【物理】南京市物理电功率专项测试题(含答案)

【物理】南京市物理电功率专项测试题（含答案）一、选择题1.如图所示电路，电源电压恒定， R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小， 身为定值电阻，当光照减弱时।V与由示数的比值减小C.王与小示数之差变大V与引示数的比值不变D.电路消耗的总功率减小【答案】D【解析】【解答】A、由欧姆定律可知，V与疝示数的比值为光敏电阻R的阻值，因R的阻值变大，则该比值变大， A不符合题意；B、电压表示数不变，疝示数变小，则V与七示数的比值变大，B不符合题意；C、由并联电路的特点可知， ㈤与出示数之差为通过附的电流，保持不变， C不符合题D、电源电压不变，总电流变小，根据户可知，总功率减小，D符合题意。故答案为：Do【分析】光敏电阻R与定值电阻Ro并联，电压表测量的是R两端的电压（即电源的电压），保持不变；电流表Ai测量的是通过R的电流，电流表A2测量的是干路中的电流；已知光敏电阻R的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时， R的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过R的电流变小，即电流表Ai示数变小；通过Ro的电流不变，而通过R的电流变小，所以干路中的电流变小，即电流表 A2示数变小，根据P=UI可知，总功率减小..关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（ ）A.白炽灯的正常工作电流约为0.1A B遥控器的干电池电压约为 220VC.空调制冷时的功率约为10W D电扇正常工作1h耗电约为1KW?h【解析】【解答】解：A、白炽灯的额定功率为 40W,正常工作电流约为I=I=与卜=0.18A0.1A相差不大，故A符合实际；B、遥控器的干电池电压约为1.5V,故B不符合实际；C、空调制冷时白^功率约为 1000W,故C不符合实际；D、电扇的额定功率为100W,正常工作1h耗电约为W=Pt=0.1KWX1h=0.11KW?h故D不符合实际.故选A.【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要

的计算去判断题目的对错..如图的电路，电源电压保持不变， R为定值电阻。下列说法正确的是（ ）A.开关闭合前，电压表和电流表均无示数B.开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表的示数变小C.开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，R的功率变大D.开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表与电流表示数的比值变小【答案】B【解析】【解答】解：（1）开关闭合前，电路处于开路状态，则电流表没有示数；但电压表的两个接线柱通过变阻器与电源的正负极相连通，此时电压表测量电源电压，所以电压表有示数；A不符合题意；（2）开关闭合后，定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表A测电路中的电流，电压表测定值电阻 R两端的电压；4一4一H|=

由可知，电路中的电流变小；根据U=IR可知，定值电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小， B符合题意;定值电阻两端的电压减小，电路中电流减小了，根据P=UI定值电阻两端的电压减小，电路中电流减小了，根据P=UI知，R的功率变小，C不符合题心、，由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值，所以，电压表与电流表示数的比值不变，D不符合题意。故答案为：B【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律、串联电路的特点即可分别判断；根据定值电阻两端的电压和电路的电流的变化，根据 P=UI判断出R功率的变化；电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值..如图甲所示，闭合开关S,调节滑动变阻器的滑片滑片从最右端滑至最左端时，小灯泡恰好正常发光。电流表示数与两电压表示数的关系图象如图乙。下列说法中正确的是TA甲 乙A.电源电压为9V B.动变阻器的最大阻值为14aC.小灯泡的额定功率为8W D.电路总功率的变化范围为8W〜12W【答案】B【解析】【解答】由电路图可知，灯泡 L与定值电阻Ro、滑动变阻器R串联，电压表Vi测L与R0两端的电压之和，电压表 V2测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。