四川省内江市高考物理三模试卷解析版

高考物理三模试卷题号一二三四总分得分一、单项选择题（本大题共4小题，共24.0分）1.以下说法中正确的选项是（）A.物体在拉力的作用下向上运动，拉力做的功是1J，但物体的重力势能的增加量必定小于1JB.物体受拉力作用向上匀速运动，拉力做的功是1J，但物体重力势能的增加量大于1JC.在物体运动过程中，重力做的功是-1J，但物体的重力势能的增加量大于1JD.在没有摩擦时物体由A点沿直线运动到B点，战胜重力做的功为1J，有摩擦时物体由A点沿曲线运动到B点，战胜重力做的功仍等于1J2.质量为1kg的某物体在水平面内做直线运动，运动的时间为t，位移为x。物体的-t图象以以下列图，以下说法中正确的选项是（）A.物体在t=0→5s内的平均速度为5m/sB.物体的加速度为-2m/s2C.在t=0→2.5s的这段时间内，物体碰到合外力的冲量为-5N?sD.在t=0→2.5s的这段时间内，物体动能的变化量为-50J依照玻尔原子理论，氢原子中的电子绕原子核做圆周运动与人造卫星绕地球做圆周运动比较，以下说法中正确的选项是（）电子能够在大于基态轨道半径的任意轨道上运动，人造卫星只幸亏大于地球半径的某些特定轨道上运动轨道半径越大，线速度都越小，线速度与轨道半径的平方根成反比轨道半径越大，周期都越大，周期都与轨道半径成正比轨道半径越大，动能都越小，动能都与轨道半径的平方成反比以以下列图，倾角为30°的斜面体固定在地面上，质量为10kg的物体A放在动摩擦因数μ=的斜面体上，并经过绳子绕过定滑轮和动滑轮，动滑轮与物体B连接，物体B的质量为2kg，A、B均处于静止状态，不计绳子和滑轮之间的摩擦以及动滑轮的质量，g=10m/s2．下列说法中正确的选项是（）A.物体A此时碰到的摩擦力为50NB.不断增加B的质量，A碰到的摩擦力不断增加C.要使物体A向上滑动，物体B的质量最少为20kgD.当B向下运动时，A、B两物体的加速度相同二、多项选择题（本大题共6小题，共33.0分）5.在倾角为30°2v和v的速度沿同一方向水平的斜面顶端，将甲、乙两个小球分别以抛出，两球都落在该斜面上。以下说法中正确的选项是（）甲、乙两球落在斜面上时速度方向相同甲、乙两球在空中的运动时间之比为2：1甲、乙两球落地址到顶端的水平位移之比为2：1甲、乙两球落地址到极点的距离之比为2：16.以以下列图，是某街头变压器经过降压给用户供电的表示图，变压器的输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压U不会有较大的颠簸。变压器的输出电压U2第1页，共13页7.以以下列图，导轨足够长、倾角为电阻，导轨的宽度为L，质量为轨上，并与导轨垂直且接触优异，经过输电线输送给用户，两条输电线的总电阻用R0表示，变阻器R代表用户用电器的总电阻，当用电器增加时，以下说法中正确的选项是（）A.B.C.D.

