教学参考定律考点解析

顿第二定律，而第一定律和第三定律在第二定律的应用中得到了完美的体现。从近几年高考看，要求准确理解第一定律；加深理解第二定律，熟练掌握其应用，尤其是物体受力分析的方法；理解第三定律；理解和掌握运动和力的关系；理解超重趋向于用运动定律解决生活、科技、生产实际问题。经常与电场、磁场联系，构成难度较大的综合性试题，运动学的知识往往和运动定律连为一体，考查推理能力和综合分析能力。如：2000年物理试题第21题（风洞实验、2001年物理试题第8题（惯性制导系统、2001年物理试题第8题（升降机下落、2001年物理试题第20题（轻绳和轻弹簧的辩析纠错题、2002年理科综合卷第26题（蹦床运动、2003年春季理综第16题（滑冰运动、2004年理综四第19题（猫在木板上跑动）等等。只要把任何一套高考试题拿来研究，总会发现有与定律有关的试题。1、第一定律：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，直到有外力迫使对第一定律的理解要点不受力的物体是不存在的，第一定律不能用实验直接验证，但是建立在大法，即通过大量的实验现象，利用人的逻辑思维，从大量现象中寻找事物的规律；第一定律是第二定律的基础，不能简单地认为它是第二定律不受、2第二定律物体的加速度跟所受的外力的合力成正比跟物体的质量成反比，加速度的方向跟合外力的方向相同。F=ma.、对第二定律的理解要点（1）第二定律定量揭示了力与运动的关系，即知道了力，可根据第二定律（4）第二定律F=ma定义了力的基本单位——（定义使质量为1kg的物体1m/s21N,1N=1kg.m/s2.3、第三定律：两个物体之间的作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作对第三定律的理解要点(1)采用法分析其他物体对研究对象的作用力F（或对悬挂物的拉力）F=mg+ma.；6、定律的适用范围F=ma

y Ff作用，如图1所示.取水平向右为x轴正向，竖直向上为y轴正向 图此时只需分解加速度，据第二定律可得 因为FN6，解得Ff 3 L1F=ma对L1T1cosθ＝mg，T1sinθ＝T2，

θθ剪断线的瞬间，T2突然，物体即在T2反方向获得加速度。因为mgtanθ＝ma，a＝gtanθT2反方向。他条件不变，求解的步骤和结果与（l）a＝gtanθ，你认为这个结果正确分析与解：（1）L2被剪断的瞬间，L1上的张力大小发生了变化。剪断瞬时a=gsinθ.（2）L2L1的长度来不及发生变化，其大小和方向都不水平，在水平面上放有光滑小球m，劈形物体从静止开始释放，则 图C选项正确。和自己提升上来图中跨过滑轮的两段绳都认为是竖直的且不计摩擦吊 图m=15kg,M=55kg,a=0.2m/s2,求这时人对吊绳的拉力,由第二定律有：2F-F(Mm)(ag)2力。由第二定律得：F+FN-Mg=Ma,故FN=M(a+g)-F=200N.200N，方向竖直向下。

a5k,质量不计的轻弹簧，上端固定,m的物体,有一水平板将物体托住,7所示。现让木板由a(a＜g＝匀加速向下移动。求经过多长时间木板开始xmg，弹簧的弹力F=kx和平板的支持力N作用。据第二定律有： 图7mg-kx-N=ma得N=mg-kx-maN=0xm(gk2m(gka因为x1at22m(gka2FP处于静止，Pm=12kgk=300N/m。现在PFP从静止开始向上做匀加速直线运动，已t=0.2sF0.2sF是恒力，g=10m/s2,FF ，F的最大值 t=0.2sFt=0.2sFt=0.2s时，PP此时弹簧处于原长。在 0.2s这段时间内P向上运动的距离x1at2Pa2x20ms tPPN-mg+Fmin=ma,N=mg，所以有PFFF和最小值各是多少 图t=0.2sFt=0.2sFt=0.2s时，P2F+N-

