![内蒙古自治区赤峰市初头朗中学2022年高二数学文上学期期末试题含解析_第1页](http://file4.renrendoc.com/view/e84813a0d3893d91717c1806f938d452/e84813a0d3893d91717c1806f938d4521.gif)
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![内蒙古自治区赤峰市初头朗中学2022年高二数学文上学期期末试题含解析_第5页](http://file4.renrendoc.com/view/e84813a0d3893d91717c1806f938d452/e84813a0d3893d91717c1806f938d4525.gif)
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内蒙古自治区赤峰市初头朗中学2022年高二数学文上学期期末试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.已知定义在R上的奇函数满足,当时,,则等于(
)
A.
-2
B.
-1
C.
1
D.
2参考答案:A定义在R上的奇函数满足,
可得,可得,
所以函数的周期是4,
当时,,则.
所以A选项是正确的.2.等比数列{an}中,a3,a9是方程3x2—11x+9=0的两个根,则a6=(
)
A.3
B.
C.
D.以上皆非参考答案:C略3.若等于(
) 一 A. B. C. D.参考答案:A4.不等式的解集是()
A、B、C、D、参考答案:B5.在△ABC中,若a=7,b=8,cosC=,则最大角的余弦值是()A. B. C. D.参考答案:C【考点】余弦定理;正弦定理.【专题】计算题;解三角形.【分析】利用余弦定理c2=a2+b2﹣2abcosC的式子,结合题意算出c=3,从而得到b为最大边,算出cosB的值即可得到最大角的余弦之值.【解答】解:∵在△ABC中,,∴c2=a2+b2﹣2abcosC=49+64﹣2×7×8×=9,得c=3∵b>a>c,∴最大边为b,可得B为最大角因此,cosB==,即最大角的余弦值为故选:C【点评】本题给出三角形的两边和夹角,求最大角的余弦.着重考查了三角形中大边对大角、利用余弦定理解三角形的知识,属于基础题.6.已知全集为R,集合A={x|2x≥1},B={x|x2﹣3x+2≤0},则A∩?RB=()A.{x|x≤0} B.{x|1≤x≤2} C.{x|0≤x<1或x>2} D.{x|0≤x<1或x≥2}参考答案:C【考点】交、并、补集的混合运算.【分析】先求出集合AB,再求出B的补集,根据交集的定义即可求出.【解答】解:∵全集为R,集合A={x|2x≥1}={x|x≥0},B={x|x2﹣3x+2≤0}={x|1≤x≤2},∴?RB={x|x<1或x>2},∴A∩?RB={x|0≤x<1或x>2}故选:C7.已知x,y的取值如下表所示:x234y645如果y与x呈线性相关,且线性回归方程为,则b=()A. B. C. D.参考答案:A【考点】线性回归方程.【专题】计算题.【分析】估计条件中所给的三组数据,求出样本中心点,因为所给的回归方程只有b需要求出,利用待定系数法求出b的值,得到结果.【解答】解:∵线性回归方程为,又∵线性回归方程过样本中心点,,∴回归方程过点(3,5)∴5=3b+,∴b=﹣故选A.【点评】本题考查线性回归方程,考查样本中心点满足回归方程,考查待定系数法求字母系数,是一个基础题,这种题目一旦出现是一个必得分题目.8.在区间[0,1]上随机取两个数x,y,记为事件“”的概率,为事件“”的概率,为事件“”的概率,则()A. B.C. D.参考答案:B因为,对事件“”,如图(1)阴影部分,对事件“”,如图(2)阴影部分,对为事件“”,如图(3)阴影部分,由图知,阴影部分的面积从下到大依次是,正方形的面积为,根据几何概型公式可得.(1)
(2)
(3)9.有下列四个命题:①“若xy=1,则x、y互为倒数”的逆命题;②“相似三角形的周长相等”的否命题;③若“A∪B=B,则AB”的逆否命题.其中的真命题有()个。A.0
B.1
C.2
D.3参考答案:C10.已知复数z=1+i,则=()A.2 B.﹣2 C.2i D.﹣2i参考答案:B【考点】复数代数形式的乘除运算.【分析】利用复数的运算法则即可得出.【解答】解:∵复数z=1+i,∴==﹣=﹣2,故选:B.二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.某公司有大量客户,且不同年龄段客户对其服务的评价有较大差异.为了解客户的评价,该公司准备进行抽样调查,可供选择的抽样方法有简单随机抽样、分层抽样和系统抽样,则最合适的抽样方法是________.参考答案:分层抽样12.甲乙两人玩猜数字游戏,先由甲在心中任想一个数字,记为,再由乙猜甲刚才所想的数字,把乙猜的数字记为,且。若,则称甲乙“心有灵犀”。现任意找两人玩这个游戏,得出他们“心有灵犀”的概率为
