2022年新教材物理人教版选择性必修课后提升训练交变电流测评

第三章测评(时间:90分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共8小题,每小题3分,共24分。每个小题中只有一个选项是正确的)1.某小型发电机产生的交流电动势为e=50sin(100πt)V。对此电动势,下列表述正确的有()A.最大值是502V B.频率是100HzC.有效值是25V D.周期是0.02s解析从中性面开始计时,交流电动势的表达式为e=Emsinωt,因e=50sin(100πt)V,所以最大值Em=50V,A错误;由ω=2πf=100πrad/s得f=50Hz,B错误;有效值E=Em2=252V,C错误;T=1f=0答案D2.如图所示,在远距离输电过程中,若保持升压变压器原线圈的输入功率不变,下列说法正确的是()A.升高U1会增大输电电流I2B.升高U1会增大线路的功率损耗C.升高U1会增大线路的电压损耗D.升高U1会提高电能的利用率解析升高输电电压U1,由于输入功率不变,则I1将减小,又因为I2=n1n2I1,所以I2将减小,故A错误;线路功率损耗P损=I22R,因此功率损耗在减小,电压损失减小,故B、C错误;因线路损耗功率减小,答案D3.(2018全国Ⅲ卷)一电阻接到方波交流电源上,在一个周期内产生的热量为Q方;若该电阻接到正弦交流电源上,在一个周期内产生的热量为Q正。该电阻上电压的峰值均为u0,周期均为T,如图所示。则Q方∶Q正等于()A.1∶2 B.2∶1 C.1∶2 D.2∶1解析对于方波交流电源,电压的有效值和最大值相等,即u方=u0,在周期T内产生的热量为Q方=u02R·T,对于正弦交流电源,电压的有效值u正=u02,在周期T内产生的热量为Q正=(u02)

