同煤二中联盟体2020届高三3月模拟考试数学（理）试题含解析

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精山西省同煤二中联盟体2020届高三3月模拟考试数学（理）试题含解析同煤二中联盟体高三模拟理科数学试题一、选择题（每小题5分，共12小题60分）1.集合，则()A。 B. C。 D。【答案】B【解析】【分析】化简集合A,B，求交集即可。【详解】或，或,或故选：B【点睛】本题主要考查了不等式的解法，交集运算，属于中档题.2.已知复数（是虚数单位)，，则（）A. B。C。 D.【答案】B【解析】【详解】试题分析：由题意可得，即，，.故选B．考点：复数的概念及运算。3。已知曲线：，直线：，则是直线与曲线相切的（）A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充要条件 D。既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】由直线与曲线相切，明确的取值，再结合充分必要性作出判断。【详解】解:，直线过定点，且曲线也过点。若直线与曲线相切，设切点横坐标为,则切线为，则，解之或，所以是直线与曲线相切的充分不必要条件.故选:A【点睛】本题考查充要条件的判断，涉及直线与三次函数相切问题，考查计算能力与转化能力,属于中档题。4。已知数列的前项和为,某三角形三边之比为，则该三角形最大角为A. B. C。 D.【答案】D【解析】试题分析：考点：1．数列求通项;2．解三角形5.若，且，则等于（）A. B。 C. D。【答案】A【解析】试题分析：由则，所以,又由三角函数的基本关系式，且，解得，所以，故选A.考点：三角函数的基本关系式及余弦的倍角公式.6。中国古代近似计算方法源远流长，早在八世纪,我国著名数学家张遂在编制《大衍历》中发明了一种二次不等距插值算法:若函数在处的函数值分别为，则在区间上可以用二次函数来近似代替：,其中.若令,，请依据上述算法,估算的值是()A. B. C。 D.【答案】C【解析】【分析】设，利用，然后分别求出，进而代入，求出，最后即可求解的值【详解】设，，,则有，则，，，由,可得，答案选C【点睛】本题考查函数近似值的求解，代入运算即可，属于难题7。已知函数的图象在点处的切线与直线垂直，若数列的前项和为，则的值为（）A。 B.C。 D.【答案】D【解析】试题分析：因为,所以,所以的图像在点处的切线斜率．因为切线与直线垂直，所以，即,，所以，所以,所以，故应选．考点：1、导数的几何意义;2、裂项相消法．8.执行如图所示的程序框图，则输出的k的值是（）A.10 B。11 C。12 D.13【答案】A【解析】解:第1次执行循环体后，S=2，k=2，不满足退出循环的条件，第2次执行循环体后，S=6，k=3,不满足退出循环的条件，第3次执行循环体后，S=14，k=4，不满足退出循环的条件,第4次执行循环体后，S=30，k=5,不满足退出循环的条件，第5次执行循环体后，S=62，k=6，不满足退出循环的条件，第6次执行循环体后,S=126,k=7，不满足退出循环的条件，第7次执行循环体后,S=510,k=8，不满足退出循环的条件，第8次执行循环体后，S=1022，k=9，不满足退出循环的条件，第9次执行循环体后，S=2046，k=10，满足退出循环的条件，故输出的k值为10，故选A【点评】本题考查的知识点是程序框图,当循环的次数不多，或有规律时,常采用模拟循环的方法解答．9.已知几何体的三视图如图所示，则该几何体的表面积为（)A. B。C。 D.【答案】B【解析】【详解】试题分析：如图，这是三棱锥的三视图，平面平面，尺寸见三视图,，，,所以，所以．故选B．考点：三视图,表面积．10.由这十个数字组成的无重复数字的四位数中，个位数字与百位数字之差的绝对值等于8的个数为（）A.180 B.196 C。210 D.224【答案】C【解析】【分析】首先分析可得,个位数字与百位数字之差的绝对值等于8的情况有2种，即：①当个位与百位数字为0，8时,②当个位与百位为1,9时,分别求出所有的情况,由加法原理计算可得答案．【详解】分两种情况：(1）个位与百位填入0与8，则有个；（2）个位与百位填入1与9，则有个。则共有个。故选：C【点睛】本题考查排列、组合的综合运用，注意分类讨论的运用．11.