理想电流表理想电流表理想电流表理想电流表

A1与A1与A1与A1与

A2的示数比值不变，理想电压表V1和V2的示数比值不变A2的示数比值变大，理想电压表V1和V3的示数比值不变A2的示数比值不变，理想电压表V2和V3的示数比值变大A2的示数比值变小，理想电压表V2和V3的示数比值变小θ的导轨上端连接一个阻值为R的m、电阻为r的导体棒ab静止在导导体棒ab与轨道间的动摩擦因数=tan．θ在导轨平面内的虚线正方形地域内存在着垂直导轨平面向上、磁感觉强度为B的匀强磁场。当磁场所区沿导轨平面以必定的速度匀速向上运动时，导体棒ab就开始向上运动，最后以v0的速度匀速运动，导体棒ab在运动过程中向来处于磁场所区内，导轨的电阻不计。以下说法中正确的选项是（）A.当导体棒ab以速度v0匀速向上运动，导体棒ab两端的电势差为BLv0B.磁场所区沿导轨平面匀速向上运动的速度为v0+C.当导体棒ab以速度v0匀速向上时，电路耗资的总功率为（R+r）D.导体棒ab在磁场中运动的过程中，经过电阻R的电荷量为8.以以下列图，在一圆滑绝缘水平面上有一个半径为R的圆，其中O为圆心，AB为直径，整个圆处于电场强度为E、方向与水平面平行的匀强电场中。在圆周上的A点有一个发射器，在水平面内沿不一样样的方向发射带电量为﹣q的小球，小球均会经过圆周上不一样样的点，在这些点中，经过C点的动能最大。小球之间的相互作用不计，且∠CAO＝30°，以下说法中正确的选项是（）A.电场的方向沿CO方向且由C→OB.，B两点间的电势差＝AUABERC.若是某小球从A点沿垂直于电场方向发射，恰好落到C点，那么，该小球的初动能为D.若是某小球从A点沿垂直于电场方向发射，恰好落到B点，那么，该小球的初动能为9.关于热力学第必定律和热力学第二定律，以下说法中正确的选项是（）必定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体的内能减少气体向真空的自由膨胀是不能够逆的第2页，共13页热力学第必定律也可表述为第一类永动机不能够能制成热力学第二定律可描述为“不能够能使热量由低温物体传达到高温物体”0℃的水和0℃的冰的内能是相等的10.以以下列图，为一列简谐横波在某时辰的波形图，PQ两点为介质中、的两个不一样样的质点，那么以下说法中正确的选项是（）A.若波沿x轴正方向流传，那么，质点P此时辰的速度沿x轴正方向B.若波沿x轴负方向流传，那么，质点Q此时辰的加速度沿y轴正方向C.再经过半个周期时，质点P位移为负值D.经过一个周期后，质点P经过的行程为4aE.质点P的振幅大于质点Q的振幅三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）以以下列图，在“考据动量守恒定律”的实验中，将打点计时器固定在长导轨的左端，把纸带穿过打点计时器，连在质量为0.6kg的小车A的后边，让小车A让某一速度向右运动，与静止的质量相同的小车B碰撞。由于在两小车碰撞端分别装上撞针和橡皮泥，碰撞时撞针将插入橡皮泥中，把两个小车A、B连接在一起共同向右运动，电源的频率为50Hz，则：（1）为了尽可能满足实验需要的条件，以下所举措施中可行的是______。A．两小车A、B的质量必定相等B．两小车A、B与导轨间的动摩擦因数尽可能相同C．两小车A、B相距的距离尽可能近一些D．将长导轨的左端用楔形木板垫起合适高度，以用小车重力的下滑分力来平衡小车运动时碰到的摩擦力（2）如右图所示，是实验中碰撞前、后打点计时器打下的一条纸带，从图中能够知道在碰撞前小车A的动量为______kgm/s______kgm/s?，碰撞后的总动量为?，由此可知，在误差范围内系统的总动量守恒（保留两位有效数字）。12.某同学在“测定电阻丝资料的电阻率”的实验中，所用电阻丝的电阻约为10Ω左右。1）以以下列图，是该同学用螺旋测微器测得金属丝的直径表示图，由图可读出该金属丝的直径为______mm。2）为了测量金属丝Rx的电阻值，实验室备有以下实验器材：A．