中考化学培优易错试卷含解析化学推断题及解析

中考化学培优易错试卷(含分析)之化学推测题及答案分析一、初中化学推测题1．以以下图，A～H是初中化学常有的物质。A和B可发生中和反响，X常用作食品干燥剂，Y为单质。依据图示回答以下问题：（1）B的俗称为。（2）H的化学式为。G必定含有的金属离子是。（填符号）（3）反响②的化学方程式为。（4）反响③的化学方程式为。【答案】（1）熟石灰（或消石灰）（2）Fe3O4，Fe2+通电（3）CaO+H2O=Ca(OH)2（4）2H2O2H2↑+O2↑【分析】【分析】【详解】试题分析：A和B可发生中和反响生成C可以发生电解，故C是水，水电解生成的F可供给呼吸，故F是氧气，则E是氢气；X常用作食品干燥剂，故X是氧化钙，能与水反响生成氢氧化钙，故B是氢氧化钙；A和B可发生中和反响，故A是酸，能与单质Y反响生成浅绿色溶液G，则Y是铁；铁与氧气反响生成四氧化三铁，故（1）B的俗称为熟石灰（或消石灰）；（2）H的化学式为Fe2+；（3）反响②的化3O4，G必定含有的金属离子是Fe学方程式为CaO+H2通电2222O=Ca(OH)；（4）反响③的化学方程式为2HO2H↑+O↑。考点：物质的推测与转变2．A﹣G是纯净物且A、B、C、D、E是初中化学中常有的不同样类其余物质。它们之间的关系以以下图（“→”表示物质间的转变关系，“﹣”表示两头的物质能发生化学反响）。草木灰的主要成分，B是光合作用不可以缺乏的物质，D是由两种元素构成的化合物，产量最高的金属，F是将来最理想的洁净能源，请回答以下问题：

A是E是年①写出化学式：D_____，E_____。②物质G所属的物质种类是_____；请写出物质G和物质F反响的化学方程式_____（任写一个）。③物质C与物质D反响的基本种类是_____。④古代常将草木灰与C溶液混淆，滤取反响后清液作漂洗的冲洗剂。写出此反响的化学方程式_____。加热【答案】HClFe氧化物CuO+H22复分解反响Ca（OH）Cu+HO2+K2CO3═CaCO3↓+2KOH【分析】【分析】依据A﹣G是纯净物且A、B、C、D、E是初中化学中常有的不同样类其余物质，依据A是草木灰的主要成分，所以A是碳酸钾；依据B是光合作用不可以缺乏的物质，碳酸钾和B可以相互转变，所以B是二氧化碳；依据D是由两种元素构成的化合物，D会与碳酸钾反响，会转变为二氧化碳，所以D是盐酸，C可以是氢氧化钙；依据E是年产量最高的金属，是铁，E与F可以相互转变，且F是将来最理想的洁净能源，所以F是氢气，G会与盐酸、氢气反响，所以G是金属氧化物，经过考证，推导正确。【详解】①依据分析，D是HCl，E是Fe；②物质G所属的物质种类是氧化物；物质G和物质F反响，可以是氧化铜与氢气反响，反加热应的化学方程式为CuO+H2Cu+H2O；③物质C与物质D的反响是氢氧化钙和盐酸反响生成氯化钙和水，基本种类是复分解反响；④古代常将草木灰与C溶液混淆，滤取反响后清液作漂洗的冲洗剂。反响是氢氧化钙和碳酸钾反响生成碳酸钙积淀和氢氧化钾，化学方程式是：Ca（OH）2+K2CO3═CaCO3↓+2KOH。3．粗盐中含有MgCl2、CaCl2等杂质，工业提纯粗盐的工艺流程以以下图：（1）Ca（OH）2俗称_____，步骤①反响的化学方程式为_____。（2）步骤③操作a的名称是_____。（3）若步骤①和步骤②的次序颠倒，则最后所得的精盐水中还含有_____。【答案】熟石灰或消石灰MgCl2+Ca（OH）2＝Mg（OH）2↓+CaCl2；过滤CaCl2（或氯化钙）【分析】【分析】粗盐水里面含有氯化镁和氯化钙，加入过分的氢氧化钙溶液，会生成氢氧化镁白色积淀，加入过分的碳酸钠溶液，生成碳酸钙积淀，滤液中含有氯化钙。【详解】（1）氢氧化钙的俗名为熟石灰或消石灰；步骤①加入过分的氢氧化钙溶液，氯化镁与氢氧化钙反响生成氢氧化镁积淀和氯化钙，反响的化学方程式为：MgCl2+Ca（OH）2＝Mg（OH）2↓+CaCl2。（2）过滤是分别固体和液体的操作，步骤③操作a后获得积淀和滤液，故为过滤。（3）依据Ca（OH）2可除掉MgCl2，Na2CO3可除掉CaCl2．假如步骤①和步骤②的次序颠倒，步骤②先反响溶液中就有过分的碳酸钠，此后达成步骤①，这时过分的氢氧化钙把上步中节余的碳酸钠除掉，同时生成氢氧化钠，其余氢氧化钙与氯化镁反响还生成氯化钙，最后步骤④中加入合适的盐酸，反响掉生成的氢氧化钠，但不与生成的氯化钙反响，所以最后所得的精盐水中还含有CaCl2，故答案为CaCl2。【点睛】除杂的原则：除掉杂质，不可以引入新的杂质。4．实验室有失掉标签的五个试剂瓶，分别盛有NaOH溶液、CuSO溶液、稀盐4溶液、BaCl2酸和稀硫酸。鉴识操作以下：（1）呈蓝色的溶液为CuSO4溶液。取少许其余溶液分别于四支试管中，再分别滴加CuSO4溶液，可鉴识出NaOH溶液和BaCl2溶液。鉴识出NaOH溶液的现象是_____。（2）另取少许节余的两种溶液分别放入两支试管中，再分别滴加BaCl2溶液，此中一支试管内产生白色积淀，该反响的化学方程式为_____。3）实验结束后，将全部试管中的物质充分混淆，过滤除掉积淀，获得无色滤液，此滤液必定含有的溶质为_____（填化学式）。取少许无色滤液滴加Na2SO4溶液，无明展现象。另取少许无色滤液分别与以下物质混淆时，必定无明展现象的是

