10、将小球以某一初速度从地面竖直向上抛出，取地面为零势能面，小球在上升过程中的动能&，重力势能「与其上升高度人间的关系分别如图中两直线所示，取g=10m/s2,下列说法正确的是（ ）543254320 4h/mA.小球的质量为0.2kgB.小球受到的阻力（不包括重力）大小为0.25N20C.小球动能与重力势能相等时的高度为D.小球上升到2m时，动能与重力势能之差为0.5J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。（6分）一同学用电子秤、水壶、细线、墙钉和贴在墙上的白纸等物品，在家中验证力的平行四边形定则，主要实验步骤如下：①如图甲，细线OC一端连接一装满水的水壶，另一端连接圆环。，用电子秤的下端挂钩钩住圆环O,记下水壶静上时电子秤的示数F；②如图乙，将细线A5一端拴在墙钉A处，另一端穿过圆环。拴在电子秤的挂钩8处。手握电子秤沿斜上方拉住细线的8端使水壶处于平衡状态，在墙面的白纸上记录圆环。的位置、三细线04、OB、OC的方向和电子秤的示数人；③如图丙，在白纸上以。为力的作用点，按定标度作出各力的图示，根据平行四边形定则作出两个后的合力/的图

ZJSo(1)步骤①中(填”必须”或"不必”)记录。点位置；⑵步骤②中用细线穿过圆环O,而不用细线直接拴接在细线AB上的原因是；(3)通过比较尸与的大小和方向，即可得出实验结论。(12分)测量电压表内阻(量程为3V)的实验如下：(1)用多用电表粗略测量，把选择开关拨到“xlO”的欧姆挡上，欧姆调零后，把红表笔与待测电压表(选填“正”或“负”)接线柱相接，黑表笔与另一接线柱相接；(2)正确连接后，多用电表指针偏转角度较小，应该换用(选填“X1，，或，，xl00，，)挡，重新欧姆调零后测量，指针位置如图甲所示，则电压表内阻约为1⑶现用如图乙所示的电路测量，测得多组电阻箱的阻值R和对应的电压表读数U,作出万一/?图象如图丙所示.若图线纵截距为从斜率为A,忽略电源内阻，可得Rv=；(4)实验中电源内阻可以忽略，你认为原因是.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。(10分)如图所示，竖直平面MN与纸面垂直，MN右侧的空间存在着垂直纸面向内的匀强磁场和水平向左的匀强电场，MN左侧的水平面光滑，右侧的水平面粗糙.质量为m的物体A静止在MN左侧的水平面上，已知该物体带负电，电荷量的大小为为q.一质量为:，”的不带电的物体B以速度vo冲向物体A并发生弹性碰撞，碰撞前后物体A的电荷量保持不变.求：(1)碰撞后物体A的速度大小;(2)若A与水平面的动摩擦因数为h，重力加速度的大小为g,磁感应强度的大小为8=3空，电场强度的大小为E=包整.已知物体A从MN开始向右移动的距离为/时，速度增加到最大值.求：qa.此过程中物体A克服摩擦力所做的功W；b.此过程所经历的时间t.TOC\o"1-5"\h\zM B•X X X X!x x x:. £区 !x x x x—3-»间同3XXXN(16分)如图所示的平行板之间，存在着相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度办=0.20T,方向垂直纸面向里，电场强度g=1.0xl()5v/m,尸。为板间中线.紧靠平行板右侧边缘xOy坐标系的第一象限内，有一边界线40,与y轴的夹角44。产45。，边界线的上方有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度员=0.25T,边界线的下方有水平向右的匀强电场，电场强度G=5.0xl05v/m,在x轴上固定一水平的荧光屏.一束带电荷量g=8Oxl()T9c、质量〃?=8.0x10-26kg的正离子从p点射入平行板间，沿中线尸。做直线运动，穿出平行板后从y轴上坐标为(0,0.4m)的Q点垂直y轴射入磁场区，最后打到水平的荧光屏上的位置C.求：(1)离子在平行板间运动的速度大小.(2)离子打到荧光屏上的位置C的坐标.(3)现只改变AOy区域内磁场的磁感应强度的大小，使离子都不能打到x轴上，磁感应强度大小外，应满足什么条件?>y/m(12分)如图，直角三角形48c为一棱镜的横截面，NA=90。，N8=30。.一束光线平行于底边射到A8边上并进入棱镜，然后垂直于AC边射出.(1)求棱镜的折射率;(2)保持A8边上的入射点不变，逐渐减小入射角，直到BC边上恰好有光线射出.求此时边上入射角的正弦.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】设入射到。面上的入射角为仇因为在C0和EA上发生全反射，且两次反射的入射角相等。如图：根据几何关系有48=90°解得0=22.5°根据sin8=,解得最小折射率n1n= sin22.5°选项A正确，BCD错误。故选A。2,C【解析】AB.静电计上的电压不变，所以静电计的张角，不变，由于二极管具有单向导电性，所以电容器只能充电，不能放电:将电容器的左极板水平向左移时，电容器的电容减小，但不能放电，则电容器带电量不变，由。=工和4兀kd U后==可得，电容器两极板间的电场不变，则尸点的电势必=石一反(x为尸点到左极板的距离)，则尸点的电势a降低，故AB错误：CD.将电容器的左极板水平向右移时，电容器的电容。=了力增大，电场强度£=丁增大，P点的电势升高，由于4兀kd aP点固定的是负电荷，所以位于尸点的点电荷的电势能减小，故C项正确，D项错误。故选C。3、C【解析】由图乙可知，该交流电的周期为T=0.02s,其频率为50Hz,选项A错误；变压器初级输入电压的有效值=220V|v=220V，次级电压：U2=^U}=22V,则电流表A2的示数为/2="=N4=14,选项B错误;72 勺 - 22变压器的次级功率为：P2=I2U2=22W,则此时变压器的输入功率为22W,选项C正确；将P沿逆时针方向移动一些，则次级匝数增加，次级电压变大，则电流表Ai的示数变大，选项D错误。故选C.4、D【解析】v2在A点，小球开始离开圆弧曲面，只受重力，则有：mg=m一R(2/?，之后小球做平抛运动，贝!］：R=-g/2,得：t=J——则平抛运动的最小水平位移为:x=vt=JgRxJ至=V2R,所以8c的最小距离为：d=(V2-l)/?A、B、C错误；D正确；故选D.5、D【解析】贝克勒尔发现天然放射现象，其中/射线来自于原子核内的质子转化为中子和电子中得电子，而不是原子核外的电子,A错波尔的氢原子模型说明原子核外的电子的轨道是不连续的，B错;密立根油滴实验首次发现了电荷量子化，C错误；电子的发现让人们认识到原子核内的还存在粒子，说明原子核内还是有结构的，D对。6、B【解析】设a的边长为L,横截面积为S-b的边长为2L,横截面积为曷，因质量相等，有4LS,=8LS2得S[=2s2a的电阻为口_4Lb的电阻为R、=p=4R]线圈匀速向外拉，感应电流为j_BL%2BLv0b=~^~产生的焦耳热%Qb=/X—%综上可得Qa：Qb=l：2故B正确，ACD错误。故选：B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD

