人教物理2023高考一轮选习练题（11）含答案

第页人教物理2023高考一轮选习练题〔11〕含答案一、选择题1、如下图，质量为QUOTE的木块在质量为M的长木板上受到水平向右的拉力F作用向右滑行，长木板处于静止状态。木块与木板间的动摩擦因数为QUOTE，木板与地面间的动摩擦因数为QUOTE。以下说法正确的选项是()A．木板受到地面的摩擦力的大小一定是QUOTEB．木板受到地面的摩擦力的大小一定是QUOTEC．当QUOTE时，木板发生运动D．无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动【参考答案】D2、在研究二力合成的实验中，AB是一根被拉长的橡皮筋，定滑轮是光滑的，如下图，假设改变拉力F而保持O点位置不变，那么以下说法中正确的选项是()A．要使θ减小，减小拉力F即可B．要使θ减小，增大拉力F即可C．要使θ减小，必须改变α，同时改变F的大小才有可能D．要减小θ而保持α不变，那么只改变F的大小是不可能保持O点的位置不变的解析：绳子对O点的拉力F2与F的合力和F1等大、反向，如下图，O点位置不变，那么橡皮筋的拉力F1不变，绳子拉力F2的方向不变，即α角不变，假设要减小θ，必使F的大小和方向以及F2的大小发生改变，故D选项正确．答案：D3、(2023·江西赣中南五校联考)如下图，水平细杆上套一细环A，环A和球B间用一轻质绳相连，质量分别为mA、mB(mA>mB)，由于B球受到水平风力作用，A环与B球一起向右匀速运动，绳与竖直方向的夹角为θ，那么以下说法正确的选项是()A．风力增大时，轻质绳对B球的拉力保持不变B．风力增大时，杆对A环的支持力保持不变C．B球受到的风力F为mAgtanθD．A环与水平细杆间的动摩擦因数为eq\f(mB,mA＋mB)解析：以整体为研究对象，分析受力如图甲所示，根据平衡条件得，杆对环A的支持力FN＝(mA＋mB)g，所以杆对环A的支持力保持不变，B正确．以B球为研究对象，分析受力如图乙所示，由平衡条件得，轻质绳对球B的拉力FT＝eq\f(mBg,cosθ)，风力F＝mBgtanθ，风力F增大时，θ增大，cosθ减小，FT增大，故A、C错误．由图甲得到Ff＝F，环A与水平细杆间的动摩擦因数μ＝eq\f(Ff,FN)＝eq\f(mB,mA＋mB)tanθ，故D错误．选B.答案：B4、如下图，在水平光滑地面上有A、B两个木块，A、B之间用一轻弹簧连接．A靠在墙壁上，用力F向左推B使两木块之间的弹簧压缩并处于静止状态．假设突然撤去力F，那么以下说法中正确的选项是()A．木块A离开墙壁前，墙对木块A的冲量大小等于木块B动量变化量的大小B．木块A离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B动能的增量C．木块A离开墙壁时，B的动能等于A、B共速时的弹性势能D．木块A离开墙壁后，当弹簧再次恢复原长时，木块A的速度为零解析：木块A离开墙壁前，对A、B整体而言，墙对木块A的冲量大小等于整体的动量变化量即等于木块B动量变化量的大小；根据能量守恒定律，木块A离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B动能的增量；木块A离开墙壁时，B的动能等于A、B共速时的弹性势能及A的动能之和；木块A离开墙壁后，当弹簧再次恢复原长时，A、B交换速度，木块B的速度为零．选项A、B正确．答案：AB5、如下图，电源电动势E＝12V，内阻r＝3Ω，R0＝1Ω，直流电动机内阻R0′＝1Ω.当调节滑动变阻器R1时可使图甲中电路的输出功率最大；调节R2时可使图乙中电路的输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作(额定输出功率为P0＝2W)，那么R1和R2连入电路中的阻值分别为()A．2Ω、2ΩB．2Ω、1.5ΩC．1.5Ω、1.5ΩD．1.5Ω、2Ω解析：因为题图甲电路是纯电阻电路，当外电阻与电源内阻相等时，电源的输出功率最大，所以R1接入电路中的阻值为2Ω；而题图乙电路是含电动机的电路，欧姆定律不适用，电路的输出功率P＝IU＝I(E－Ir)，所以当I＝eq\f(E,2r)＝2A时，输出功率P有最大值，此时电动机的输出功率为2W，发热功率为4W，所以电动机的输入功率为6W，电动机两端的电压为3V，电阻R2两端的电压为3V，所以R2接入电路中的阻值为1.5Ω，B正确．答案：B6、如下图，均匀绕制的螺线管水平固定在可转动的圆盘上，在其正中心的上方有一固定的环形电流A，A与螺线管垂直．A中电流方向为顺时针方向，开关S闭合瞬间．关于圆盘的运动情况(从上向下观察)，以下说法正确的选项是()A．静止不动B．顺时针转动C．逆时针转动D．无法确定解析：环形电流可等效为里面的N极、外面为S极的小磁针，通电螺线管可等效为右边为N板，左边为S极的条形磁铁，根据磁极间的相互作用，圆盘将顺时针转动，选项B正确．答案：B7、(2023·广东揭阳一中、潮州金中联考)以下说法中正确的选项是()A．发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子具有复杂的结构B．结合能越大的原子核，原子核中的核子结合得越牢固，原子核越稳定C．根据玻尔理论可知，氢原子核外电子跃迁过程中电子的电势能和动能之和不守恒D．eq\o\al(234,90)Th的半衰期是24天，48g的eq\o\al(234,90)Th经过72天后衰变了42g解析：发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子核具有复杂的结构，而电子的发现说明原子具有复杂结构，故A错误；比结合能越大，原子核中的核子结合得越牢固，原子核越稳定，故B错误；根据玻尔理论可知，氢原子核外电子跃迁过程中，电子的总能量将减小(或增大)，即电子的电势能和动能之和是不守恒的，这是因为氢原子要辐射(或吸收)光子，故C正确；经过eq\f(72,24)＝3个半衰期后，48g的eq\o\al(234,90)Th还剩下48×eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))3g＝6g，衰变了48g－6g＝42g，故D正确．答案：CD二、非选择题如下图，固定的光滑平台上固定有光滑的半圆轨道，轨道半径R＝0.6m．平台上静止着两个滑块A、B，mA＝0.1kg，mB＝0.2kg，两滑块间夹有少量炸药，平台右侧有一带挡板的小车静止在光滑的水平地面上，小车质量为M＝0.3kg，小车的上外表与平台的台面等高，小车的上外表的右侧固定一根轻弹簧．点燃炸药后，A、B别离瞬间滑块B以3m/s的速度冲向小车．两滑块都可以看作质点，炸药的质量忽略不计，爆炸的时间极短，爆炸后两个滑块的速度方向在同一水平直线上，且g＝10m/s2.求：(1)滑块A能否从半圆轨道的最高点离开；(2)滑块B滑上小车后的运动过程中弹簧的最大弹性势能．解析：(1)爆炸前后A、B组成的系统动量守恒，设爆炸后滑块A、B的速度大小分别为vA、vB，那么mAvA＝mBvB，解得vA＝6m/sA在运动过程中机械能守恒，假设A能到达半圆轨道最高点由机械能守恒得eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,A)＝eq\f(1,2)mAv′eq\o\al(2,A)＋2mAgR解得v′A＝2eq\滑块恰好通过最高点的条件是mAg＝mAeq\f(v2,R)解得v＝eq\r(6)m/s<v′A，所以A能从半圆轨道最高点离开．(2)滑