【区级联考】天津市河西区2020-2021学年高二上学期期末考试物理试题解析

【区级联考天津市河西【最新】高上学期期考试物理试题学校:姓：班：考：一单题1图中属于交变电流的是A．

B．C．

D．2下列说法正确的是()A．科总是从正确走向错表达的并不是一种悲观失望的情绪B．出日说人是托勒密C．普勒通过天文观测，发现了行星运动的三定律D．勒日心说阐述了宇宙以太阳为中心，其它星体围绕太阳旋转3距水平地面一定高度处由静止开始下落的雨滴，着地前遇到水平方向吹来的风，A．雨滴做平抛运动B．速越大，雨滴下落时间越长C．速越大，雨滴下落时间越短D．滴地时间与水平风速无关4在水平冰面上，狗拉着雪橇做匀速圆周运动点圆心，能正确地表示雪橇受到的牵引力及擦力

F

f

的选项是（）试卷第1页，总页

A．

B．C．

D．5如图所示，过山车的轨道可视为竖直平面内半径为的轨道．质量为的游客随过山车一起运动，当游客以速度v经圆轨道的最高点（）A．处于超重状态B．度的小一定为

gRC．心加速度方向竖直向下D．位游客的作用力为

26如图所示，一小钢球在光滑水平桌面上沿AB直线运动，处有一小球门，BC垂于AB．现用同一根细管分别沿甲、乙、丙三个方向对准处气，可将钢球吹进球门的是)A．甲方向B．方向C．方向D．有能7如图所示，在光滑水平面上，质量为m的球在细线的拉力用下，以速度v做径为r的速圆周运动．小球所受向心力的大()试卷第2页，总页

A．mB．m

vrrC．υ

rD．υr86月24日航天员刘旺手动控制神九号飞完成“天宫一的交会对接，形成组合体绕地球做匀速圆周运动，轨道高度为340．测控通信由两颗在地球同步轨道运行的天链一号中继卫星基控站量及北京飞控中心完成据以上信息和你对航天相关知识的理解，下列描述正确的是A．组合体匀速圆周运动的周期一定大于地球的自转周期B．合体匀速圆周运动的线速度一定大于第一宇宙速度C．合体匀速圆周运动的角速度大“天链一号中继卫星的角速度D．神九”低轨道必须加速才能与天一号交对接9abc三

粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，由此可以肯定)①在离电场的同时好打在负极板上②b和c同飞离电场③进入电场时，的度最大，a的度最小④动能的增量相比，的小的一样大A．①

B①②

C．④

D．③10我将【最新】建成完整的北二号导系该系统由5颗球同步卫星和其他卫星组成．则地球同步卫()A．绕地球运行的轨道为椭圆C．静止在涟水上空

B．行周期与地球自转周期相同D．运行向与地球自转方向相反．【最新】8月16日我自主研制的世界颗量子科学实验卫墨子”送入500km的运行轨道，已投入使用墨号卫在轨道上的运行速()试卷第3页，总页

.A．等于11.2km/s.C．于

B．于7.9km/sD．大于12回旋加速器是加速带电粒子的装置其核部分是别与高频交流电源两极相连接的两个D形金属,

两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电,粒子在通过狭缝时都能得到加速两形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场,

如图所

要增大带电粒子射出时的动能则下列说法中正确的()A．减小磁场的磁感应强度B．大匀强电场间的加速电压C．大D形属盒的径D．小缝间的距离13质谱仪是测带电粒子质量和分析同位素的一种仪器，它的工作原理是带电粒子（不计重力经同一电场加速后垂直入同一匀强磁场做圆周运动然后利用相关规律计算出带电粒子的质量。其工作原理如图所示，虚线为某粒子的运动轨迹，由图可)A．此粒子带负电B．极板

比上极板

电势高C．只增大加速电压，则半径r变D．只大入射粒子的质量，则半径r变14关于电磁感应，下列说法中正确的是A．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B．过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C．过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大D．过圈的磁通量变化越快，感应电动势越大15如图所示，竖直放置的长直导线通以恒定电流，一矩形线框abed通电导线共面试卷第4页，总页