【解析】A.当粒子出D形盒时，速度最大，动能最大，根据“8=〃?二，得R归迎m则粒子获得的最大动能“2p2p2&m=-mv2- 2m粒子获得的最大动能与加速电压无关，故A正确。B.粒子在加速电场中第〃次加速获得的速度，根据动能定理1,nqU=mvn可得V、呼Vm同理，粒子在加速电场中第〃+1次加速获得的速度巫巫Vmmv 粒子在磁场中运动的半径片一二，则粒子第〃次和第n+1次进入磁场的半径之比为4： 故b错误。qHC.粒子被电场加速一次动能的增加为qU,则粒子被加速的次数“—Eg_qB2R?*qU~2mU粒子在磁场中运动周期的次数，/_MW24mU27tm粒子在磁场中运动周期T=-则粒子从静止开始到出口处所需的时间qB4mUqB2UqB2R227rmnBR2t=nrT= x = 4mUqB2U故C正确。当磁感应强度为8m时，加速电场的频D.加速电场的频率应该等于粒子在磁场中做圆周运动的频率，即/=¥当磁感应强度为8m时，加速电场的频d,率应该为力,“=产，粒子的动能为a=不，"也2nm 2当，N料时，粒子的最大动能由8m决定，则2nni解得粒子获得的最大动能为F纥"m-— 2m当工，（我时，粒子的最大动能由启决定，则2nmvm=2nfmR解得粒子获得的最大动能为Ekm=2n2mfm2R2故D正确。故选ACD.8^BCE【解析】A.在U5s的时间内波形从a传播到c距离为10m,故波速为x]0v=—=—m/s=2m/st5故A错误；B.从波源a起振开始到波形传播到力点的时间为8点起振后振动了半个周期，总时间为5s,有u T5=t.H—12可得T=6s而所有质点点的振动周期相同，故质点C开始振动后其振动周期也为6s,故B正确；C.当e5s后，分和c都已开始振动，两者的距离为6m等于半个波长，则质点b向下运动时质点c一定向上运动，故C正确；T2TD.当时间7sa<9s时，而周期T=6s,c点起振需要5s,则c点的振动时间在丁〜k范围内且起振向下，故c正经3 3