_____。ABa(OH)2溶液

BAgNO3溶液

CMg

D酚酞溶液【答案】产生蓝色积淀

H2SO4

BaCl2

BaSO4

2HCl

NaCl

C【分析】【详解】（1）呈蓝色的溶液为CuSO4溶液。取少许其余溶液分别于四支试管中，再分别滴加CuSO4溶液，可鉴识出NaOH溶液和BaCl2溶液。CuSO4溶液与BaCl2溶液产生白色积淀；CuSO4溶液与NaOH溶液产生蓝色积淀；鉴识出NaOH溶液的现象是产生蓝色积淀；故填：产生蓝色积淀（2）另取少许节余的两种溶液分别放入两支试管中，再分别滴加BaCl2溶液，能与BaCl2溶液产生白色积淀的是稀硫酸，其反响的化学方程式为：H2SO4+BaCl2==BaSO4+2HCl；故填：H2SO4+BaCl2==BaSO4+2HCl（3）依据反响可知，氯化钠为反响产物，且可溶解在水里，故此滤液必定含有的溶质为NaCl；将五种溶液混淆，过滤后获得无色溶液，说明铜元素全在氢氧化铜积淀里，滤液里无铜离子，试管中能生成氢氧化铜积淀，说明滤液中没有氢离子，滤液加入硫酸钠后没有明展现象，说明滤液中没有钡离子。A、溶液中可能含有硫酸根离子，所以加入氢氧化钡后可能有积淀生成，故不符合题意；B、溶液中含有氯离子，所以加入硝酸银后有积淀生成，故不符合题意；C、溶液中没有氢离子，所以加入镁后没有明展现象，故符合题意；D、依据以上分析可知滤液中没有氢离子，滤液呈碱性或中性，所以加入酚酞可能会有明展现象，故不符合题意；故填C5．如图表示某些物质间的转变关系（反响条件均略去），此中A为天然气的主要成分，C为相对分支质量最小的氧化物，F为红棕色粉末，G为最常有的金属，B、D、E均为无色气体．请回答：1）X是_________（填一种物质化学式）；2）写出以下反响的化学方程式：①C→D+E：，②A+E→B+C：_________；（3）曹君宇同学将必定量的G放入硫酸铜溶液中，一段时间后，发现溶液底部仍有固体存在，则溶液底部的固体构成可能是___或______。【答案】（1）C（或CO）（通电点燃2）2H2O2H2↑+O2↑CH4+2O22H2O+CO2（3）CuCu、Fe【分析】试题分析：A为天然气的主要成分，那么A是甲烷；C为相对分子质量最小的氧化物，那C是水；F为红棕色粉末，那么F是氧化铁；G为最常有的金属，G是铁。甲烷焚烧生成二氧化碳和水，故E是氧气，B、D、E均为无色气体，故B是二氧化碳；水电解分解生成氢气和氧气，故D是氢气；氧化铁与一氧化碳或碳反响生成铁和二氧化碳；铁与硫酸反响生成硫酸亚铁和氢气。把推测出的物质代入，推测正确。考点：物质的推测6．A、B、C、D、E、F都是初中化学常有的物质，此中B是植物进行光合作用的一种重要原料又称气肥，C是常有的食品干燥剂，它是金属氧化物．它们之间的关系如图所示．（图中“﹣”表示两头的物质能发生化学反响；“→”表示物质间存在转变关系，相关反响条件和其余物质已略去．）1）已知反响①、②、③的基本反响种类同样，反响②的化学方程式为_____．2）已知反响④、⑤、⑥中，一个有积淀生成，另一个有气体生成，还有一个没有显然现象．B、E不含同样元素，D、F只含一种同样元素．反响⑤的化学方程式为_____，反响⑥的化学方程式为_____．