(全国版)2019版高考化学一轮复习有机化学基础第1节认识有机化合物限时规范特训

第1节认识有机化合物板块三限时规范特训时间：45分钟满分：100分一、选择题(每题7分，共70分)1．以下有机物的命名正确的选项是( )A．3,3-二甲基-4-乙基戊烷B．3,3,4-三甲基己烷C．3,4,4-三甲基己烷D．2,3-三甲基己烷答案B分析各选项按名称写出对应的构造简式，再依据系统命名法即可判断对错。A、C均应为3,3,4-三甲基己烷；B正确；D应为2,3-二甲基己烷。2．以下图甲、乙表示的是两种有机化合物，关于图示中表示的有机化合物的构造与性质的描绘正确的选项是( )A．表示的是同一种物质B．甲中能否混有乙，可用加入金属钠能否产生气体进行查验C．都能发生代替反响D．乙表示的分子构造中含有碳碳双键答案C分析甲为乙醇(CH3CH2OH)，乙为乙酸(CH3COOH)，故A错误；乙醇、乙酸均与Na反响，故B错误；CH3CH2OH可与HCl、HBr发生代替反响，CH3CH2OH分子间脱水成醚、与乙酸的酯化反响也是代替反响，故C正确；乙酸构造简式为，分子中无双键，故D错误。3．以下物质的类型与所含官能团都正确的选项是( )1A．①②③④⑤B．②③④C．②④⑤D．②④答案C分析①的官能团是醇羟基，属于醇；②的官能团是羧基，属于羧酸；③的官能团是酯基，属于酯；④的官能团是醚键，属于醚；⑤的官能团是羧基，属于羧酸。4．对如图两种化合物的构造或性质描绘正确的选项是( )A．不是同分异构体B．分子中共平面的碳原子数同样2C．均能与溴水反响D．可用红外光谱划分，但不可以用核磁共振氢谱划分答案C分析两者分子式同样，构造不一样，是同分异构体，A错误；左边有机物拥有苯环，右侧有机物没有苯环，两者分子中共平面的碳原子数不一样，B错误；左边有机物中含有酚羟基，能与溴水发生代替反响，右边有机物中含有碳碳双键，能与溴水发生加成反响，C正确；二者既能够用红外光谱划分，也能够用核磁共振氢谱划分，D错误。5．以下化合物的核磁共振氢谱中出现三组峰的是()A．2,2,3,3-四甲基丁烷B．2,3,4-三甲基戊烷C．3,4-二甲基己烷D．2,5-二甲基己烷答案D分析依据名称写出构造简式，分别为，等效氢的种类分别为1、4、4、3，所以D正确。6．以下烃在光照下与氯气反响，生成的一氯代物不只一种(不考虑立体异构)的是( )A．2,2-二甲基丙烷B．环己烷C．2,3-二甲基丁烷D．间二甲苯答案C分析2,2-二甲基丙烷中全部氢原子等效，其一氯代物只有1种，A不切合题意；环己烷中的12个氢原子完整等效，其一氯代物只有1种，B不切合题意；2,3-二甲基丁烷中含有两类氢原子，其一氯代物有2种，C切合题意；间二甲苯分子中含有四类氢原子，但其在光照条件下获得的一氯代物只有1种，D不切合题意。7．现代化学测定有机物构成及构造的剖析方法许多。以下相关说法正确的选项是( )A．元素剖析仪不单能够测出试样常有的构成元素及含量，还能够测定其分子的空间构造3B．的核磁共振氢谱中有四组峰，峰面积之比为1∶2∶2∶3C．经过红外光谱剖析能够划分乙醇和乙酸乙酯D．质谱法和紫外光谱法不属于测定有机物构成和构造的现代剖析方法答案C分析元素剖析仪是实验室一种惯例仪器，可同时对有机物固体、高挥发性和敏感性物质中C、H、N、S等元素的含量进行定量剖析测定，但没法确立有机化合物的空间构造，故A错误；的核磁共振氢谱中有5组峰，峰面积之比为2∶4∶4∶1∶3，故B错误；红外光谱可确立物质中的化学键和官能团，乙醇和乙酸乙酯中的化学键、官能团不一样，则经过红外光谱剖析能够划分乙醇和乙酸乙酯，故C正确；质谱法能够测定相对分子质量，紫外光谱法能够确立物质的构造，故D错误。8．以下相关有机物构造的表达正确的选项是( )A．有机物主链上有5个碳原子B．有机物含有C、H、O三种元素，球棍模型为，则其分子式为C4H8OC．某烷烃的相对分子质量为86，其一氯代物只有2种，则其构造简式必定为4D．七叶内酯( )和东莨菪内酯( )都是某些中草药中的成分，它们拥有同样的官能团，互为同系物答案C分析A项，该有机物为二烯烃，选择含有双键的最长碳链为主链，主链为4个碳原子，错误；B项，该有机物的构造简式为CH3CH2COOCH3，分子式为C4H8O2，错误；C项，该烷烃的一氯代物只有2种，则其含有2种种类的氢原子，构造简式只好为，正确；D项，七叶内酯含有酚羟基、酯基、碳碳双键，而东莨菪内酯还含有醚键，所以两者不互为同系物，错误。9．[2017·江西南昌期末]某有机物分子中含有n个—CH—、m个、a个—CH，其余为—Cl，则—Cl的个数为( )23A．