电池E（E=1.5V，内阻为0.5Ω）；B．电流表A1（量程0～100mA，内阻为5Ω）；C．电流表A2（量程0～0.6A，内阻为0.2Ω）；D．电阻箱R0（阻值0～999.9Ω）；E．待测金属丝Rx；F．开关一个，导线若干，则：①为了提高实验的精确程度，在实验中电流表应选______（选填器材编号）。②某同学把金属丝Rx拉直后，将其两端固定在刻度尺两端的接线柱a和b上，在金属丝上夹一个金属夹P，搬动金属夹P的地址，即可改变接入电路中金属丝的长第3页，共13页度，闭合开头s后，将电阻箱的阻值R0调到合适的地址后不动，今后多次改变金属夹P的地址，获取多组I、L的数据，用这多组数据绘制的图象以以下列图，图中的纵坐标表示的物理量是______（国际单位），此时，电阻箱R0阻值为______Ω，该金属丝的电阻率为______Ω?m（保留两位有效数字）。3）若是在该实验中，操作、读数、作图及计算等均正确的情况下，那么，由于电流表和电源内阻的存在，会使测量结果______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。四、计算题（本大题共4小题，共52.0分）以以下列图，一个半径为R的固定半圆形圆滑凹槽，放置在一个垂直纸面向里、磁感觉强度为B的匀强磁场中，现有一个质量为m，带电量为+q的小球（可视为质点），从凹槽的A点，由静止开始释放，小球将沿着半圆形凹槽的内壁运动，重力加速度为g，则：1）小球运动到凹槽的底部的速度是最大？2）小球运动到凹槽的底部时，对凹槽的最大压力是多大？14.以以下列图，一根平均圆形直轻杆AC由粗细不一样样两段AB=10m和BC=2m组成，其中，AB段粗糙、BC段圆滑，直轻杆AC垂直地固定在一块倾角为37°的楔形弹性斜面体上，弹性斜面体放在粗糙的水平面上，现有一质量为m=2kg、孔径略大于直杆直径的圆环P，在沿杆向上的恒力F的作用下，从直轻杆AC的底端由静止开始沿杆向上运动，圆环P与杆间的动摩擦因数为0.1，当圆环P刚运动到B点时恒力F突然撤去，圆环恰好能到达顶端C，今后，再沿直轻杆下滑，环在整个运动过程中，弹性斜面体向来静止不动。重力加速度为g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：1）在圆环P沿杆AB向上运动的过程中，地面对弹性斜面体的摩擦力；2）恒力F的最大功率；3）环从开始运动到第二次碰撞弹性斜面体的过程中，系统产生的热量。内壁圆滑的导热气缸，竖直浸入在盛有冰、水混杂物的水缸中，用轻质活塞封闭了压强为1.0×105Pa、体积为2.0×10-3m3的理想气体、现在活塞的上方缓慢加入细沙第4页，共13页子，使封闭气体的体积变成原来的，则：①气缸内气体的压强是多少？②若是封闭气体的内能只与温度有关，在上述过程中外界对气体做功为120J，那么，封闭气体与外界交换的热量是多少？以以下列图，一单色细光束AB从真空中以入射角i=45°，入射到折射率n=的某透明球体的表面上B点，经研究发现光束在过球心O的平面内，从B点折射进入球内后，又经球的内表面只反射一次，再经球表面上的C点折射后，以光辉CD射出球外，光在真空中的光速为3×108m/s。则：①光束在球内的流传速度是多少？②出射光辉CD与入射光辉AB方向改变的角度是多少？第5页，共13页答案和剖析1.【答案】D【剖析】解：A、物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，不能够确定物体战胜重力做功多少，也就不能够确定重力势能的增加量，故A错误；B、物体受拉力作用向上匀速运动，拉力做的功是1J，则物体战胜重力做功为1J，物体重力势能的增加量等于1J．故B错误；C、物体运动时，重力做的功是-1J，但物体重力势能的增加量必定是1J．故C错误；D、物体由A沿直线运动到B，战胜重力做的功是1J，与可否存在摩擦力没关，因此，有摩擦时物体由A点沿曲线运动到B点，战胜重力做的功仍等于1J．