2023高考物理（人教版）一轮选练编题（6）及答案

第页2023高考物理〔人教版〕一轮选练编题〔6〕及答案一、选择题1、物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．通过力和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律分别如图甲、乙所示．取g＝10m/s2，那么以下说法错误的选项是()A．物体的质量m＝0.5kgB．物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.40C．第2s内物体克服摩擦力做的功W＝2JD．前2s内推力F做功的平均功率eq\x\to(P)＝3W解析：选D.综合甲、乙两个图象信息，在1～2s，推力F2＝3N，物体做匀加速运动，其加速度a＝2m/s2，由牛顿运动定律可得，F2－μmg＝ma；在2～3s，推力F3＝2N，物体做匀速运动，由平衡条件可知，μmg＝F3；联立解得物体的质量m＝0.5kg，物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.40，选项A、B正确．由速度—时间图象所围的面积表示位移可得，第2s内物体位移x＝1m，克服摩擦力做的功Wf＝μmgx＝2J，选项C正确．第1s内，由于物体静止，推力不做功；第2s内，推力做功W＝F2x＝3J，前2s内推力F做功为W′＝3J，前2s内推力F做功的平均功率eq\x\to(P)＝eq\f(W′,t)＝eq\f(3,2)W＝1.5W，选项D错误．2、(2023·江西重点中学盟校联考)如下图,固定的半圆形竖直轨道,AB为水平直径,O为圆心,同时从A点水平抛出甲、乙两个小球,速度分别为v1,v2,分别落在C,D两点,OC,OD与竖直方向的夹角均为37°(sin37°=0.6,cos37°=0.8),那么(D)A.甲、乙两球下落到轨道上的时间不相等B.甲、乙两球下落到轨道上的速度变化量不相同C.v1∶v2=1∶3D.v1∶v2=1∶4解析:由图可知,两个小球下落的高度是相等的,根据h=gt2可知,甲、乙两球下落到轨道上的时间相等,速度变化量Δv=gt相同,选项A,B错误;设圆形轨道的半径为R,那么A,C两点间的水平位移为x1=R-Rsin37°=0.4R,A,D两点间的水平位移为x2=R+Rsin37°=1.6R,那么x2=4x1,由h=gt2,可知t相同,又由v=可知,v2=4v1,选项C错误,D正确.3、频闪照相是每隔相等时间曝光一次的照相方法，在同一张相片上记录运动物体在不同时刻的位置。如下图是小球在竖直方向运动过程中拍摄的频闪照片，相机的频闪周期为T，利用刻度尺测量相片上2、3、4、5与1位置之间的距离分别为x1、x2、x3、x4。以下说法正确的选项是〔〕A．小球一定处于下落状态B．小球在2位置的速度大小为C．小球的加速度大小为D．频闪照相法可用于验证机械能守恒定律【答案】D4、如下图，空间中存在沿x轴的静电场，其电势φ沿x轴的分布如下图，x1、x2、x3、x4是x轴上的四个点，质量为m、带电量为－q的粒子(不计重力)，以初速度v0从O点沿x轴正方向进入电场，在粒子沿x轴运动的过程中，以下说法正确的选项是()A．粒子在x2点的速度为0B．从x1到x3点的过程中，粒子的电势能先减小后增大C．假设粒子能到达x4处，那么v0的大小至少应为eq\r(\f(2qφ0,m))D．假设v0＝eq\r(\f(2qφ0,m))，那么粒子在运动过程中的最大动能为3qφ0解析：选C.根据沿着电场线方向电势逐渐降低，由φ­x图象，画出沿x轴方向的场强方向(图中箭头指向)及各点电势分布如下图．由图示知，O和x2两点电势相等，O到x2过程，电场力做功为0，动能不变，故粒子在x2点的速度为v0，选项A错误；从x1到x3过程中，电场力对负电荷一直做负功，粒子的电势能一直增加，选项B错误；从x3到x4过程中，电场力对负电荷做正功，故粒子假设能到达x4点，需能到达x3点．假设粒子恰好到达x3，由动能定理得W＝qφ0＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)，故v0大小至少为eq\r(\f(2qφ0,m))，选项C正确；粒子运动过程中，电场力所做正功的最大值为qφ0，假设v0＝eq\r(\f(2qφ0,m))，那么动能最大值为2qφ0，选项D错误．5、(2023·内蒙古赤峰三模)(1)(5分)关于一定量的气体,以下说法正确的选项是(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分).