( 1)当滑片位于最左端时，接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，电路的总功率最大，两电压表的示数最大且电压表 Vi测电源两端的电压，由图乙可知，电路中的最大电流 I大=1.0A,电压表V2的示数Uo=6V,电压表Vi的示数为12V,即电源的电压U=12V,A不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时灯泡两端的电压： Ul=U-Uo=12V-6V=6V,因此时小灯泡恰好正常发光，所以，灯泡的额定功率： Pl=UlI大=6VX1.0A=6W,C不符合题意；电路的最大总功率：P大=5大=12VX1.0A=12W;(2)当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电路的总功率最小，由图象可知，电路中的最小电流 I小=0.5A,电压表V1的示数Uv1=5V,此时滑动变阻器两端的电压： Ur=U-UV1=12V-5V=7V,由I=不可得，滑动变阻器的最大阻值： R=U=万房=14Q,B符合题意；电路的最小总功率：P小=UI小=12Vx0.5A=6W,则电路总功率的变化范围是 6W〜12W,D不符合题意。故答案为：Bo【分析】结合电路图，李强元件的连接方式及电表的测量对象，当滑片位于最左端时，接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，电路的总功率最大，两电压表的示数最大且电压表V;测电源两端的电压，根据图象读出电表的示数，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用 P=UI求出灯泡的电功率即为额定功率，利用 P=UI求出电路的最大总功率；同理，当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出V1的示数和电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R两端电压，利用欧姆定律求出变阻器的最大阻值，利用 P=UI求出电路的最小总功率，然后得出电路总功率的变化范围 .Ra=4 Rb=6Q,Ra=4 Rb=6Q,电源电压相同，下面分析正确的是（）同，下面分析正确的是（）旭一 图;A.图一中A灯比B灯亮 iB.图二中A灯比B灯亮C.图一中A灯比图二中A灯亮 D.图一中的总功率比图二中的总功率要大【答案】B【解析】【解答】A.图一中，两灯泡串联，串联电路中各处的电流相等， A灯泡的电阻较小，由尸=/“可知，A灯泡的实际功率较小，即A灯比B灯暗，A不符合题意；pw|B.图二中，两灯泡并联，并联电路中各支路两端的电压相等，根据 不可知，A灯泡的电阻较小，其实际功率较大， A灯比B灯亮，B符合题意；C.由于图一中两灯串联，A灯泡两端的电压小于电源电压，图二中两灯并联， A灯泡两端计的电压等于电源的电压，根据 ‘一?可知，图一中A灯泡的实际功率较小，灯泡较暗，即图一中A灯比图二中A灯暗，C不符合题意；D.因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，即图一中的总电阻大于图二中的总电阻；P--,由芥可知，图一中的总功率比图二中的总功率要小， D不符合题意。故答案为：Bo【分析】根据P=UI=I2rJ比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮 ^.具有防雾除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为 10V,四段电热丝电阻均为10Q,防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。下列说法正确的是（ ）A.开关旋至“1档，开启化霜功能 iB.开启防雾功能，电路总电阻为 5aC.化霜与防雾电路的总功率之差为 15W "D.从防雾到除露，电路总电流变化 1A【答案】C【解析】【解答】由图知道，当开关旋至 “1档时，两条电阻丝串联接入电路，此时电路总IS户=一电阻最大为2R=2X10a=20R由用知道，此时电功率最小，开启防雾功能， AB不符合V，仰题意；此时电路中的电流是：“一正一2（0Q=0.5A;此时电路的总功率是：Pi=UIi=10VX0.5A=5W/当开关旋至“潴时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并联时的总电阻），电路消耗的功率较小，此时为除露功能；此时电路中的电流是：U［一二 == =1A;从防雾到除露，电路总电流变化量是： l2-Ii=1A-0.5A=0.5A,D不符合题意；当开关旋至“猾时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为11R并--R=—X二5。化霜功能，电路的总电阻是： 2 2 ，电路的总电流是：U四Z?-—--口并5口=2A;此时总功率是： P3=UI3=10VX2A=20W化霜与防雾电路的总功率之差是：P3-P1=20W-5W=15W,C符合题意。故答案为：CI/0二一【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，由 用知道对应的状态，再逐项进行计算即可..王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W2k◎”的电位器一个，装在台灯（灯泡为 “PZ22060”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原因是（）A.