故D正确。应选：D。物体的重力势能的增加量等于物体战胜重力做的功，与其他力做功没关；依照功能关系剖析。此题观察重力做功与重力势能改变的关系，牢记二者的关系，要知道物体战胜重力做的功多少，物体的重力势能就增加多少，与其他力做功没关。2.【答案】D【剖析】解：AB、依照匀变速直线运动位移时间公式x=v0t+at2得：=v0+at．由图可得：a=-=-2，因此物体的加速度为2，初速度为va=-4m/s0=10m/s由图知，t=5s时，=0，则物体在t=0→5s内的平均速度为：==0，故AB错误。C、物体的合外力为：F=ma=-4N，在t=0→2.5s的这段时间内，物体碰到合外力的冲量为：I=Ft=-10N?s，故C错误。D、t=2.5s时物体的速度为？：v=v0+at=10-4×2.5=0，在t=0→2.5s的这段时间内，物体动能的变化量为：△Ek==（02-102）=-50J，故D正确。应选：D。依照匀变速直线运动位移时间公式x=v0t+at2获取与t的表达式，结合图象的信息求加速度、初速度，由牛顿第二定律求出合外力，进而求得合外力的冲量，由速度公式求出2.5s末的速度，进而获取动能的变化量。解决此题的要点是依照数学知识写出与t的关系式，采用比对的方法获取物体的初速度、加速度。3.【答案】B【剖析】【剖析】人造地球卫星绕地球做圆周运动需要的向心力由万有引力供应，玻尔氢原子模型中电子绕原子核做圆周运动需要的向心力由库仑力供应F=，万有引力和库仑力都与距离的二次方成反比。氢原子的核外电子由离原子核较近的轨道跃迁到离原子核较远的轨道上时，能量增加。同一卫星从低轨道上升到高轨道上，要加速做离心运动，故其机械能增加。第6页，共13页此题要掌握万有引力和库仑力的表达式，要知道人造地球卫星绕地球做圆周运动需要的向心力由万有引力供应，玻尔氢原子模型中电子绕原子核做圆周运动需要的向心力由库仑力供应F=。【解答】解：A、人造卫星的轨道能够是连续的，电子的轨道是不连续的，故A错误；B、人造地球卫星绕地球做圆周运动需要的向心力由万有引力供应，==①可得：v=玻尔氢原子模型中电子绕原子核做圆周运动需要的向心力由库仑力供应，F===②可得：v=可知都是轨道半径越大，线速度都越小，线速度与轨道半径的平方根成反比。故B正确；C、由①可得：T=；由②可得：可知，都是轨道半径越大，周期都越大，周期都与轨道半径的次方成正比。故C错误；D、由①可得：卫星的动能：E=；由②可得电子的动能：E=kk可知都是轨道半径越大，动能都越小，动能都与轨道半径成反比。故D错误应选：B。4.【答案】C【剖析】解：A、设绳子的拉力为T，依照平衡条件可得：2T=mBg，解得：T=10N；A的重力沿斜面向下的分力为：Gx=mAgsin30=50N°，对A依照平衡条件可得：f=Gx-T=40N，方向沿斜面向上，故A错误；B、不断增加B的质量，绳子的拉力不断增大，A碰到的摩擦力先减小；当T＞50N时，随着拉力增大、摩擦力反向增大，故B错误；C、物体A与斜面间的最大静摩擦力为：f=μmgcos30=°N=50NmA要使物体A向上滑动，绳子拉力最少为：T′=Gx+fm=100N，物体B的质量最少为：m′B==20kg，故C正确；D、当B向下运动距离为h时，绳子自由端向下运动2h，则A上升的距离为2h，故B的加速度为A的加速度的一半，故D错误。应选：C。依照平衡条件求解绳子拉力，对A依照平衡条件求解摩擦力；不断增加B的质量，摩擦力先减小后增大；依照平衡条件求解B的质量；依照牛顿第二定律剖析加速度大小。此题主若是观察了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力剖析、利用平行四边形法规进行力的合成也许是正交分解法进行力的分解，今后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。5.