放置，且边通导线平下列情况中不能产生感应电流的是A．导线中电流变大B．框向右平动C．框以直导线为轴转动D．框边轴转动16一形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的交变电流电动势如图所示面法正确的是A．交流电动势的有效值为B．流电动势的有效值为

VC．线圈处于中性面D．流动势的频率为50Hz17如图所示，当把理想变压器副线圈回路中的开关闭时，则A．交流电压表示数将变大B．流电压表示数将变小C．流电流表示数将变小D．流流表示数将变大18如图所示A和B为直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球．开始时开关S合且滑动变阻器的滑动头在，此时绝缘线向右偏离竖直方向源的内阻不能忽略）下列判断正确的是（）试卷第5页，总页

A．小球带负电B．滑动头从a向b滑时，细线的偏角大C．滑动头从b滑时，电流表中有电流，方向从上向下D．滑头从向b滑时，电源的总功率一变.二多题19关于平抛运动，下列说法中正确的是（）A．平抛运动的轨迹是曲线，所以平抛运动是变速运动B．抛运动是一种匀变速曲线运动C．抛运动的水平射程x由初速度v决定，与下落的高度h无关D．抛动的落地时间t

由初速度

v

决定，

v

越大，

越大20图中、b为空中竖直向上的电场上的两点，一带电质点在a点由静止释放，沿电场线向上运动，到点好速度为零．下列说法中正确的是（）A．带电质点在、b两所受电场力都是竖直向上B．点电势比b点电势高C．点的电场强度比b点的电场强度大D．电点在点电势能比在点电势能小三解题21如图，水平放置金属导轨MN平行地置于匀强磁场中，间距为l，磁场的磁感强度大小为，方向与导轨平面夹角为，属棒的量为，在导轨上且与导轨垂直，且与导轨的动摩擦因数为.4，电源电动势为，内阻为0.5，定值电阻Ω其余部分电阻不计．则当电键K合的瞬间，求：（，cos37°=0.8，g=10m/s）试卷第6页，总页

.12001111012.12001111012（1电流多大？（2棒的加速度为多大？22如图所示，光滑管道部平直，部为竖直圆环，圆环半径为.有一个质量为半为

r(r

的小球，以水平速度从管口A端入管道小通过最高点点时，小球对轨道的压力小为

mg

，求小球落回水平管道上离点多远？23如图）所示，一个电阻值R，数为n的形金属线与值为R的电阻

1连结成闭合回路．线圈的半径为r.

在线圈中半径为r

的圆形区域存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度随时间t

变化的关系图线如图）所示．图线与横、纵轴的截距分别为和

导线的电阻不计．求0至

时间内（1通过电阻上的电流大小和方向；（2通过电阻上的电量电阻上产生的热量．24分)从粒子源射出的带电粒子的质量为m、电荷量为q，它以速度经电势差为U的带窄缝的平行板电极S和间电场，并从O点方进磁感应强度为B、方向垂直纸面外的有界匀强磁场Ox垂平行板电极S，粒子从点开磁场时，其速度方向与方的角＝60°，如图－2－20所，整个装置处于真空中．试卷第7页，总页

求粒子在磁场中沿圆弧运动的轨道半径R；求粒子在磁场中运动所用的时间t试卷第8页，总页

本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。参答．【解析】【分析】电流的方向在周期性变化的电流为交变电流变电流的大小不一定变化向定在不断地变化。【详解】电流的方向在周期性变化的电流为交变电流；交变电流的方向在不断地变化选中电流方向不变，是直流电；C选电流大小不变，方向变化，是交变电流。故选C。．A【详解】“科学总是从正确走向错误，表明科学发展曲折性，并不是表达一种悲观失望的情绪正确；提出日心说人哥白尼、D错；开普勒通过对第谷的观测数据的研究，发现了行星运动的三定律C错误．故选A．【解析】【详解】A项：由平抛运动定义可知：物体以一定的初速度沿水平方抛

如果物体仅受重力作这样的运动叫做平抛运动而题意中水平无初速且不是仅受重力作用,故A错；B、CD项不管风速多下落时间只跟高有关，故B、C错误，正。．【详解】雪橇做匀速圆周运动指圆心向力摩擦力的方向和相对运动方向相反，故沿切线向后；拉力与摩擦力的合力指向圆心，故拉力指向斜右上方；故正确，错误。故选。．【解析】答案第1页，总10