点燃【答案】C+O22223323COCa（OH）+NaCO＝CaCO↓+2NaOHNaCO+2HCl＝2NaCl+H2O+CO2↑【分析】【分析】本题为框图式物质推测题，达成此类题目，重点是找准解题打破口：B是植物进行光合作用的一种重要原料，则B是二氧化碳；此后依据物质的性质和物质之间的反响，做出判断，经常以与其余物质反响最多或最少的物质为打破口．解题方法以下：先按题中物质顺序写好，此后把能发生反响的两种物质用线相连，找到最多或最少的连线物质，此后用假想法往下做．该题解法是：B是二氧化碳，A能转变为C和B，则C可能是氧化钙，A可能是氧气，D可能是氢氧化钙，E能生成二氧化碳且能与氢氧化钙反响，则E可能是盐酸，F可能是碳酸钠，此后辈入框图，推测合理则正确。【详解】（1）B是常用于光合作用和灭火的气体，则B是二氧化碳，已知反响①、②、③的基本反响种类同样，利用假定法，设A为氧气，B二氧化碳，C为氧化钙．代入考证，符合题意，此中①是钙和氧气反响生成氧化钙，②是碳和氧气反响生成二氧化碳，③是氧化钙、水和二氧化碳反响生成碳酸钙，所以反响②的化学方程式为：C+O2点燃，故=CO2点燃填：C+O2=CO2；（2）依据题意：反响④、⑤、⑥中，一个有积淀生成，另一个有气体生成，还有一个没有明展现象．B、E不含同样元素，D、F只含一种同样元素．利用假定法，D为氢氧化钙，E盐酸，F碳酸钠．代入考证，符合题意，此中④是氢氧化钙和盐酸反响无现象，⑤是氢氧化钙和碳酸钠反响生成积淀，⑥是碳酸钠和盐酸反响生成气体；所以反响⑤的化学方程式为：Na2CO3+Ca(OH)2=CaCO3+2NaOH；反响⑥的化学方程式为：Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2；故填：Na2CO3+Ca(OH)2=CaCO3+2NaOH；Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2。【谈论】解答框图式物质推测题，重点是找准解题打破口，得出结论，此后利用题目的显然或隐含条件，逐个导出其余结论，并把结论代入原题中考证，符合即正确。7．A、B、C、D、E是初中化学常有的五种不同样类其余物质。此中

B的固体可用于人工降雨，C的构成元素在地壳中含量居第四位，

D常用于冲洗油污。图中“﹣”表示相连物质能发生化学反响，“→”表示两种物质间的转变关系（部分反响物、生成物及反响条件省略）。请回答以下问题。（1）B的化学式是_____。（2）B与D反响的化学方程式是_____。（3）A与D反响的微观实质是_____，该反响属于反响种类中的_____。（4）C与E反响的化学方程式是_____，反响现象是_____。【答案】CO22NaOH+CO＝Na2CO3+H2O氢离子和氢氧根离子反响生成水复分解反响Fe+CuCl2＝FeCl2+Cu铁表面有红色物质析出，溶液由蓝色变为浅绿色【分析】【分析】依据A、B、C、D、E是初中化学常有的五种不同样类其余物质，B的固体可用于人工降雨，所以B是二氧化碳，C的构成元素在地壳中含量居第四位，所以C是铁，D常用于冲洗油污，D会与二氧化碳反响，所以D是氢氧化钠，A会与碳酸钠反响，会转变为二氧化碳，所以A是酸，可以是稀盐酸，A转变为的E会与铁反响，所以E可以是氯化铜，此后将推出的物质进行考证即可。【详解】（1）A、B、C、D、E是初中化学常有的五种不同样类其余物质，

