2022-2023学年福建省泉港区第二中学高一物理第二学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2022-2023学年福建省泉港区第二中学高一物理第二学期期中质量跟踪监视模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进行救人或灭火作业．为了节省救援时间，人沿梯子匀加速向上运动的同时消防车匀速后退，则关于消防队员的运动，下列说法中正确的是（）A．消防队员做匀加速直线运动B．消防队员做匀变速曲线运动C．消防队员做变加速曲线运动D．消防队员水平方向的速度保持不变2、假设人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，若卫星离地面越高，则卫星的（）A．速度越大 B．角速度越大C．向心加速度越大 D．周期越长3、对于万有引力定律的表达式,下列说法正确的是(

)A．公式中G为引力常量,它是由牛顿通过实验测得的B．当r趋于零时,万有引力趋于无穷大C．质量为m1、m2的物体之间的引力是一对平衡力D．质量为m1、m2的物体之间的引力总是大小相等的4、载重汽车上坡的时候，司机必须将档位更换至低速档，并加大油门，其目的是（）A．为了得到较小的牵引力和较小的牵引功率B．为了得到较大的牵引力和较小的牵引功率C．为了得到较小的牵引力和较大的牵引功率D．为了得到较大的牵引力和较大的牵引功率5、如图，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a和b．a球质量为m，静置于地面；b球质量为3m，用手托往，高度为h，此时轻绳刚好拉紧．从静止开始释放b后，a可能达到的最大高度为（）A．h B．2h C．1.5h D．2.5h6、如图所示，质量分布均匀的实心球，其质量为M，半径为R．现在将它的左侧挖去一个半径为的球体，则挖去后它对离球体表面距离R处的质量为m的质点的引力与挖去前对质点的引力之比为A． B． C． D．7、火车转弯时，火车以设计速度v0＝运行最安全，以下说法正确的有()A．当火车行驶速率v＝v0时，火车对内外轨均无侧压力．B．当火车行驶速率v>v0时，内轨道对轮缘有侧压力．C．当火车行驶速率v<v0时，外轨道对轮缘有侧压力．D．向心力是水平的．8、有一个物体在h高处，以水平初速度v0抛出，落地时的速度为v，竖直分速度为vy，下列关于该物体在空中运动时间的计算式中，正确的是（）A． B． C． D．9、某质量为1kg的物体，受水平拉力作用沿水平地面做直线运动，其图象如图所示，已知第1秒内拉力的大小是第2秒内拉力的大小的2倍，则A．第1秒内拉力做功是第2秒内拉力做功的两倍B．在时间内，克服摩擦力做功为JC．在时间内，物体的位移大小为mD．3s末，拉力的功率为1W10、如图所示，电源的电动势为E，内阻为r，和为滑动变阻器，R为定值电阻，闭合开关S后，下列说法正确的是（）A．若只将的滑动触头向右移动，电压表示数将变大B．若只将的滑动触头向右移动，电流表示数将变大C．若只将的滑动触头向右移动，电压表示数将变小D．若只将的滑动触头向右移动，电流表示数将变大11、如图所示，一根长为L的轻杆，O端用铰链固定，另一端固定着一个小球A，轻杆靠在一个高为h的物块上。若物块与地面摩擦不计，则当物块以速度v向右运动至轻杆与水平方向夹角为θ时，物块与轻杆的接触点为B,下列说法正确的是（）A．A、B的角速度相同B．A的线速度小于B点的线速度C．小球A转动的角速度为vsiD．小球A的线速度大小为vL12、在同一水平直线上的两位置分别沿同一方向水平抛出两小球A和B,两小球恰好同时落到水平面上的P点，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力，则下列说法中正确的是()A．在P点A球速度大于B球速度B．在P点A球速度小于B球速度C．一定是A球先抛出D．一定是同时抛出两小球二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）一艘宇宙飞船飞近某一新发现的行星，并进入靠近行星表面的圆形轨道绕行数圈后，着陆在该行星上，飞船上备有以下实验器材：A．精确秒表一个B．已知质量为m的物体一个C．弹簧测力计一个D．天平一台（附砝码）已知宇航员在绕行时测量了绕行一圈的周期T和着陆后测量了物体重力F，依据测量数据，可求出该行星的半径R和行星质量M．（1）绕行时和着陆时都不需要的测量器材为______（用序号ABCD表示）．（2）其中R=______（用序号ABCD表示）．A．B．C．D．14、（10分）如图，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量________(填选项前的符号)，间接地解决这个问题．A、小球开始释放高度hB、小球抛出点距地面的高度HC、小球做平抛运动的射程(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影．实验时，先将入射球m1多次从斜轨上S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静止于轨道的水平部分，再将入射小球m1从斜轨上S位置由静止释放，与小球m2相撞，并多次重复．（小球质量关系满足m1>m2）接下来要完成的必要步骤是__________．(填选项前的符号)A、用天平测量两个小球的质量m1、m2B、测量小球m1开始释放高度hC、测量抛出点距地面的高度HD、分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE、测量平抛射程OM、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为______________________[用(2)中测量的量表示]．三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，摩托车做腾跃特技表演，以初速度v0=10m/s冲上高为h=10m、顶部水平的高台，然后从高台水平飞出.若摩托车始终以额定功率P=6.5kw行驶，经时间t1=5s从坡底到达坡顶，人和车的总质量为m=200kg，且摩擦阻力和空气阻力的影响可以忽略不计，（g=10m/s2）求：（1）人和车到达坡顶时的速度v；（2）人和车飞出的水平距离s。16、（12分）“天宫一号“是我国自主研发的目标飞行器，是中国空间实验室的雏形.2013年6月，“神舟十号”与“太空一号”成功对接，6月20日3位航天员为全国中学生上了一节生动的物理课．现已知“太空一号”飞行器距离地球表面高度为h，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，假设“天宫一号”环绕地球做匀速圆周运动，万有引力常量为G．求：（1）地球的质量M；（2）地球的第一宇宙速度v；（3）“天宫一号”的运行周期T．17、（12分）我国月球探测计划“嫦娥工程”将分三个阶段实施，大约用十年左右的时间完成，这极大地提高了同学们对月球的关注程度．某探月卫星在离月球表面为h的空中沿圆形轨道绕月球飞行，周期为T．若月球半径R，引力常量为G．试求：（1）月球的质量；（2）月球表面的重力加速度．