2R·T,整理可得答案D4.(2018天津卷)教学用发电机能够产生正弦式交变电流。利用该发电机(内阻可忽略)通过理想变压器向定值电阻R供电,电路如图所示,理想交流电流表A、理想交流电压表V的读数分别为I、U,R消耗的功率为P。若发电机线圈的转速变为原来的12,则(A.R消耗的功率变为12B.电压表V的读数变为12C.电流表A的读数变为2ID.通过R的交变电流频率不变解析本题考查交变电流的产生和变压器原理,清楚感应电动势的决定因素是解题的关键,另外要知道交流电表测的是交变电流的有效值。发电机线圈转速变为原来一半时,产生的电动势的最大值和有效值均变为原来的一半,变压器匝数比不变,故副线圈上的电压表示数变为原来的一半,选项B正确;对负载电阻R,由P=U2R可得,R消耗的功率变为原来的14,即副线圈消耗的功率变为原来的14,故原线圈消耗的功率也变为原来的14,而原线圈电压变为原来的一半,故原线圈中的电流(电流表示数)变为原来的一半,选项A、C均错误;发电机线圈转速变为原来一半时,线圈转动的角速度变为一半,由f=2πω答案B5.(2017北京卷)如图所示,理想变压器的原线圈接在u=2202sin(100πt)V的交流电源上,副线圈接有R=55Ω的负载电阻,原、副线圈匝数之比为2∶1,电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是()A.原线圈的输入功率为2202WB.电流表的读数为1AC.电压表的读数为1102VD.副线圈输出交流电的周期为50s解析由U1U2=n1n2得U2=110V,故P入=P出=U22R=220W,A项错误。由I2=U2R得I2=2A,I1I2=n2n1,答案B6.对于远距离输电,在P送一定的情况下,设输电线路中的电流为I送,输电线的总电阻为R线,为了节能,采用高压U送输电,下列说法正确的是()A.由U送=I送R线,知输电线路中的电流变大B.由P送=I送U送,知输电线路中的电流变小C.由P耗=U送D.由P送=I送2R解析由U线=I线R线,I送=I线,U送≠U线(U送=U到+U线),得U送≠I送R线,选项A错;公式P送=I送U送,针对的是同一研究对象,故选项B对、D错;P耗=I线2R线=I送2R线=P送U送2R线,因此U送增大时,输电线路消耗功率答案B7.如图所示,M为理想变压器,电表均可视为理想电表,接线柱a、b接电压u=311sin(314t)V的正弦交流电源。当滑动变阻器的滑片P向上滑动时,示数发生变化的电表是()A.A1、A2 B.A2、V2C.A1、A2、V2 D.A1、A2、V1、V2解析由变压器特点可知U1U2=n1n2,只要n1、n2的比值不变,U1不变,那么U2也不变;由电流之比I1I2=n2n1答案A8.将阻值为5Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上,电源电动势随时间变化的规律如图所示。下列说法正确的是()A.电路中交变电流的频率为0.25HzB.通过电阻的电流为2AC.电阻消耗的电功率为2.5WD.用交流电压表测得电阻两端的电压是5V解析电路中交变电流的频率f=1T=25Hz,A错;通过电阻的电流应为有效值,即I=UR=552A=22A,用交流电压表测得电阻两端的电压是522V,B、D错答案C二、多项选择题(本题共4小题,每小题4分,共16分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)9.如图所示,将额定电压为60V的用电器,通过一理想变压器接在正弦交变电源上。闭合开关S后,用电器正常工作,交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220V和2.2A。以下判断正确的是()A.变压器输入功率为484WB.通过原线圈的电流的有效值为0.6AC.通过副线圈的电流的最大值为2.2AD.变压器原、副线圈匝数比n1∶n2=11∶3解析变压器的输入功率P1=P2=I2U2=2.2×60W=132W,选项A错误;由U1U2=n1n2得n1n2=U1U2=22060=113,选项D正确;由I1I2=n2n1得I1=n答案BD10.(2017天津卷)在匀强磁场中,一个100匝的闭合矩形金属线圈,绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动,穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化。设线圈总电阻为2Ω,则()A.t=0时,线圈平面平行于磁感线B.t=1s时,线圈中的电流改变方向C.t=1.5s时,线圈中的感应电动势最大D.一个周期内,线圈产生的热量为8π2J解析t=0时,磁通量为零,故线圈平行于磁感线,故A正确;t=1s时,由题图可知,磁通量为零,磁通量变化率最大,此时斜率方向不变,感应电流方向不变,故B错误;当t=1.5s时,磁通量最大但磁通量变化率为零,感应电动势为0,故C错误;由题图可知,有效值E=22Em=22nΦmω=22πV,在一个周期内产生的热量Q=E2RT=8π2答案AD11.如图甲为电热毯电路示意图,交流电压u=311sin(100πt)V,当开关S闭合时,电热丝的电功率为P0;当开关S断开时,加在电热丝上的电压如图乙所示,则()A.开关闭合时,交流电压表的读数为220VB.开关闭合时,交流电压表的读数为311VC.开关断开时,交流电压表的读数为311V,电热丝功率为PD.开关断开时,交流电压表的读数为156V,电热丝功率为P解析交流电压表的读数为有效值,计算热功率要用有效值。开关接通时,交流电压峰值Um=311V,所以有效值U=Um2=220V,A正确;开关断开时,取一个周期T,电热丝产生的热量减半,所以由P=QT,得电热丝功率为P02,由P=U2R,答案AD12.如图所示,图乙中理想变压器的原线圈接如图甲所示的交变电流。理想变压器原、副线圈的匝数比为20∶3,定值电阻的阻值为11Ω,滑动变阻器的总阻值为22Ω。下列说法中正确的是()A.副线圈输出电压的频率为50HzB.滑动变阻器的滑片P向右滑动时,电阻R两端的电压不变C.滑动变阻器的滑片P滑到最右端时,通过电阻R的电流为8.45AD.滑动变阻器的滑片P滑到最左端时,理想变压器的输入功率为132W解析由交变电流的图像可知,加在原线圈中电流的周期T=0.02s,频率f=50Hz,由于变压器不能改变电源的频率,副线圈输出电压的频率为50Hz,故A正确;滑动变阻器的滑片P向右移动时,电路总电阻变小,电流变大,由U=IR可知,电阻R两端的电压变大,故B错误;原线圈电压的有效值U1=Um2=440V,根据U1∶n1=U2∶n2可得副线圈的电压U2=66V,滑动变阻器的滑片P滑到最右端时,通过电阻R的电流为I2=U2R=6A,故C错误;滑动变阻器的滑片P滑到最左端时,理想变压器的输入功率为P2=U22R答案AD三、非选择题(本题共6小题,共60分。按题目要求作答,计算题要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)13.(6分)(1)某学生选用匝数可调的可拆变压器来“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验时,原线圈接在学生电源上,用多用电表测量副线圈的电压,下列操作正确的是。

