广东省清远市英德连江中学高三物理期末试卷含解析

广东省清远市英德连江中学高三物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，a、b、c、d表示一定质量的理想气体状态变化过程中的四个状态，图中ad平行于横坐标轴，ab的延长线过原点，dc平行于纵轴，以下说法正确的是________。（填选项前的字母）A．从状态a到b，气体放热B．从状态b到c，气体放热C．从状态c到d，气体放热D．从状态d到a，气体对外做功参考答案：C2.（单选）一根不可伸长的细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点，细绳绕过光滑的轻小滑轮，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态．若缓慢移动细绳的端点，则绳中拉力大小的变化情况是（

）A、只将绳的左端移向A′点，拉力变小

B、只将绳的左端移向A′点，拉力不变C、只将绳的右端移向B′点，拉力变小

D、只将绳的右端移向B′点，拉力不变参考答案：B3.如图所示是一个半径为R的竖直圆形磁场区域，磁感应强度大小为B，磁感应强度方向垂直纸面向里．有一个粒子源在圆上的A点不停地发射出速率相同的带正电的粒子，带电粒子的质量均为m，运动的半径为r，在磁场中的轨迹所对应的圆心角为α.下列说法正确的是()A.若r＝2R，则粒子在磁场中运动的最长时间为B.若r＝2R，粒子沿着与半径方向成45°角斜向下射入磁场，则有关系成立C.若r＝R，粒子沿着磁场的半径方向射入，则粒子在磁场中的运动时间为D.若r＝R，粒子沿着与半径方向成60°角斜向下射入磁场，则圆心角α为150°参考答案：BD若r=2R，粒子在磁场中时间最长时，磁场区域的直径是轨迹的一条弦，作出轨迹如图，因为r=2R，圆心角θ=60°，粒子在磁场中运动的最长时间，故A错误．若r=2R，粒子沿着与半径方向成45°角斜向下射入磁场，根据几何关系，有，故B正确．若r=R，粒子沿着磁场的半径方向射入，粒子运动轨迹如图所示，圆心角90°，粒子在磁场中运动的时间，故C错误．若r=R，粒子沿着与半径方向成60°角斜向下射入磁场，轨迹如图所示，图中轨迹圆心与磁场圆心以及入射点和出射点构成菱形，圆心角150°，故D正确．故选：BD.4.一个高尔夫球静止于平坦的地面上。在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示。若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息不可以求出的量是（）A．球在何时落地

B．人击球时对球做的功C．球可上升的最大高度

D．落地时球的速度大小和方向参考答案：B5.（单选）用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达式不是由比值法定义的是A．加速度

B．电阻

C．电容

D．电场强度参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图所示，将两条完全相同的磁铁（磁性极强）分别固定在质量相等的小车上，水平面光滑，开始时甲车速度大小为3m/s，方向水平向右，乙车速度大小为2m/s，方向水平向左，两车在同一直线上，当乙车的速度为零时，甲车速度为________m/s，方向________。参考答案：1；水平向右7.镭核(Ra)经过一系列α衰变和β衰变，变成铅核(Pb)，其中经过α衰变的次数是_____，镭核(Ra)衰变成铅核(Pb)的过程中损失了_______个中子．参考答案：5168.如图，P是水平放置的足够大的圆盘，绕经过圆心O点的竖直轴匀速转动，在圆盘上方固定的水平钢架上，吊有盛水小桶的滑轮带动小桶一起以v=0.1m/s的速度匀速向右运动，小桶底部与圆盘上表面的高度差为h=5m．t=0时，小桶运动到O点正上方且滴出第一滴水，以后每当一滴水刚好落在圆盘上时桶中恰好再滴出一滴水，不计空气阻力，若要使水滴都落在圆盘上的同一条直径上，圆盘角速度的最小值为ω，则ω=πrad/s，第二、三滴水落点的最大距离为d，则d=0.5m．参考答案：考点：线速度、角速度和周期、转速；自由落体运动．专题：匀速圆周运动专题．分析：滴下的水做平抛运动，平抛运动的时间由高度决定，水平位移由时间和初速度共同决定．若要使水滴都落在圆盘上的同一条直径上，且圆盘的角速度最小，则在滴水的时间内圆盘转动πrad．解答：解：水滴平抛运动的时间：t===1s．则圆盘的最小角速度：ω=rad/s=πrad/s．第2滴水距离O点的距离x2=vt2=0.1×2m=0.2m，第3滴水距离O点的距离为x3=vt3=0.1×3m=0.3m，因为2、3两滴水分居在O点的两侧，所以d=x2+x3=0.5m．故答案为：π，0.5．点评：本题是平抛运动与圆周运动相结合的问题，关键掌握两种运动的运动规律，抓住相等量进行分析计算．9.一列简谐波在t=0.8s时的图象如图甲所示，其x=0处质点的振动图象如图乙所示，由图象可知：简谐波沿x轴