过波谷后向平衡位置振动，则质点C向上先加速运动后减速向上运动，故D错误；E.质点ad的距离为18m,则波源a到d的时间为,Ar18o△t=—=—s=9sv2故质点振动的时间Is=工，且起振竖直向下，而加速度指向平衡位置方向向上，故E正确。6故选BCE»9,BC【解析】A.如图所示在延长线上取用B=在延长线上取用B= 则电势%=2（如_孙）=3丫则Q、8连线在等势面上。由几何关系得sina=QPsina=QPylQP2+PB2a=30AP=^a=30AP=^=lm

2 2电场强度的大小为UOP£=—^=2V/m

AP故A错误;B.电场中的电势差有9m-(Pn=(Pp-<Pq%=4.5V故B正确；C.因为0“-%=L5V则电子在用点的电势能比P点低1.5eV,故C正确；D.因为(Pm_%=T.5V则电子由M点运动到。点时电势能减小1.5eV,则电场力做功为L5eV,故D错误。故选BC»10、BD【解析】A.由图知，小球上升的最大高度为〃=4m,在最高点时，小球的重力势能Ep=mgh=4J得m=—=O.lkggh故A错误；B.根据除重力以外其他力做的功Wj[=AE则有-"=E小E低由图知魇=4J,%=5J又h=4m解得/=0.25N故B正确;C.设小球动能和重力势能相等时的高度为“，此时有订1 2mgH=—mv由动能定理有—fH-mgH=gmv2-gmv1由图知；*=5J联立解得„20H=m9故C错误；D.由图可知，在仁2m处，小球的重力势能是2J,动能是1J=25J,所以小球上升到2m时，动能与重力势能之差

2为2.5J-2J=0.5J故D正确。故选BDo三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、不必 两分力一次同时测定，减小误差(或由于圆环的滑动，使得04、08两细线拉力大小相同) F'【解析】因为重力恒竖直向下，只要保证水壶静止即可，读出OC绳的拉力即可，故第一次不需要记录。点位置。(2)[2]由于圆环的滑动，使得04、0B两细线拉力大小相同，故可以两分力一次同时测定，减小误差。(3)[3RM和08绳子的拉力作用效果和0C一条绳子的拉力的作用效果相同，而0C一条绳子作用力为f，04和08绳子的合力为根据平行四边形定则画出来的尸，所以只要比较尸和尸的大小和方向，即可验证试验。12、负xlOO4000 - 电压表内阻远大于电源内阻k【解析】欧姆表内阻电源负极与红表笔相连，根据电压表的使用原则“电流从正接线柱流入负接线柱流出”可知把红表笔与待测电压表负接线柱相接。(2)[2][3]选择开关拨到“xio”的欧姆挡，指针偏转角度很小，则表盘刻度很大，说明是个大电阻，所选挡位太小，为减小实验误差，应换用xlOO欧姆挡重新调零后测量；欧姆表示数为40x1000=4000。。(3)[4]由图乙结合欧姆定律得UE=—QRv+R)变形得:1 1 1—= 1 *RUEERV结合图丙可得:b=—,k=—EER、解得hRv=一k(4)⑸由于电压表内阻一般几千欧，电源内阻几欧姆，电压表串联在电路中，且电压表内阻远大于电源内阻，故电源内阻可忽略不计。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3 , / %13、(1)vA=-v0(2)a.W=4jjmgl--mv-bJ=—+-^【解析】(1)设A、B碰撞后的速度分别为以、vb,由于A、5发生弹性碰撞，动量、动能守恒，则有:11-mv0=-mvH+mvA(i)1 2 1 1 2 1 2否万•铲%=万.§叫+-^A®联立①②可得：以=]%③2)a.4的速度达到最大值—时合力为零，受力如图所示.竖直方向合力为零，有:N=qvmB+mg④水平方向合力为零，有：qE—//N⑤根据动能定理，有：qEl_W=gmv：-gmv\⑥联立③④⑤⑥并代入相相关数据可得：3 、W=4/lingI——8b.方法一：在此过程中，设A物体运动的平均速度为e，根据动量定理有：qEt- =tnvm-mvA⑦N=mg+qvB⑧依题意有：vt=l®联立③©⑤⑦⑧⑨并代入相关数据可得：I- r %6〃g方法二：设任意时刻A物