本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。游客做圆周运动，在最高点，受重力和轨道的压力，合外力提供向心力，合外力向下，加速度竖直向下处于失重状态A错正高点据心力公式得mg+N=mv

；只有当v=

gR

v2，故B错在最高点根据向心力公式得；解得：N=m

v2

，故D错误．故选．点睛：题主要考查了向心力公式的直接应用求同学们能正确对物体进行受力分析道当加速度方向向上时，处于超重状态，当加速度方向向下时，处于失重状态，难度不大，属于基础题．．【详解】小球若进入球门气小球的速度方向沿方出球的初速度度的方向，由平行四边形定则画出小球速度变化的方向如图，则：由图可知钢球的速度变化的方向沿丙的方向，加速度方向沿的方向，所以沿丙的方向吹气，故正确，错误．．A【解析】【详解】根据牛顿第二定律得的向力由细线的拉力提供Fm

vr

A正确、D错误；故选A．【点睛】小球在光滑的水平面上做匀速圆周运动，由细线的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律求解．【解析】答案第2页，总10

t=t＞t0bat=t＞tak本卷由系统自动生t=t＞t0bat=t＞tak试题分析飞的质量为m道为r的质量为M据牛顿第二定律得：则得，由于同步卫星的轨道高度约，远大于组合体的高度，则根据上式可知，组合体匀速圆周运动的周期一定小于同步卫星的周期，即小于地球自转的周期，故A误．第一宇宙速度是卫星绕地球圆周运动的最大速度于近地卫星的速度由式知组体匀速圆周运动的线速度一定小于第一宇宙速度，故B错．由上式知，组合体的轨道半径较小，角速度较大，故正．神九号通加速做离心运动，可以“天宫一号的轨道上去，从而实现和天宫一”对接，故正考点：考查了万有引力定律的应用．【详解】①②三个α子进入电场后加速度相同，由图看出，竖直方向a、转距离相等，大于c的偏转距离，由

12

得知，a、动时间相等，大于c的动时间，即a故在离电场的同时刚打在负极板上，而c先飞出场。故①正确，②错.③三个粒水平方向上做匀速直线运动，则有x=vt．由图看出、c水位移相同，大于a的水平位移，即x=x而a可见，初速度关系为：vv＞v，故③正确.④由动能定理得：△由图看出a和b的转距离相等大于的转距离，故ab动能增量相等，大于c的能增量故④正确故选10B答案第3页，总10

km本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。km【详解】A地球同步卫星运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道，故A错；B地球同步卫星运行周期与地球自转一周的时间相等，即时时，故B正；C、球同步卫星静止在赤道上空某处，南通不在赤道上，所以不可静止在南极上空，故C错误；D、球步卫星的运行方向与地球自转方向相同，故D错．【点睛】地球同步卫星即地球同步轨道卫星称对地静止卫星运行在地球同步轨道上的人造卫星卫的运行方向与地球自转方向相同行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道行周期与地球自转一周的时间相．．C【解析】万有引力提供向心力可知

Mm2所vrr

GMr

半径越大速度越小即“高轨低速”/s

是第一宇宙速度地道的环绕速度500

轨道比近地轨道高，速度小于7.9kms

，故C正确点睛：“墨子号”是地球的卫星，运行速度一定小于第二宇宙速度，即小s

，星

高的运行轨道上，根据“高轨低速大周期”速度可知小于7s

。12C【详解】粒子在回旋加速器中的最大半径为D形的半径，由qm1q22Eυ

，故最大动能为A由以上推导可知，增大磁感应强度可以增大最大动能，故A错；B增加加速电压对最大动能无影响，故B错误；C．大D形半径

可以增大最大动能，故正确；D．小缝间距离对最大动能无影响D错；故选。13C答案第4页，总10

21本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。21【详解】A由左手定则可知，粒子带正电，故A错；B粒子经过电场要加速，因正电粒子，所以下极板比极板电低，故B误；C．据动能定理得qU