▲

方向传播（填“正”或“负”），波速为

▲

m／s，t=10.0s时刻，x=4m处质点的位移是

▲

m．参考答案：10.11．某同学用图（a）所示的实验装置验证机械能守恒定律。已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地重力加速度为g=9.80m/s2。实验中该同学得到的一条点迹清晰的完整纸带如图（b）所示。纸带上的第一个点记为O，另选连续的三个点A、B、C进行测量，图中给出了这三个点到O点的距离hA、hB和hC的值。回答下列问题（计算结果保留3位有效数字）（1）打点计时器打B点时，重物速度的大小vB=

m/s;3.90（2）通过分析该同学测量的实验数据，他的实验结果是否验证了机械能守恒定律？简要说明分析的依据。

参考答案：（1）vB2/2=7.61(m/s)2

（2）因为mvB2/2≈mghB，近似验证机械能守恒定律11.一个晴朗的天气，小明觉得湖水中鱼儿戏水时吐出小气泡的情景很美，于是画了一幅鱼儿戏水的图画（如图所示）。但旁边的同学认为他的画有不符合物理规律之处，请根据你所掌握的物理知识正确画出草图，并指出这样画的物理依据。①（2分）请在答题纸上画上你认为正确的草图②（3分）依据

③（2分）如果认为小气泡在水中缓慢上升，则小气泡中的气体对外做的功

（填“大于”、“等于或“小于”）气体吸收的热量。参考答案：①②因上层水温较高和压强较小，故小气泡在上升过程中气泡内压强减小，温度升高，体积增大。③“小于”12.欧洲天文学家发现了一颗可能适合人类居住的行星。若该行星质量为M，半径为R，万有引力恒量为G，则绕该行星运动的卫星的第一宇宙速度是______________。设其质量是地球的5倍，直径是地球的1.5倍，在该行星表面附近沿圆轨道运行的人造卫星的动能为Ek1，在地球表面附近沿圆轨道运行的相同质量的人造卫星的动能为Ek2，则为______________。参考答案：，10/313.某质点做匀变速直线运动，位移方程为s=10t-2t2（m），则该物体运动的初速度为______，加速度为______，4s内位移为______。参考答案：10m/s

-4m/s2

8m三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.某兴趣小组在做“测定金属丝的电阻率”的实验中，通过粗测电阻丝的电阻约为5Ω，为了使测量结果尽量准确，从实验室找出以下供选择的器材：A．电池组（3V，内阻约1Ω）B．电流表A1（0～3A，内阻0.0125Ω）C．电流表A2（0～0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表V1（0～3V，内阻4kΩ）E．电压表V2（0～15V，内阻15kΩ）F．滑动变阻器R1（0～20Ω，允许最大电流1A）G．滑动变阻器R2（0～2000Ω，允许最大电流0.3A）H．开关、导线若干①实验时应从上述器材中选用

（填写仪器前字母代号）．②测电阻时，电流表、电压表、待测电阻Rx在组成测量电路时，应采用安培表

接法，将设计的电路图画在图1虚线框内．③若用螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如图2，则读为

mm．④若用L表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为R，请写出计算金属丝电阻率的表达式ρ=

．参考答案：（1）C；D；F；（2）外；（3）0.900；【考点】伏安法测电阻；描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）关键电源的电压选取电压表，根据电压表选取电流表，根据题目要求确定滑线变阻器的阻值选取变阻器．（2）电路图的设计注重电表的接法和滑线变阻的接法．（3）螺旋测微器固定刻度最小分度为1mm，可动刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数部分．（4）根据电阻定律的公式推导电阻率的表达式．【解答】解：（1）实验中必需的仪器有电源A，开关H；由于电源电动势为3V，电表读数要达到半偏，则电压表选D；由I=可知电路中最大电流约为0.5A，则电流表选C；为了使测量结果尽量准确，滑动变阻器采用限流接法，故电阻不能太大，选F；故所用仪器为ACDFH；（2）电源电压为3v，由I=可知电路中最大电流约为0.5A，为了使测量结果尽量准确，滑动变阻器采用限流接法，由Rx＜，电流表采用外接法．电路见右图（3）由主尺上读出0.5mm，螺旋尺上读数为40.0×0.01mm，两者和为：0.900mm；（4）由电阻定律：R=ρ