A.气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积,而不是该气体所有分子体积之和B.只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度,气体的温度就可以降低C.在完全失重的情况下,气体对容器壁的压强为零D.气体从外界吸收热量,其内能一定增加E.气体在等压膨胀过程中温度一定升高(2)(10分)在一端封闭、内径均匀的光滑直玻璃管内,有一段长为l=16cm的水银柱封闭着一定质量的理想气体,当玻璃管水平放置到达平衡时如图(甲)所示,被封闭气柱的长度l1=23cm;当管口向上竖直放置时,如图(乙)所示,被封闭气柱的长度l2=19cm.重力加速度g=10m/s2,不计温度的变化.求:①大气压强p0(用cmHg表示);②当玻璃管开口向上以a=5m/s2的加速度匀加速上升时,水银柱和玻璃管相对静止时被封闭气柱的长度.解析:(1)气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积,A正确;根据气体温度的微观意义可知,B正确;在完全失重的情况下,分子运动不停息,气体对容器壁的压强不为零,C错误;假设气体在从外界吸收热量的同时对外界做功,那么气体的内能不一定增加,D错误;气体在等压膨胀过程中,根据盖—吕萨克定律知,体积增大,温度升高,E正确.(2)①由玻意耳定律可得p0l1S=(p0+ρgl)l2解得p0=76cmHg.②当玻璃管加速上升时,设封闭气体的压强为p,气柱的长度为l3,液柱质量为m,对液柱,由牛顿第二定律可得pS-p0S-mg=ma,又=16cmHg,解得p=p0+=100cmHg,由玻意耳定律可得p0l1S=pl3解得l3=17.48cm.答案:(1)ABE(2)①76cmHg②17.48cm6、(2023·湖北八校联考)在物理学开展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在以下几位物理学家所做科学奉献的表达中，正确的选项是()A．在对自由落体运动的研究中，伽利略巧妙的利用斜面实验来冲淡重力影响使得时间更容易测量，最后逻辑推理证明了自由落体的运动规律B．牛顿应用“理想斜面实验〞推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动的原因〞的观点，并归纳总结了牛顿第一定律C．卡文迪许将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律，并测出了引力常量G的数值D．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了点电荷间的相互作用规律，并通过油滴实验测定了元电荷的电荷量解析：选A.在对自由落体运动的研究中，伽利略巧妙的利用斜面实验来冲淡重力影响使得时间更容易测量，最后逻辑推理证明了自由落体的运动规律，选项A正确．伽利略应用“理想斜面实验〞推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动的原因〞的观点，牛顿归纳总结了牛顿第一定律，选项B错误．牛顿将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量G的数值，选项C错误．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了点电荷间的相互作用规律，密立根通过油滴实验测定了元电荷的电荷量，选项D错误．7、〔2023山东枣庄八中重点班月考〕如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为和的两物块、相连接，并静止在光滑的水平面上.现使瞬时获得水平向右的速度，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图像信息可得〔〕A.在、时刻两物块到达共同速度，且弹簧都是处于压缩状态B.从到时刻弹簧由压缩状态恢复到原长C.两物体的质量之比为D.在时刻与的动能之比为【答案】CD弹簧的长度将逐渐增大，两木块均减速，当t3时刻，二木块速度相等，系统动能最小，弹簧最长，因此从t3到t4过程中弹簧由伸长状态恢复原长，故B错误；系统动量守恒，选择开始到t1时刻列方程可知m1v1=〔m1+m2〕v2，将v1=3m/s，v2=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故C正确；在t2时刻A的速度vA=1m/s，B的速度vB=2m/s，根据m1：m2=1：2，求出Ek1：Ek2=1：8，故D正确．8、如下图，竖直平面内放一直角杆MON，杆的水平局部粗糙，动摩擦因数，杆的竖直局部光滑。两局部各套有质量均为的小球A和B，A、B球间用细绳相连。初始A、B均处于静止状态，知，，假设A球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1m〔取〕，那么该过程中拉力F做功为〔〕A.14JB.10C.6JD.4J【来源】【全国百强校】辽宁省庄河市高级中学2023届高三第五次模拟考试理科综合物理试题【答案】A【解析】对AB整体受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的弹力N1，如图；

点睛：此题中拉力为变力，先对整体受力分析后根据共点力平衡条件得出摩擦力为恒力，然后根据动能定理求变力做功。二、非选择题在第Ⅱ象限内紧贴两坐标轴的一边长为L的正方形区域内存在匀强磁场，磁感应强度为B，在第Ⅰ、Ⅳ象限x＜L区域内存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E；在x＞L区域内存在垂直纸面向里、磁感应强度为B′的矩形匀强磁场，矩形的其中一条边在直线x＝L上．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子(不计粒子重力)从第Ⅱ象限的正方形匀强磁场区域的上边界和左边界的交点处以沿y轴负方向的某一速度进入磁场区域，从坐标原点O沿x轴正方向射入匀强电场区域．(1)求带电粒子射入第Ⅱ象限的匀强磁场时的速度大小；(2)求带电粒子从匀强电场区域射出时的坐标；(3)假设带电粒子进入x＞L区域的匀强磁场时速度方向与x轴正方向成45°角，要使带电粒子能够回到x＜L区域，那么x＜L区域中匀强磁场的最小面积为多少?解析：(1)根据题述带电粒子的运动情境，可知带电粒子在第Ⅱ象限的匀强磁场中运动的轨迹半径等于正方形区域的边长L，即R＝L设带电粒子射入第Ⅱ象限的匀强磁场中时速度大小为v，由qvB＝meq\f(v2,L)，解得v＝eq\f(qBL,m).(2)设带电粒子从匀强电场区域射出时的纵坐标为－y1，带电粒子从坐标原点O沿x轴正方向射入匀强电场区域做类平抛运动，设带电粒子运动的加速度大小为a，在电场区域运动的时间为t，那么有L＝vt，y1＝eq\f(1,2)at2，qE＝ma联立解得y1＝eq\f(mE,2qB2)所以带电粒子从匀强电场区域射出时的坐标为eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(L，－\f(mE,2qB2))).(3)带电粒子以与x轴正方向成45°角的方向进入x＞L区域的匀强磁场，其速度大小v′＝eq\r(2)v＝eq\f(\r(2)qBL,m)由qv′B′＝meq\f(v′2,R′)，解得R′＝