【答案】AB第7页，共13页【剖析】解：A、设小球落在斜面上时，速度与水平方向的夹角为αtanα=2tanθ=，则，由于小球落在斜面上时，位移与水平方向的夹角为定值，可知，两球接触斜面的瞬时，速度方向相同，末速度v=，故A正确；B、设小球落在斜面上时，位移与水平方向的夹角为θ，tanθ=，只要落到斜面上，角度不变，t与初速度成正比，甲、乙两小球运动的时间之比为2：1，故B正确；C、甲、乙两球游览过程中水平方向的位移：x=v0t，由于初速度之比为2：1，游览的时间之比为2：1，因此水平方向的位移之比为4：1，故C错误；D、甲、乙两球游览过程中水平方向的位移之比为4：1，由于斜面得夹角是相同的，所以甲、乙两球落地址到极点的距离之比为4：1．故D错误应选：AB。依照平抛运动的瞬时速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的两倍，比较甲乙两球落在斜眼前瞬时的速度方向。依照下落的高度比较运动的时间之比，进而结合水平位移得出初速度之比。速度变化率为加速度，只若是平抛运动，加速度都相等，速率为速度的大小，其变化率不等。解决此题的要点知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵便求解，记住：位移与水平方向的夹角为θ，速度与水平方向的夹角为α，则tanα=2tan。θ6.【答案】AC【剖析】解：AB、理想变压器输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入电压不变，因此输出的电压也不会变，理想电压表V1和V2的示数比值不变；当当用电器增加时，电路的电阻减小，电流增大，但理想电流表A1与A2的示数比值不变，故A正确，B错误；CD、当用电器增加时，相当于R减小，理想变压器输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入电压不变，因此输出的电压也不会变，依照闭合电路的欧姆定律可知电路中的电流增大，输电线上耗资的电压增大，因此电压表V3的读数：U3=U2-IR0将减小，理想电压表V2示数不变，理想电压表32和3V变小，因此理想电压表VV的示数比值变大。故C正确，D错误应选：AC。和闭合电路中的动向剖析近似，能够依照R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而能够确定总电路的电流的变化的情况，再依照电压不变，来剖析其他的原件的电流和电压的变化的情况。电路的动向变化的剖析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法。7.【答案】BC【剖析】解：A、设磁场所区沿导轨平面匀速向上运动的速度为v，则产生的感觉电动势为：E=BL（v-v0）产生的感觉电流为：I=则导体棒ab两端的电势差为：U=IR=BL（v-v0），故A错误；B、依照平衡条件可得：BIL=mgsinθ+mgcosμθ，代入μ=tan以θ及I=，解得磁场区第8页，共13页域沿导轨平面匀速向上运动的速度为：v=v0+，故B正确；C、当导体棒ab以速度v0匀速向上时，电路耗资的总功率为：P=EI=（R+r），故C正确；D、导体棒ab在磁场中运动的过程中，经过电阻R的电荷量为：q===，故D错误。应选：BC。设磁场所区沿导轨平面匀速向上运动的速度为v，则产生的感觉电动势E=BL（v-v0），依照闭合电路的欧姆定律求解路端电压；依照平衡条件求解磁场所区沿导轨平面匀速向上运动的速度；依照P=EI求解电路耗资的总功率；依照电荷量的经验公式求解经过电阻R的电荷量。关于电磁感觉问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，依照牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，剖析涉及电磁感觉现象中的能量转变问题，依照动能定理、功能关系等列方程求解；解答此题要注意：E=BLv中的v是导体棒有关于磁场的速度。