S=π（）2得：ρ=故答案为：（1）C；D；F；（2）外；（3）0.900；15.如图所示，一端带有滑轮的粗糙长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门，中心间的距离为L．质量为M的滑块A上固定一宽度为d的遮光条，在质量为m的重物B牵引下从木板的顶端加速滑下，光电门1、2记录遮光时间分别为△t1和△t2．（1）用此装置验证牛顿第二定律，且认为滑块A受到合外力的大小等于重物B所受的重力，实验中除了调整长木板倾斜角刚好平衡滑动摩擦力外，还必须满足M＞＞m；（2）实验测得的加速度为（）．（用上述字母表示）；（3）若考虑到d不是远小于L，则加速度测量值比真实值大（填“大”或“小”）．参考答案：【考点】：验证牛顿第二运动定律．【专题】：实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】：为了认为A所受的外力合力等于B的重力，首先需要平衡摩擦力，其次是重物的质量远小于滑块的质量．根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过光电门1、2的瞬时速度，结合速度位移公式求出加速度．：解：（1）根据牛顿第二定律，对整体有：a=，则绳子的拉力F=Ma==，当M＞＞m，重物的总重力等于绳子的拉力，等于滑块的合力．（2）滑块通过光电门1的瞬时速度，通过光电门2的瞬时速度为：，根据，解得：a=（）．（3）若考虑到d不是远小于L，两个中间时刻的实际距离大于L，而测量值为L，所以加速度的测量值比真实值大．故答案为：（1）M＞＞m；（2）（）；（3）大．【点评】：解决本题的关键知道验证牛顿第二定律实验中的两个认为：1、认为绳子的拉力等于滑块的合力，（前提需平衡摩擦力），2、认为重物的拉力等于绳子的拉力，（前提是重物的质量远小于滑块的质量）．以及知道系统机械能守恒的条件，知道该实验中系统机械能不守恒，因为有阻力做功．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.某种弹射装置如图所示，光滑的水平导轨右端与水平传送带平滑连接，传送带长L=6.5m，以速率v=4.0m/s顺时针转动，三个质量均为m=1.0kg的滑块A、B、C置于水平导轨上。开始时静止的B、C之间有一压缩的轻弹簧，处于锁定状态。A以初速v0=2.0m/s沿B、C连线方向向B运动，A与B碰后黏合在一起，碰撞时间极短，其过程可认为不影响滑块C。碰撞使B、C间锁定解除，弹簧伸展，从而使C与A、B分离，分离后C以速度vC=2.0m/s滑上传送带，并从右端滑出落至地面上的P点。已知C与传送带之间的动摩擦因数μ=0.10，重力加速度取g=10m/s2。

求：（1）滑块C从传送带右端滑出时的速度大小；（2）滑块B、C处于锁定时弹簧的弹性势能EP；（3）改变A的初速v0的大小，但保持每次实验时B、C间弹簧的压缩状态相同，要使滑块C总能落到地面上的P点，求v0的取值范围。参考答案：（1）滑块与传送带等速时

t

即滑块在传送带上先加速后匀速，从其右端滑出时速度为v=4m/s.

（6分）（2）A碰B：

C与AB分离：

解得：

（8分）（3）v0的最小与最大分别对应在传送带上一直匀加速和匀减速：

解得：当a=1m/s2时，当a=-1m/s2时，

（6分）17.如图所示，质量为m=1kg的小滑块，从光滑、固定的圆弧轨道的最高点A由静止滑下，经最低点B后滑到位于水平面的木板上。已知木板质量M=2kg，其上表面与圆弧轨道相切于B点，且长度足够长。整个过程中木板的图像如图所示，g=l0m／s2．求：(I)滑块经过B点时对圆弧轨道的压力．

(2)滑块与木板之间的动摩擦因数．

(3)滑块在木板上滑过的距离．参考答案：18.如图所示，两平行金属板AB中间有互相垂直的匀强电场和匀强磁场。A板带正电荷，B板带等量负电荷，电