圆的任何一对平行切线间的距离总是相等的，即圆在任意方向都有相同的宽度,具有这种性质的曲线叫做“等宽曲线”．事实上存在着大量的非圆等宽曲线，以工艺学家鲁列斯（Reuleaux)命名的鲁列斯曲边三角形,就是著名的非圆等宽曲线。它的画法(如图1）：画一个等边三角形为圆心，边长为半径，作圆弧，这三段圆弧围成的图形就是鲁列斯曲边三角形.它的宽度等于原来等边三角形的边长.等宽曲线都可以放在边长等于曲线宽度的正方形内(如图2）。在图2中的正方形内随机取一点，则这点落在鲁列斯曲边三角形内的概率是A。 B.C. D.【答案】A【解析】【详解】设正方形的边长为1，则正方形的面积为1,鲁列斯曲边三角形的面积为，故选A。12。过双曲线的左焦点作圆的切线，切点为，延长交双曲线右支于点，若，则双曲线的离心率为A。 B。 C。 D.【答案】A【解析】试题分析：设双曲线的右焦点为,由于，，因此是的中点，由于是的中点，，由双曲线的定义得，得，在，得，,故答案为A.考点:双曲线简单几何性质。二、填空题(每小题5分,共4小题20分）13.已知向量,若向量在方向上的投影为3，则实数______．【答案】【解析】【分析】由投影的定义列m的关系式，解出m即可．【详解】根据投影的概念：；．故答案为．【点睛】本题考查投影的概念，两向量夹角余弦公式的坐标运算，数量积的坐标运算，根据向量坐标求其长度，是基础题14。已知抛物线,过点的直线交抛物线于两点,为抛物线的焦点,若,为坐标原点，则的面积是__________。【答案】【解析】【分析】由抛物线的性质到焦点的距离等于到准线的距离求出A的坐标，又过M点进而求出直线AB的方程,与抛物线联立求出B的坐标，由面积公式求出三角形AOB的面积．【详解】抛物线的准线方程为,设，过点作准线的垂线,如图,由抛物线的定义可知，，∴，∴，设直线的方程为，由，得，∴，∴，∴的面积.故答案为：【点睛】考查抛物线的性质及直线与抛物线的综合应用,属于中档题．15.若在的展开式中二项式系数的和为128，则展开式中有理项的个数为__________.【答案】4【解析】【分析】利用二项式系数的性质求得n的值，再根据二项展开式的通项公式求得有理项个数。【详解】因为的展开式中二项式系数的和为128,所以,即，所以的展开式的通项为,当时,为自然数,所以有理项的个数为4.故答案：4【点睛】本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于基础题．16.若在有恒成立，则的取值范围为__________【答案】【解析】【分析】分离参数，转化为在上恒成立,利用导数求函数的最小值即可。【详解】恒成立即在上恒成立，令,则，∴在递增，在上递减，，故在上，∴。故答案为：【点睛】本题主要考查了不等式的恒成立问题,利用导数求函数的最小值，属于中档题.三、解答题（第17题～第21题，每小12分,第22题10分，共6小题70分）17。已知分别为三个内角的对边，,。（1）求；（2）若是的中点，，求的面积。【答案】（1）；（2)。【解析】试题分析:（1）利用正弦定理把已知等式中的边的关系化为角的关系，约去可得的三角函数式，上两角和的正弦公式化简后可求得；（2)已知为中点，因此设,在应用余弦定理得出的一个方程，在和中利用，即分别应用余弦定理把这两个余弦用表示又得一个方程,联立后可解得，选用公式可求得面积．试题解析：(1）由可得，即有，因为，∴，∴，∴。（2)设,则，由，可推出①,因为,所以，由可推出②，联立①②得，故，因此．18。已知函数.(1）求函数的最小值；（2）若对任意的恒成立，求实数t的取值范围.【答案】（1）；（2）【解析】试题分析：（1)先求导数，再求导函数零点，列表分析导函数符号，确定单调性，进而确定最小值取法,代入即得最小值；(2）先分离得，再利用导数研究函数上单调性，进而确定最小值，即得实数的取值范围。试题解析：（1)函数的定义域为，，在,所以当时,取最小值且为（2）问题等价于:对恒成立，令，则,因为，所以,所以上单调递增,所以，所以点睛:利用导数研究不等式恒成立或存在型问题，首先要构造函数，利用导数研究函数的单调性，求出最值，进而得出相应的含参不等式,从而求出参数的取值范围；也可分离变量，构造函数,直接把问题转化为函数的最值问题.19。如图,四棱锥的底面是平行四边形，侧面是边长为2的正三角形，,.（Ⅰ）求证：平面平面；（Ⅱ）设是棱上的点,当平面时,求二面角的余弦值.