由m

r得r

若只增大加速电压U，则半径r变，若只增大射粒子的质量，则半径r大，故确，错。故选。14D【详解】A由公式

可知，穿过线圈的磁通量越大，线圈的磁通量变化率不一定大，感应电动势不一定越大，故A误；B由公式

可知，穿过线圈的磁通量为零，若线圈的磁通量变化率不为零，则感应电动势就不为零，故B错误；C．公式

可知，穿过线圈的磁通量变化越大，线圈的磁通量变化率不一定大，感应电动势不一定越大，故错误；D．过圈的磁通量变化越快，磁通量的变化率越大，由法拉第电磁感应定律得知，感应电动势越大，故D确。15C【解析】【分析】根据感应电流的条件当闭合回中磁通量发生变化时回路中就会产生感应电流根据直答案第5页，总10

本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。导线磁场的分布规律，判断几种情况下，穿过线圈的磁通量是否变化即可。【详解】A.线不动，增大导线中的电流，则周围的磁感应强度增强，则线框中磁通量增大，可以产生感应电流。故A错误B.线向右运动时，线框中的磁感应线强减小，故磁通量减小，可以产生感应电流，故错误；C.线以直导线为轴转动，线框中的磁通量不变，不会产生感应电流，故C正；D.线以导线ad为转动，线框中的磁通量变化，会产生感应电流，故D错。故选：16B【解析】【分析】由图可读出电动势的最大值算效值形线圈在匀强磁场中匀速转动时产生正弦交变电流．磁通量为零，感应电动势最大；磁通量最大时，感应电动势为零，线圈恰好通过中性面。由图可读出周期，计算频率。【详解】AB、图象可得E，效值为E=m

202

V=102V故错，正确；C.t=0.01s时动势最大，磁通为零，线圈平面与中性面垂直，故C错误D.由象可得交流电的周期为T=0.04S，以频率为：，D错；故选：17D【解析】【分析】闭合开关相当于负载增加功和输入功率都变大原线圈中电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，判断电压表示数的变化和电流表示数的变化。【详解】将电键闭负总电阻变小据原副线圈中电压比等于匝数比由匝数和输入端电压不变可知输出端电压不变交流压表示数将不变所以输出端电流变大原线圈中电流与匝数成反比，所以输出端电流变大时输入端也大，故ABC错误D正确答案第6页，总10

本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。故选：18C【详解】A由图A板正电B带负电电容器内电场方向水平向线向右偏电场力向右，则小球带正电，故A误；B滑动头向右移动时R小，外电路总电阻变小，总电流变大，路端电EIr

变小，电容器电压变小，细线偏角变小，故B错；C．动头向右移动时，电容器电压变小，电容器放电，A带正电，则流过电流表的电流方向向下，故C正；D滑由a向动时动阻器接入电阻减小电阻减小电增大可知，总功率增大，故D错。故选。19【分析】平抛运动是具有水平方向的初速度只在重力作用下的运动一个匀变速曲线运动决抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动．【详解】A、B项平抛运动只受重力作用，加速度为重力加速度，不发生变化，是匀变速运动，运动轨迹是曲线，所以平抛运动一定是变速运动，故正确；C项由平抛可得：

x

，

解得：

h

，：平抛运动的水平射程由物体下落的高度和初速度共同决定，故错误；D项由C知，平抛运动落地时间由h决定，与初速度无关，故D错．【点睛】本题考查对平抛运动规律的掌握和理解平抛运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，结合运动规律分析水平射程和落地时．20ABC【解析】【详解】答案第7页，总10

本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。质点的速度从零到零所以先加后减小过程中重力的大小和方向恒定不变所以刚开始电场力大于重力，后来电场力小于重力，即电场强度在减小，的电场强度大于的电场强度，同一条电场线电场方向不变，故电场力竖直向上，沿电场方向电势降低，点的电势比b点的高ABC正确；过程中电力做正功，电势能减小的电势能大于的电势能D错．21）（）10/【解析】【详解】(1)根据闭合电路的欧姆定律可得I=

ER1

A=1A(2)对导体棒受力分析可知F=mg+BILcosα由牛顿第二定律可的BILsinαμF=ma联立解得a=10m/s答：(1)电流为；(2)棒ab的加速度为10m/s【点睛】（1）有闭合电路的欧姆定律求电流；（2）对导