B的固体可用于人工降雨，所以

B是二氧化碳，

C的构成元素在地壳中含量居第四位，所以

C是铁，

D常用于冲洗油污，D会与二氧化碳反响，所以

D是氢氧化钠，

A会与碳酸钠反响，会转变为二氧化碳，所以

A是酸，可以是稀盐酸，

A转变为的

E会与铁反响，所以

E可以是氯化铜，经过验证，推导正确，所以B是CO2；故填：CO2（2）B与D的反响是氢氧化钠和二氧化碳反响生成碳酸钠和水，化学方程式是：2NaOH+CO2＝Na2CO3+H2O；故填：2NaOH+CO＝Na2CO3+H2O3）A与D的反响是氢氧化钠和盐酸反响生成氯化钠和水，微观实质是：氢离子和氢氧根离子反响生成水，该反响属于反响种类中的复分解反响；故填：氢离子和氢氧根离子反响生成水；复分解反响（4）C与E的反响是铁和氯化铜反响生成氯化亚铁和铜，化学方程式是：Fe+CuCl2＝FeCl2+Cu，反响现象是：铁表面有红色物质析出，溶液由蓝色变为浅绿色。故填：Fe+CuCl2FeCl2+Cu；铁表面有红色物质析出，溶液由蓝色变为浅绿色【点睛】在解此类题时，第一将题中有特点的物质推出，此后联合推出的物质和题中的转变关系推导节余的物质，最后将推出的各样物质代入转变关系中进行考证即可。8．A～E均为初中化学常有的物质，它们之间的关系以以下图(部分物质已经略去是当前生界上年产量最高的金属;B是胃酸的主要成分;C中金属元素的质量分数为

)。已知A40%，其水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液__________;A与B反响的化学方程式为