【答案】（Ⅰ）见解析;(Ⅱ）。【解析】【分析】(1）取AD中点O，连结OP，OB，可得OP,OP⊥AD，OB⊥AD，且OB．可得OB2+OP2＝9＝PB2，从而OP⊥面ABCD，即面PAD⊥面ABCD．（2）连结AC交BD于E，则E为AC的中点,连结EQ，当PA∥面BDQ时,PA∥EQ，所以Q是BC中点．由（1）知OA，OB，OP两两垂直，分别以OA,OB，OP所在直线为x,y，z轴建立空间直角坐标系,利用向量求解．【详解】解：（1）取AD中点O，连结OP，OB，∵△PAD是边长为2的正三角形,∴OP,OP⊥AD，又AB＝AD，∴OB⊥AD，且OB．于是OB2+OP2＝9＝PB2，从而OP⊥OB．所以OP⊥面ABCD，而OP⊂面PAD，所以面PAD⊥面ABCD．(2）连结AC交BD于E，则E为AC的中点，连结EQ，当PA∥面BDQ时，PA∥EQ，所以Q是BC中点．由(1)知OA,OB，OP两两垂直，分别以OA，OB，OP所在直线为x，y,z轴建立空间直角坐标系，则B（0，,0）,C（﹣2，，0），D（﹣1，0,0),P（0，0，），Q（﹣1，),，．设面BDQ的法向量为，由，取．面ABD的法向量是，∴cos．∵二面角A﹣BD﹣Q是钝角，∴二面角A﹣BD﹣Q的余弦值为．20。已知椭圆C过点M（1，),两个焦点为A（﹣1，0），B（1，0)，O为坐标原点．（1)求椭圆C的方程；（2)直线l过点A（﹣1，0)，且与椭圆C交于P，Q两点，求△BPQ面积的最大值．【答案】（1）；（2）3.【解析】【分析】（1）由已知中焦点坐标，可得c值，进而根据椭圆过M点,代入求出a，b可得椭圆的标准方程；(2）联立直线与椭圆的方程，利用韦达定理及基本不等式，求出三角形面积的最大值．【详解】（1）∵椭圆C的两个焦点为A（﹣1，0)，B（1，0），故c＝1,且椭圆的坐标在x轴上设椭圆C的方程为:∵椭圆C过点M(1，），∴解得b2＝3，或b2∴椭圆C的方程为:（2）设直线l的方程为：x＝ky﹣1，P（x1，y1），Q（x2，y2)，则由得：(4+3k2）y2﹣6ky﹣9＝0则y1+y2，y1•y2∴S•2c•|y1﹣y2｜令t，（t≥1)则S，∵y在[1，+∞)上单调递增，故当t＝1时,y取最小值,此时S取最大值3，当t=1时取等号，即当k=0时，△BPQ的面积最大值为3.【点睛】本题考查了椭圆的标准方程及椭圆内三角形面积的最值问题，其中“联立方程，设而不求，韦达定理"是常用步骤,综合运用了对勾函数的单调性求最值，属于中档题．21。某中学根据学生的兴趣爱好,分别创建了“书法”、“诗词”、“理学”三个社团,据资料统计新生通过考核选拔进入这三个社团成功与否相互独立．2015年某新生入学,假设他通过考核选拔进入该校的“书法”、“诗词”、“理学"三个社团的概率依次为、、，己知三个社团他都能进入的概率为，至少进入一个社团的概率为，且。（1）求与的值；（2）该校根据三个社团活动安排情况，对进入“书法”社的同学增加校本选修学分1分，对进入“诗词”社的同学增加校本选修学分2分，对进入“理学”社的同学增加校本选修学分3分．求该新同学在社团方面获得校本选修课学分分数不低于4分的概率．【答案】（1)；(2）。【解析】【分析】(1）根据题意，假设该同学通过考核选拔进入该校的“书法”、“诗词”、“理学”三个社团的概率依次为、、，已知三个社团都能进入的概率为，至少进入一个社团的概率为,且，利用相关公式建立方程组，即可求得与的值;（2)根据题意，可知不低于4分包括了得分为4分、5分、6分三种情况，之后应用乘法和加法公式求得结果.【详解】（1）依题，解得（2)由题令该新同学在社团方面获得本选修课学分的分数为，获得本选修课学分分数不低于4分为事件，则；；.故.【点睛】该题考查的是有关概率的问题，涉及到的知识点有相互独立事件同时发生的概率，互斥事件有一个发生的概率，注意对公式的正确应用是解题的关键.22.在直角坐标系中,曲线的参数方程为（为参数）,若以为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（1）求曲线的普通方程与曲线的直角坐标方程；（2）若是曲线上的任意一点，是曲线上的任意一点,求线段的最小值。【答案】（1）曲线普通方程为，曲线的直角坐标方程为；（2).【解析】【分析】(1曲线消去参数t即可得普通方程,曲线