因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣.电位器额定功率偏小C.电位器额定电流偏大D.电位器电阻偏小，应换用 20k◎【答案】B【解析】【分析】首先利用利用额定功率和实际功率的关系判断 A、BC是否正确.由知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式 R，'计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而判断 D是否正确.【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故A错误；功率偏大不可能，既然烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率， C说法错误，不符合题意；B说法正确；灯泡为“PZ22060”，

思9g，灯泡的电阻为RL=F£=成即=807R接上电位器后电路中的总电阻为 R=RL+Rfe=807Q+2000Q=2807Q4I220V，电位器的功率为：P电=I2R电=⑺/电=（翳。）2X2000 12,3W从而可知D说法错误；故选B.【点评】本题考查了学生对串联电路特点的理解，以及利用电功率的公式分析电路中电功率的大小，本题考查知识点比较多，属于难题.R串联，电源电压恒为8.如图，电路中 Li“6V3W“和L2"6V6WR串联，电源电压恒为12V.下列说法正确的是（ ）A.闭合开关S,调节滑动变阻器的滑片 巳两灯泡均能正常发光坏，滑动变阻器RA.闭合开关S,调节滑动变阻器的滑片 巳两灯泡均能正常发光坏，滑动变阻器R连入电路的最小值为3auB.保证两灯泡均不损C.滑片P从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则此时另一盏灯的实际功率为1.5WD.在保证电路安全的情况下，电路总功率最大可达到 12W【答案】C【解析】【解答】A、根据P=UI可得，灯泡正常工作的电流分别为:Pi凄 Ps珊'『二77二二二卫屐匕二T7二W二I*由& 必徐 •由图知，闭合开关 S,两灯泡串联，由于串联电路的电流处处相等，所以两灯泡不能都正常发光；A不符合题意；B、B、由, ,可得，两灯的电阻分别为:由于串联电路的电流处处相等，两灯泡正常发光时的最大电流为： I=Ii=0.5A,UR---二24c由欧姆定律可得总电阻： f口水;根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得，R连入电路的最小值： 爆外=£-月-尼，为"I?。建=6口,b不符合题意;C、滑片P从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则正常发光的是电流较小的一个灯泡Li,所以另一盏灯的实际功率：以=/砂=p"X6Q=上，渊c符合题意；D、在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流 I=Ii=0.5A,则整个电路的最大功率:

F大二班二乩义仇国二洲，D不符合题意。故答案为：Co【分析】根据公式P=UI先计算出两灯正常发光时的电流，两灯串联后，正常发光的是电流较小的一个，再利用公式 R=F求出两灯的电阻；由于正常发光的是电流较小的一个，则根据P=2R求出另一盏灯的实际功率；在保证电路安全的情况下，电路中的电流达到正常发光时电流较小的灯泡的电流即为电路可达到的电流，利用 P=UI即可求出最大功率.正确的判断电路的最大电流是关键..现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U-IU-I图象动的过程中，电压表的示数从 5V开始减小，电流表的示数从 0.3A开始增大。下列结论正确的是（）!lII・产■ ■，工「二Ih(11U.SA.电源的电压为5VB.小灯泡的最大功率为0.3WC.滑动变阻器的最大阻值为20QD.整个电路的最小功率是1.8W【答案】D【解析】【解答】解：（1）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，如图所示：―；（2）当电压表的示数为5V时，电路中的电流为0.3A,由图象得出此时灯泡两端的电压Ul=1V,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：U=U滑+Ul=5V+1V=6V,A不符合题意；口由1=不可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑=/=无"〜16.7,QC不符合题意；整个电路的最小功率：Pmin=UI=6VX0.3A=1.8W,D符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，