8.【答案】AD【剖析】解：A、小球在匀强电场中，从A点运动到C点，依照动能定理qUAC=△Ek，由于到达C点时的小球的动能最大，因此UAC最大，则在圆周上找不到与C电势相等的点。且由A到C电场力对小球做正功。过C点作切线，则CF为等势线。过C点作CF的垂线，则该线为电场线，场强方向如图示．故电场线沿CO方向，故A正确；B、由图可知，A、B两点间的电势差UAB=-E2Rcos60=°-ER，故B错误；C、若是某小球从A点沿垂直于电场方向发射，恰好落到C点，小球只受电场力，做类平抛运动。垂直电场方向上：x=Rsin60°=v0t，沿电场方向上：y=Rcos60°=，由以上两式得：Ek002=qER；故C错误；=mvD、若是某小球从A点沿垂直于电场方向发射，恰好落到B点，小球只受电场力，做类平抛运动。垂直电场方向上：x=2Rsin60°=v0t，沿电场方向上：y=2Rcos60°=，由以上两式得：Ek02=mv0=qER；故D正确；应选：AD。小球在匀强电场中，从A点运动到C点，依照动能定理qUAC=Ek，由于到达C点时的小球的动能最大，因此UAC最大，即在圆周上找不到与C电势相等的点。因此与C点电势相等的点在过C点的切线上。再依照电场线与等势线垂直，能够画出电场线，即可确定电场的方向。小球做类平抛运动，依照平抛运动的知识剖析小球的运动情况，分别在水平方向和竖直方向上列式求解初动能。此题要点观察对电场力做功公式W=qEd的理解和应用，d是沿电场方向两点间的距离。此题还要求熟练掌握功能关系和类平抛运动的研究方法。第9页，共13页9.【答案】ABC【剖析】解：A、必定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，则Q=0．W＜0，根据△U=W+Q可知，气体的内能减小，故A正确；B、热力学第二定律表示：自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都拥有方向性，是不可逆的，故气体向真空的自由膨胀是不能够逆的，故B正确；C、热力学第必定律也可表述为第一类永动机不能够能制或，故C正确；、热力学第二定律可描述为“不能够能使热量由低温物体传达到高温物体，而不引起其他变化”，故D错误：E、内能取决于物质的量、温度和体积，只有温度无法确定内能的大小，故E错误。应选：ABC。依照热力学第必定律可判间隔热膨胀过程的内能变化；热力学定律的两种表述：（1）按传热的方向性表述：热量不能够自觉地从低温物体传到高温物体，（2）按机械能与内能转变的方向性表述：不能够能从单一热源吸取热量，使之圆满变成功，而不产生其他影响。据此剖析各个选项即可。此题观察热力学第必定律与热力学第二定律，要点熟悉热力学第二定律的各种表述，能够明确热力学第二定律的实质，掌握内能的决定因素。10.【答案】BCD【剖析】解：由图知振幅A=aA、若波沿x轴正方向流传，质点P此时辰的速度沿y轴正方向，故A错误；B、质点Q的位移为y＜0，因此加速度方向沿y轴正方向，故B正确；C、P点目前的位移为正当，再经过半个周期时位移必定变成负值，故C正确；D、质点运动一个周期运动行程为振幅的4倍即4a，故D正确；E、波上任意质点的振幅都相同，故E错误；应选：BCD。若波沿x轴正方向流传，质点P此时辰的速度沿y轴正方向，故A错误；质点Q的位移为y＜0，因此加速度方向沿y轴正方向，故B正确；P点目前的位移为正当，再经过半个周期时位移必定变成负值，故C正确；质点运动一个周期运动行程为振幅的4倍即4a，故D正确；波上任意质点的振幅都相同，故E错误。要学会迅速依照质点的运动方向判断波的流传方向，注意质点的加速度方向只与其目前有关于平衡地址的关系有关，波上的每一个质点都拥有相同的振幅，质点运动一个周期运动行程为振幅的4倍。11.