A.原线圈接直流电压,电表用直流电压挡B.原线圈接直流电压,电表用交流电压挡C.原线圈接交流电压,电表用直流电压挡D.原线圈接交流电压,电表用交流电压挡(2)该学生继续做实验,先保持原线圈的匝数不变,增加副线圈的匝数,观察到副线圈两端的电压(选填“增大”“减小”或“不变”);然后再保持副线圈的匝数不变,增加原线圈的匝数,观察到副线圈两端的电压(选填“增大”“减小”或“不变”)。上述探究副线圈两端的电压与匝数的关系中采用的实验方法是控制变量法。

解析(1)变压器的工作原理是互感现象,故原线圈接交流电压,输出电压也是交流电压,故电表用交流电压挡,故ABC错误,D正确;(2)根据变压比公式U1U2=n1n2,保持原线圈的匝数不变,增加副线圈的匝数,观察到副线圈两端的电压增大;答案(1)D(2)增大减小14.(8分)有一个教学用的可拆变压器,其铁心粗细一致,如图甲所示,它有两个外观基本相同的线圈A、B(内部导线电阻率、横截面积相同),线圈外部还可以再绕线圈。(1)某同学用多用电表的同一欧姆挡先后测量了A、B线圈的电阻值,指针分别对应图乙中的a、b位置,则A线圈的电阻为Ω,由此可推断(选填“A”或“B”)线圈的匝数较多。

(2)如果把此变压器看作理想变压器,现要测量A线圈的匝数,提供的器材有:一根足够长绝缘导线、一只多用电表和低压交流电源。请完成以下填空:①用绝缘导线在线圈B上绕制n匝线圈;②将A线圈与低压交流电源相连接;③用多用电表的“交流电压”挡分别测量A线圈的输入电压UA和(选填“绕制”或“B”)线圈的输出电压U;

④则A线圈的匝数为。(用已知和测得量的符号表示)

甲乙解析(1)多用电表欧姆挡读数=指针指示值×倍率,A的读数为24,倍率为×1,所以电阻为24Ω。根据电阻定律,导线越长,电阻越大,因为A的电阻比B的大,所以A线圈匝数多。(2)③因为不知道B线圈的匝数,所以要用交流电压挡测绕制线圈的输出电压U。④根据变压器电压比等于匝数比,有UAU=nAn,所以答案(1)24A(2)绕制n15.(8分)交流发电机电枢电阻为2Ω,感应电动势瞬时值表达式为e=389sin(100πt)V,给电阻R=8Ω的用电器供电,则:(1)通过用电器的电流为多少?(2)电源输出功率和发电总功率为多少?(3)发电机输出端电压为多少?解析(1)交流电动势的有效值为E=Em2=根据闭合电路欧姆定律I=ER+r=2758+2(2)发电机的输出功率即电阻消耗的电功率P出=I2R=6050W发电总功率为P=EI=275×27.5W=7562.5W。(3)发电机的路端电压为U=IR=27.5×8V=220V。答案(1)27.5A(2)6050W7562.5W(3)220V16.(8分)人们利用发电机把天然存在的各种形式的能(水流能、风能、煤的化学能……)转化为电能。为了合理利用这些能源,发电站要修建在靠近这些天然资源的地方。但是,用电的地方往往很远。因此,需要高压输送线路把电能输送到远方。如果某发电站将U=6000V的电压直接加在高压输送线路的入端向远方供电,且输送的电功率为P=800kW。则此时安装在高压输送线路的入端和终端的电能表一昼夜读数就相差ΔE=9600kW·h。(1)求此种情况下,高压线路的输电效率。(2)若要使此高压输电线路的输电效率为98%,则需要在发电站处应安装一个变压比n1解析(1)此情况下,终端功率P'=P-ΔET=800kW-9600kW所以,输电效率η=P'P×100%=400kW800kW×100%(2)设高压输送线路的导线电阻为r,由题意知:原来线路损耗P损1=I12r=400kW,且UI现在线路损耗P损2=P×(1-98%)=I2且U'I2=P,UU'=n答案(1)50%(2)117.(14分)如图所示,间距为L的光滑平行金属导轨AB、CD,水平地放置在竖直方向的磁感应强度为B的匀强磁场中,AC端接阻值为R的电阻。一长度为L、电阻为R0、质量为m的导体棒MN垂直放置在导轨上,在外力F的作用下从t=0时刻开始运动,其速度随时间