。参考答案:13.曲线,所围成的封闭图形的面积为___________.参考答案:略14.已知数列满足,=
,
,类比课本中推导等比数列前项和公式的方法,可求得
.参考答案:略15.命题:①底面是正多边形,而且侧棱长与底面边长都相等的棱锥是正多面体;②正多面体的面不是三角形,就是正方形;③若长方体的各侧面都是正方形,它就是正多面体;④正三棱锥就是正四面体,其中正确的序号是.参考答案:③16.已知,,,…,若(为正整数),则
。参考答案:略17.以模型去拟合一组数据时,为了求出回归方程,设,其变换后得到线性回归方程,则=
参考答案:三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.在极坐标系中,已知圆C的圆心C,半径=1,Q点在圆C上运动。(1)求圆C的极坐标方程;(2)若P在直线OQ上运动,且OQ∶QP=2∶3,求动点P的轨迹方程。参考答案:(1),
(2)19.已知,,,其中.(I)若与的图像在交点(2,)处的切线互相垂直,求的值;(II)若是函数的一个极值点,和1是的两个零点,且∈(,求;(III)当时,若,是的两个极值点,当|-|>1时,求证:|-|>3-4.参考答案:(I),
由题知,即
解得(II)=,由题知,即解得=6,=-1
∴=6-(-),=∵>0,由>0,解得0<<2;由<0,解得>2∴在(0,2)上单调递增,在(2,+∞)单调递减,故至多有两个零点,其中∈(0,2),∈(2,+∞)
又>=0,=6(-1)>0,=6(-2)<0∴∈(3,4),故=3
(III)当时,=,=,由题知=0在(0,+∞)上有两个不同根,,则<0且≠-2,此时=0的两根为-,1,
由题知|--1|>1,则++1>1,+4>0
又∵<0,∴<-4,此时->1则与随的变化情况如下表:(0,1)1(1,-)-(-,+∞)-0+0-
极小值
极大值
∴|-|=极大值-极小值=F(-)―F(1)=―)+―1,
设,则,,∵<-4,∴>―,∴>0,∴在(―∞,―4)上是增函数,<从而在(―∞,―4)上是减函数,∴>=3-4所以|-|>3-4.20.在四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD是平行四边形,E为PD的中点,点F在棱PD上,且FD=PD.(Ⅰ)求证:PB∥平面EAC;(Ⅱ)求三棱锥F﹣ADC与四棱锥P﹣ABCD的体积比.
参考答案:(Ⅰ)见解析(Ⅱ)1:6考点:棱柱、棱锥、棱台的体积;直线与平面平行的判定.专题:空间位置关系与距离.分析:(I)如图所示,连接BD,利用三角形中位线定理可得:PB∥OE,再利用线面平行的判定定理即可证明.(Ⅱ)由FD=PD,可得:点F到平面ACD(也是平面ABCD)的距离与点P到平面ABCD的距离比为1:3,又易知△ACD的面积等于四边形ABCD面积的一半,即可得出体积之比.解答:(I)证明:如图所示,连接BD,设BD∩AC=O,易知O为DB的中点.又E为PD的中点,在△PDB中,∴PB∥OE.又OE?平面EAC,PB?平面EAC,故PB∥平面EAC.(Ⅱ)解:∵FD=PD,∴点F到平面ACD(也是平面ABCD)的距离与点P到平面ABCD的距离比为1:3,又易知△ACD的面积等于四边形ABCD面积的一半,∴三棱锥F﹣ADC与四棱锥P﹣ABCD的体积比为1:6.点评:本题考查了线面平行的判定定理、三角形中位线定理、三棱锥的体积计算公式,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.21.(本题满分14分)设函数,(为实数)(1) 若为偶函数,求实数a的值.(2)
记函数的最小值为,求.(3)
求的最小值.参考答案:3.求出函数g(a)最小值为0
14分22.已知函数f(x)=|x﹣3|+|2x+t|,t∈R.(1)当t=1时,解不等式f(x)≥5;(2)若存在实数a满足f(a)+|a﹣3|<2,求t的取值范围.参考答案:【考点】绝对值不等式的解法;绝对值三角不等式.【分析】(1)当t=1时,根据绝对值不等式的解法,讨论x的取值范围即可解不等式f(x)≥5;(2)根据绝对值不等式的性质将不等式转化为[f(a)+|a﹣3|]min<2成立,结合不等式的性质进行求解即可.【解答】解:(1)当t=1时,f(x)=|x﹣3|+|2x+1|,由f(x)≥5得|x﹣3|+|2x+1|≥5,当x≥3时,不等式等价为x﹣3+2x+1≥5,即3x≥7,得x≥,此时x≥3,当﹣<x<3时,不等式等价为﹣(x﹣3)+2x+1≥5,即x≥1,此时1≤x
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