由图象可知通过灯泡的电流 IU0.5A,则小灯泡的最大功率：PLmax=UI=6Vx0.5A=3W,B不符合题意。故答案为：Do【分析】结合题意，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小；当电压表的示数为 5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为 0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据 P=UI求出整个电路的最小功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据P=UI求出灯泡的最大功率..估测是一门技巧，准确的估测可起到事半功倍的效果.下列物理量估测合理的是（）A.教室中门的高度大约是 10dm B中学生登上一层楼所做的功大约是 1500JC.家用电器电饭煲的功率约为 50W D奥运会上男子百米赛跑的速度约为20km/h【答案】B【解析】【解答】解：A、老师的身高在170cm左右，教室门的高度略大于此数值，在 200cm=20dm左右.故A不符合实际；B、中学生的体重在G=500N左右，一层楼高在h=3m左右，中学生登上一层楼所做的功大约是W=Gh=500N3m=1500J.故B符合实际；C、电水壶的额定功率在 1500W左右，家用电饭煲的额定功率与此差不多，在1500W左右.故C不符合实际；D、奥运会上男子百米速度略大于 10m/s=10x3.6km/h=36km/h.故D不符合实际.故选B.【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项..如图所示，滑动变阻器的滑片 P处于中间位置，闭合开关 S,两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片 P向右移动，则（）A.Li和L2都变亮 B.L变暗，12变亮 C.L变亮，L2变暗 D.L和L2都变暗【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡 L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡Li串联，将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变大，电路的总电阻变大，g由1=7可知，干路中的电流变小，由U=IR可知，Li两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡Li的实际功率变小，Li的亮度变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡L2两端的电压变大，由P=k可知，L2的实际功率变大，亮度变亮， B符合题意、D不符合题意。故答案为：Bo【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化口TOC\o"1-5"\h\z和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律 1=7可知电路中电流的变化和 Li两端的电压变化情况，根据 P=UI可知Li实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压特点和 P=V可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化 ..图是某家用电热器内部电路结构图，其中 Ri、R2为加热电阻丝（Ri>R2）。下列关于电阻丝的四种连接方式，可使电热器提供不同的发热功率，其中大小说法正确的是（ ）। 1 [ _1_◎220V J 5 J 1 h 甲 乙丙丁A.甲的连接方式干路电流最小 卜出.乙的连接方式总电阻最小C.丙的连接方式消耗电能最多 mD.丁的连接方式发热功率最大【答案】D【解析】【解答】由图示可知，甲种接法时，只有电阻 R2连入电路；乙种接法时，两电阻是串联的；丙种接法时，只有电阻 Ri连入电路；丁种接法时，两电阻并联；故可知丁种接法时总电阻最小，消耗的电能最多，发热功率最大， BC不符合题意，D符合题意；乙种接

法总电阻最大，干路中的电流是最小的， A不符合题意；故答案为：Do【分析】先根据四种不同连接方式确定电路的连接情况，从而判断电路中电阻大小，由欧姆定律判断电路中电流大小，当电源电压不变，由 p=f判断电路消耗电功率大小，由W=Pt分析消耗电能的多少.5是检测植物叶片含.5是检测植物叶片含水量的电路，电源电压不变。将湿敏电阻 R附着在叶片上，当叶片含水量升高时（D.电路总功A.电流表示数增大 出.电压表示数减小 C.电路总电阻减小D.电路总功率增大【解析】【解答】由图5知，电路是由湿敏电阻R和定值电阻R0串联构成的，电压表测R0两端的电压，当叶片含水量升高时，湿敏电阻的阻值增大，根据 R,『R0+R得电路总电阻增大，又由/且U不变，得电路中电流减小，即电流表的示数减小；由 U=IR0得R0两端的电压减小，即电压表的示数减小；而由 尸宙知电路总功率减小。故答案为：B。【分析】结合题意，理清元件的连接方式及电表的测量对象，将湿敏电阻 R附着在叶片上，根据湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大 ”可知湿敏电阻的阻值变化，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 Ro两端的电压变化，利用P=UI判断电路总功率的变化情况..