0.2sPx,对物体P对于盘和物体P整体应用第二定律可得Fk(m1m2)gx

m)g

m

N=0x

x1at2

PPPFＢ受到向右的恒力ＦB=2N，Ａ受到的水平力ＦA=(9-2t)N，(ts)t＝0开始计3s5／11t＞４s后,t＝4.5s时,t＞4.5s后,

分析与解：对于A、B整体据第二定律有：FA+FB=(mA+mB)a,设A、B间的作用为N，则对B据第二定律可得：N+FB=mBaN

FAFBF164tPaABBmAPaABBt=4sN=0，A、BB做匀加速直线At=4.5sA物体的加速度为零而速度不为零。t＞4.5s后,A、B

t<４s时，A、Ba

FA。mA。A、B、D线的另一端拴一质量为m的小球。当滑块至少以加速度a= 对滑块的压力等于零，当滑块以a=2g的加速度向左运动时，线中拉力T= TNaTTNa在水平方向有Tcos450- 在竖直方向有Nm(ga),Tm(g

aNTTαa2mgTαaa>g时，则小球将“飘”离斜面，只受两力作用，如图13所示，此时细线与水平方向间的夹角α<450.由第二定律a2g得：a2g

5mg

必须会用整体法和法解MmFF，MmF分析与解：(1)以物体和绳整体为研究对象，根据第二定律可得

MFxMFx示。根 第二定律可得：Fx=(M+mx/L)a=(M+mxLFMm

x=0M

FMd是多少？

θLmθLm这样当绳子与横杆成θ角时，小球的水平分速度为Vx=0,小球的竖直分速度VyymθMxmymθMx

mV0

，方向向左；N(mM)g PQSVPQSV体与传送带间无相对运动，摩擦力大小由f=μmg突变为V走完余下距离。

tV 1V

S12

2

tS

SV

tt

S

W1mV2与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，求物体从A运动到B NN 图 图给物体一沿斜面向下的滑动摩擦力，物体由静止开始加速下滑，受力分析如图20（a）所在获得共同速度的瞬间发生了“突变”。1开始阶段由第二定律得:ｍｇsinθ＋μｍｇcosθ=ｍa1;所以:a=ｇsinθ＋µｇcosθ=10m/s2;1 ｓ＝aｔ2/2＝5ｍ＜16ｍ10m/s BtL－S＝ｖｔ＋aｔ2/2t＝1s, 杆放入风洞。小球孔径略大于细杆直径。如图21所示。0．5倍。求小球与杆间的动摩擦因数。370并固定，则小球从静止出S所需时间为多少？（sin370=0．6，cos370=0．8）FF 解得

F

G370GFN1F、摩擦力Ff1，如图21所示。根据第二定律可得：mgsinFcosFf1FN1FsinmgcosFcosmgsinFfam

3g4由运动学,可得小球从静止出发在细杆上滑下距离S所需时间为t

26gSaaFF F

3 F的拉力作用而左端的情况各不相同1簧的左端固，2，3

，4L1、L2、L3、L4依次表示四个弹簧的 B. D.43左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动，所以有L4>L3B选项正确。B答案。没有良好思维习惯的学生是不能正确解答本题的。这正是命题人的独具匠D选项正确。例175.0m1.2s。若把在这段时间内网对运动错解：将运动员看质量为m的质点，从h1高处下落，刚接触网时速度的大小V1

V1

2gh2（上）

VV1V2（向上 以a表示加速度，t表示接触时间则Vat，接触过程中运动员受到向上的弹力F。由第二定律，Fma，由F

2gh2

F900N分析纠错：接触过程中运动员受到向上的弹力F和重力mg,由第二定律Fmgma，由以上五式解得，FmgF

2gh2

，代入数值得： 的弹簧测力计测力计下面挂一个质量为10kg的物体。中测力计的示数为（g=10m/s2）

m1的受力情况正确的是：B形木块静止不动，这时楔形木块对水平桌面的压力等于（）

aαaαMβ

111 B．

C． D．6、一物体放置在倾角为的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯a26当a当a当a一定时，当a一定时，

aθV/m.s-42 V/m.s-42 线可以求得物块的质量m的动摩擦因数μ分别为 2

AB.探测器加速运动时，竖直向下喷气．C.探测器匀速运动时，竖直向下喷气．D.探测器匀速（29所示，当两者以相同的初速度靠惯性沿光滑固定斜