2n＋3m－aB．m＋2－aC．＋＋D．＋2＋2－anmamn答案B分析有机物中每个碳原子都形成4个共价键，属于饱和烷烃，该有机物分子中碳原子数为n＋m＋a，依据烷烃的通式得氢原子数为2(n＋m＋a)＋2，再依据各个基团的个数得有机物分子中氢原子个数为2n＋m＋3a，则氯原子数量为2(n＋m＋a)＋2－(2n＋m＋3a)＝m－a＋2。10．以下有机物命名及其一氯代物的同分异构体数量正确的选项是( )命名一氯代物5A2－甲基－2－乙基丙烷4B1,3－二甲基苯3C2,2,3－三甲基戊烷6D2,3－二甲基－4－乙基己烷7答案D分析A项，正确的命名为2,2－二甲基丁烷，其一氯代物的同分异构体为3种；B项，1,3－二甲基苯的一氯代物的同分异构体有4种；C项，2,2,3－三甲基戊烷的一氯代物的同分异构体有5种；D项正确。二、非选择题(共30分)11．(15分)有机物A只含有C、H、O三种元素，常用作有机合成的中间体。16.8g该有机物焚烧生成44.0gCO2和14.4gH2O；质谱图表示其相对分子质量为84，红外光谱剖析表明A分子中含有O—H键和位于分子端的键，核磁共振氢谱上有三个峰，峰面积之比为6∶1∶1。(1)A的分子式是____________。以下物质中，必定条件下能与A发生反响的是______(填字母)。A．HB．Na2C．酸性KMnO溶液D．Br24(3)A的构造简式是________________________________。有机物B是A的同分异构体，1molB可与1molBr2加成。该有机物中全部碳原子在同一个平面上，没有顺反异构现象。B的构造简式是_____________________________________________。答案(1)C5H8O(2)ABCD(3)(4)分析(1)16.8g有机物A中(C)＝44.0×12＝12g，(H)＝14.4×2＝1.6g，则(O)m44m18m6＝16.8－12－1.6＝3.2g，故A中N(C)∶N(H)∶N(O)＝12∶1∶16＝5∶8∶1，则其最简式为C5H8O，又A的相对分子质量为84，则其分子式为C5H8O。(2)A分子中含有碳碳三键，能与H2、Br2发生加成反响，能与酸性KMnO4溶液发生氧化反响；含有羟基，能与Na发生置换反响。(3)依据A的核磁共振氢谱上有三个峰，峰面积之比为6∶1∶1，说明A中有三种种类的氢原子，个数之比为6∶1∶1，再联合A中含有O—H键和位于分子链端的碳碳三键，则其结构简式为。(4)依据1molB可与1molBr2加成，能够推测B中含有1个碳碳双键，再联合B中所有碳原子在同一平面及没有顺反异构体，则其构造简式为。12．(15分)(1)有机物X是一种重要的有机合成中间体，用于制造塑料、涂料和粘合剂等高聚物。为研究X的构成与构造，进行了以下实验：7(2)Diels-Alder反响为共轭双烯与含有碳碳双键或碳碳三键的化合物互相作用生成六元环状化合物的反响，最简单的反响是：是由A(C5H6)和B经Diels-Alder反响制得。Diels-Alder反响属于________反响(填反响种类)，A的构造简式为________。②写出与互为同分异构体，且一溴代物只有两种的芬芳烃的名称：________；写出生成这两种一溴代物所需要的反响试剂和反响条件：________。答案(1)①100②C5H8O2③(CH3)2C(CHO)28(2)①加成②均三甲苯(或1,3,5-三甲苯)溴单质/光照；液溴/Fe分析(1)①质谱图中的最大质荷比即为X的相对分子质量，所以X的相对分子质量是100；②10.0gX的物质的量是n＝m÷M＝10g÷100g·mol－1＝0.1mol，完整焚烧生成水的质量是7.2g，产生水的物质的量是(HO)＝÷＝7.2g÷18g·mol－1＝0.4mol，生成2二氧化碳的质量是22.0g，物质的量是2－1n(CO)＝m÷M＝22.0g÷44g·mol＝0.5mol，则1molX分子中含有5molC原子，8molH原子，X的相对分子质量是100，所以X中O原子个数是100－5×12－8＝2，所以X的分子式是C5H8O2；③依据题意，X分子中含有醛基，有162种H原子，且H原子个数比是3∶1，说明X分子中含有2个甲基，依据分子式确立其不饱和度为2，不含其余官能团，所以X分子中含有2个醛基，构造简式是(CH3)2C(CHO)2。①Diels-Alder反响为共轭双烯与含有碳碳双键或碳碳三键的化合物互相作用生成六元环状化合物的反响，碳碳双键个数减少，所以属于加成反响；A的分子式是C5H6，依据Diels-Alder反响的特色及A