电子驱蚊器利用变频声波直接刺激蚊虫中枢神经，使其非常痛苦，食欲不振，繁殖力下降，无法在此环境生存，从而达到驱蚊的目的其部分参数见表格，取g=10N/kg关于驱蚊器下列说法错误的是（）电子驹妙箱更费！毋定电压K6V软定中淖2W声波孙革严昌黄詈产品尺寸女9兄6乂工3icmL)A.驱蚊器的重力为0.6N B.驱蚊器发出的声音能被正常人听到C.驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波 D.驱蚊器工作10h消耗电能为0.02kW?h【答案】B【解析】【解答】A、驱蚊器白重力，G=mg=0.06kgxi0N/kg=0.6N,A不符合题意；B、人的听觉范围20〜20000Hz;22kHz〜55kHz超出了人的听觉范围，故驱蚊器发出的声音不能被正常人听到，B符合题意；C、22kHz〜55kHz超出了人的听觉范围，故驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波， C不符合题意；D、蚊器工作10h消耗电能为W=Pt=0.002kWX10h0.2kW?h,D不符合题意。故答案为：Bo【分析】利用物体质量计算重力的大小，人耳的听声范围是 20〜20000Hz,超声波的频率超过20000Hz,利用功率和时间计算消耗的电能 ..如图所示电路中，电源电压不变，只闭合开关马，电流表的示数为仇却，再闭合开关邑，电流表示数变化了。,期，则同时闭合⑼、应后，相同时间内用、取消耗的电能之比是A.3:4 旧.4:3 C.7:3 “D.4:7【答案】A【解析】【解答】由电路图知道，若只闭合 S1,则是只有Ri的简单电路，电流表测的是Ri的电流，此时Ii=0.3A;当再闭合S2时，Ri、R2并联，电流表测干路中的电流，由于并联电路中各电阻互不影响，所以通过 Ri的电流仍然是Ii=0.3A,由于电流表示数变化了TOC\o"1-5"\h\z0.4A,则说明通过R2的电流是l2=0.4A,又因为并联电路各支路两端的电压相等，即 Ui=U2 ,由W=UIt知道，在相同时间内Ri、R2消耗的电能之比是：必 l/dit a3A 3畋逅我t a4A 4故答案为：Ao【分析】结合电路图，理清开关通断时电路的连接方式及电表的测量对象，利用并联电路的电压关系、电功的计算公式求解即可.如图为探究焦耳定律”的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气， U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。将容器中的电阻丝 Ri、R2串联在电路中，且RkR2.下列说法正确的是（ ）A.该实验装置用于探究 电压和通电时间一定时，电热与电阻的关系 ”B.闭合开关后，通过WJ的电流大于凡的电流C.闭合开关后，甲管中液面上升比乙慢D.闭合开关后，要使电流增大，应将滑动变阻器滑片 P向左移动【答案】C【解析】【解答】解：A、图中两电阻串联，通过的电流和通电时间相等，而电阻不同，故可研究电流产生的热量与电阻的关系， AB不符合题意；C、根据Q=I2Rt,因R1VR2.故右边容器中电阻丝产生的热量多，由转换法，甲管中液面上升比乙慢，C符合题意；D、闭合开关后，要使电流增大，由欧姆定律，要减小电路的电阻，故应将滑动变阻器滑片P向右移动，D不符合题意。故答案为：C【分析】电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的气体加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；由焦耳定律 Q=2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析 ^.电能表的表盘如图所示，关于电能表下列说法正确的是《9门h猫hi221n lrI IV里XXKJCjA.正常工作时，额定功率为 220V IB.表盘每转600圈电路耗电1kW?hC.同时消耗的总功率不能超过 2200W D.电路消耗的总电能是3145kW?h【答案】B

【解析】【解答】解：A、正常工作时，额定电压为 220V,故A错;B、表盘每转600圈电路耗电1kW?h,故B正确；C、同时消耗的总功率不能超过 P=UI=220VX20A=4400WV故C错；D、表盘上的数字的最后一位是小数，电路消耗的总电能是314.5kW?h,故D错。故选B。【分析】理解电能表的表盘上各个物理量的意义。.小亮利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中只有这个用电器工作时，测得在6min内，消耗电能0.03kWh,这个用电器可能是（ ）A.柜式空调 nB电视机 nC电风扇 Dfe饭锅【答案】B【解析】【解答】解：A、柜式空调的功率大于1000W,故A不符合题意；B、电视机的功率小于500W,故B符合题意；C、电风扇的电功率为30〜100W,故C不符合题意；D、电饭锅的功率在500〜1000W,故D不符合题意。故选B。落0.03X3,0X/虎/【分析】用电器的功率 P='一/X配相 =300W,柜式空调的电功率远大于1000W,电视机的功