;D属于碱;E属于盐。则C的化学式为__________；E转变为D的化学方程式为__________。【答案】CuSO4Fe+2HCl=FeCl+H2↑Na2CO3+Ca(OH)2=2NaOH+CaCO3↓【分析】A是当前生界上年产量最高的金属，则A是铁；B是胃酸的主要成分，则B是盐酸；C中金属元素的质量分数为40%，其水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液，则C是硫酸铜；D属于碱，E属于盐，且E、D能与HCl反响，D能与CuSO4反响，而且常有，则D可能是NaOH，E可能是Na234，反响CO。C的化学式为CuSO；A与B的反响是铁与盐酸反响的化学方程式为Fe+2HCl=FeCl+H2↑；E转变为D是碳酸钠转变为氢氧化钠，反响的化学方程式为Na2CO3+Ca(OH)2=2NaOH+CaCO3↓。点睛：在解此类题时，第一将题中有特点的物质推出，此后联合推出的物质和题中的转变关系推导节余的物质，最后将推出的各样物质代入转变关系中进行考证即可。9．A~D是初中化学所学的常有物质，其转变关系以以下图（部分反响物和生成物、反响条件已略去），A、B常温下为无色气体且构成元素同样，C、D均为黑色粉末。请回答以下问题：1）写出反响②的化学方程式：_____________2）反响③的基本反响种类是：_______________3）物质A的一种用途_____________________高温【答案】4CO+Fe3O44CO2+3Fe化合反响作燃料或冶炼金属【分析】【分析】认真分析图示内容及“A、B常温下为无色气体且构成元素同样，C、D均为黑色粉末”可知：常有的黑色粉末为：四氧化三铁、二氧化锰、氧化铜、铁粉等；C和A能生成B和D，猜想C和D为四氧化三铁和铁，A、B分别为一氧化碳和二氧化碳，代入图示，考证符合，猜想正确。【详解】（1）依据分析，反响②为一氧化碳和四氧化三铁反响生成铁和二氧化碳，其化学方程式高温为：4CO+Fe3O44CO2+3Fe；2）反响③为铁丝在氧气中焚烧生成四氧化三铁，反响物是两种，生成物是一种，属于化合反响；3）物质A是一氧化碳，拥有可燃性和复原性，所以可作燃料和冶炼金属的复原剂。10．A～F是初中化学常有的6种物质，分别由Cu、Ba、Na、H、C、O、S、Cl中的两种或三种元素构成。A的固态可用于人工降雨，C物质含Na元素，E的溶液呈蓝色，E和F反应的生成物为两种积淀。物质间的关系以以下图（注：图中部分反响物、生成物已忽视，“—表”示反响关系，“→”表示转变关系）。请回答以下问题：2NaOH+CuSO=Cu（OH）↓+NaSO。42241）A的固态叫做___________；2）B溶液能使紫色石蕊试液变_______色；3）写出C、F的化学式：C____________；F___________；4）写出D和E反响的化学方程式：________________________________。【答案】干冰；红；Na23，2；4224COBa（OH）2NaOH+CuSO=Cu（OH）↓+NaSO。【分析】【分析】A﹣F是初中化学常有的6种物质，分别由Cu，Ba，Na，H，C，O，S，Cl中的两种或三种元素构成。A的固态可用于人工降雨，所以A是二氧化碳；C物质含Na元素，C和二氧化碳可以相互转变，碳酸钠与盐酸反响生成氯化钠、水和二氧化碳，二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，C是碳酸钠；E的溶液呈蓝色，E和F反响的生成物为两种积淀，氢氧化钡与硫酸铜反响生成硫酸钡积淀和氢氧化铜积淀，E是硫酸铜，F是氢氧化钡；D和碳酸钠可以相互转变，二氧化碳与氢氧化钠反响生成碳酸钠和水，碳酸钠与氢氧化钙反响生成碳酸钙和氢氧化钠，所以D是氢氧化钠；B能与碳酸钠反响，B能与氢氧化钡反响，B能生成二氧化碳，碳酸钠与盐酸（或硫酸）反响生成氯化钠（或硫酸钠）、水和二氧化碳，氢氧化钡与盐酸（或硫酸）反响生成氯化钡（或硫酸钡）和水，所以B是盐酸或硫酸，经过考证，推导正确。【详解】1）A是二氧化碳，固态叫做干冰；2）B是盐酸或硫酸，B溶液呈酸性能使紫色石蕊试液变红色；（3）C是碳酸钠，化学式是Na2CO3，F是氢氧化钡，化学式是Ba（OH）2；（4）D和E反响是硫酸铜与氢氧化钠反响，硫酸铜与氢氧化钠反响生成氢氧化铜和硫酸钠，化学方程式是【点睛】在解此类题时，第一将题中有特点的物质推出，此后联合推出的物质和题中的转变关系推导节余的物质，最后将推出的各样物质代入转变关系中进行考证即可。11．已知A～G是初中化学常有的物质，A、B、C、E、F属于不同样类其余物质，G溶液呈黄色，A与C反响产生白色积淀（微溶物不列为积淀），它们相互间发生反响或转变的关系以以下图（“﹣”表示两种物质间能发生反响，“→”表示两种物质间的转变关系，部分反响物、生成物和反响条件已经略去）．1）A、F的化学式分别为_____，_____；（2）B与E反响的化学方程式为_____，其反响的基本反响种类为_____；G→D的化学方程式为_____；（3）A→D反响的实验现象为_____．【答案】Ba（OH）2Fe2O3Fe+CuSO4＝FeSO4+Cu置换反响FeCl3+3NaOH＝Fe（OH）3↓+3NaCl有红褐色积淀生成【分析】【分析】A～G是初中化学常有的物质，A、B、C、E、F属于不同样类其余物质，G溶液呈黄色，A与C反响产生白色积淀，所以G中含有铁离子，F会转变为G，所以F可以是氧化铁，F也会转变为E，所以E是铁，铁会与B反响，所以B可以是硫酸铜，C可以是硫酸，A是氢氧化钡，D是氢氧化铁，所以G可以是氯化铁，F氧化铁会转变为氯化铁、铁，会与硫酸反应，铁、氢氧化钡会与硫酸铜反响，硫酸会转变为硫酸铜，会与氢氧化钡、氢氧化铁反响，氢氧化钡、氯化铁都会转变为氢氧化铁，经过考证，推导正确，【详解】（1）依据分析A是Ba（OH）2，F是Fe2O3；（2）B与E的反响是铁和硫酸铜反响生成硫酸亚铁和铜，化学方程式为：Fe+CuSO＝4F