【答案】BD0.300.30【剖析】解：（1）A、考据动量守恒定律，不需要控制两小车A、B的质量相等，故A错误；B、为使系统所受合外力为零，减小摩擦力对实验的影响，两小车A、B与导轨间的动摩擦因数尽可能相同，故B正确；C、为减小实验误差，两小车A、B相距的距离应合适大一些，故C错误；、当系统所受合外力为零时系统动量守恒，实验前要平衡摩擦力，将长导轨的左端用楔形木板垫起合适高度，以用小车重力的下滑分力来平衡小车运动时碰到的摩擦力，故正确；应选：BD；（2）碰撞前A的速度：vA==0.5m/s，碰撞前A的动量：PA=mAvA=0.6×0.5=0.30kg?m/s；第10页，共13页碰撞后的速度：v==0.25m/s，碰撞后的总动量：P=2mv=2×0.6×0.25=0.30kg?m/s；故答案为：（1）BD；（2）0.30；0.30。1）系统所受合外力为零系统动量守恒，依照实验注意事项与实验原理剖析答题。2）依照图示纸带求出小车的速度，今后应用动量的计算公式求出动量。此题观察动量守恒定律实验考据；解决此题的要点知道A与B碰后，速度减小，会经过纸带求解速度的大小，同时掌握动量守恒实验中存在误差，只要要在误差同意的范围内初末动量守恒即可。12.-79.51.2×10不变1【剖析】解：（1）螺旋测微器的示数由固定与可动刻度的示数之和，因此金属丝的直径d=0.5mm+22.5×0.01mm=0.725mm。（2）不计算滑动变阻器的影响，电路中的最大电流I==0.15A=150mA，因此为了提高实验的精确程度，电流表选最量程为100mA的电流表A1（或序号B）；考虑图象是与Rx的长度是线性关系，因此考虑到Rx两端的电压，依照电阻定律和欧姆定律有：（IRx+R0）=E（未计算电源和电流表内阻）而Rx=，联立两式有：=，显然图象是线性关系，故填：；再由图象的截距求出源E==0.95V，再由图象的斜率k==，进而求得电阻率ρ==1.2×10-7Ωm。（3）若考虑电流表和电源的内阻，则可把这两个电阻均等效到定值电阻R0中去，但并不影响到图象的斜率，因此测得的电阻率未发生变化。故答案为：（1）0.725（2）A1（B）9.51.210-7×（3）不变（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；（2）①依照电路最大电流选择电流表。②由实验步骤可知，电源电动势不变，电路电流向来等于电流表的满偏电流，电路电流不变，由此可知，电路总电阻不变，由图象及串连电路特点能够求出电路总电阻，③由电阻定律及实验数据能够求出电阻率的表达式；（3）应用图象法求电阻率，电流表内阻对实验结果没有影响。做此题要注意：螺旋测微器示数等于固定刻度与可动刻度示数之和，对螺旋测微器读数时要注意估读；为减小读数误差，电表量程选纲领合适，在保证安全的前提下，量程不能过大；知道外电路电阻不变，熟练应用电阻定律即可正确解题。13.【答案】解：（1）洛伦兹力不做功，机械能守恒，因此有：mgR（1-cos60）°=解得：v=2）小球在凹槽内做来往运动，依照左手定则，当小球向左运动到达凹槽底部时，对凹槽底部压力最大第11页，共13页在最低点时有：Fm-qvB-mg=m由以上公式知Fm=2mg+qB由牛顿第三定律得，小球对凹槽的底部的最大压力为：Fm=2mg+qB。答：（1）小球运动到凹槽的底部的速度是最大为；（2）小球运动到凹槽的底部时，对凹槽的最大压力是2mg+qB。【剖析】（1）洛伦兹力不做功，依照机械能守恒定律列式求解最低点速度；2）依照合力充当向心力列式求解支持力，依照牛顿第三定律知压力。此题注意洛伦兹力不做功，因此机械能守恒，依照机械能守恒简单求解最低点速度，进而依照牛顿运动定律求解压力。14.【答案】解：（1）环与直轻杆之间的滑动摩擦力大小为fAB=μmgcos53°环对杆的压力NAB=mgcos53°以弹性斜面体为研究对象，在水平方向上有f0=fABcos53°+NABcos37°由以上两式解得地面对弹性斜面体的摩擦力f0=10.32N，方向水平向左。（2）在圆环从A→C的过程中，由动能定理得Fx1-mg（x+x）sin53-°μ