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、B【解析】

ABC．根据运动的合成，知合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线，其加速度的方向大小不变，所以消防员做匀变速曲线运动，AC错误，B正确；D．将消防员的运动分解为水平方向和竖直方向，知水平方向上的速度为匀速后退的速度和沿梯子方向速度在水平方向上的分速度的合速度，因为沿梯子方向的速度在水平方向上的分速度在变，所以消防队员水平方向的速度在变，D错误。故选B。2、D【解析】

设人造卫星的质量为m，轨道半径为r，线速度为v，公转周期为T，地球质量为M，由于人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，由万有引力提供向心力得：得：卫星离地面越高，则周期越长，卫星的线速度越小，卫星的角速度越小，向心加速度越小，故ABC错误，D正确。3、D【解析】

卡文迪许通过扭秤实验测出万有引力常量，故A错误；当物体之间的距离r趋于零时，物体不能简化为质点，万有引力公式不再适用，引力不会趋于无穷大，故B错；质量为m1、m2的物体之间的引力是一对作用力与反作用力，大小总是相等，故C错，D对．4、D【解析】汽车上陡坡的时候,司机经常会换档并加大油门,加大油门为了增加功率,换挡为了减小速度,根据知,增加功率、减小速度为了增加牵引力.所以D选项是正确的,A、B、C错误.

故选D点睛：加大油门为了增加功率,根据进行分析牵引力的变化.5、C【解析】

设a球上升高度h时，两球的速度大小为v，根据ab系统的机械能守恒得：3mgh=mgh+•（3m+m）v2，解得：，此后绳子恰好松弛，a球开始做初速为的竖直上抛运动，再对a球，根据机械能守恒：mgh+=mgH，解得a球能达到的最大高度：H=1.5h，故C正确，ABD错误。6、B【解析】

根据知，挖去部分的半径是球半径的一半，则质量是球体质量的所以挖去部分的质量，没挖之前，球体对m的万有引力，挖去部分对m的万有引力，则剩余部分对质点的引力大小，则，故B正确．7、AD【解析】

A．当火车行驶速率v＝v0时，火车对内外轨均无侧压力，靠重力和支持力的合力提供向心力，故A正确；B．若速度大于规定速度即v>v0时，重力和支持力的合力不够提供，此时外轨对火车有侧压力，轮缘挤压外轨，故B错误；C．若速度小于规定速度即v<v0时，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力，轮缘挤压内轨，故C错误；D．因为火车转弯的平面时水平的，所以向心力是水平的，故D正确．故选AD．8、ACD【解析】

根据h=gt2得平抛运动的时间为：t=；或根据vy=gt得，平抛运动的时间为：t=；或根据平行四边形定则得：，解得平抛运动的时间为：故ACD正确，B错误．故选ACD．9、CD【解析】

ABC、第2s内物体做匀速运动，拉力等于摩擦力，即，在v-t图象中，斜率代表加速度，第1秒内加速度为，根据牛顿第二定律可得，解得，，在v-t图象中，与时间轴所围面积为物体所围面积，第1秒内位移为，第2秒内位移为，第3秒内位移为，在0～3s时间内，物体的位移大小为；第1秒内拉力做功，第2秒内拉力做功，在0～3s时间内，克服摩擦力做功为，故C正确，A、B错误；D、第3秒内加速度大小为，根据牛顿第二定律可得，解得第3秒内拉力为，拉力的功率为，故D正确；故选CD．【点睛】关键是知道在v-t图象中，斜率代表加速度，结合牛顿第二定律求得拉力的大小关系，在v-t图象中，与时间轴所围面积为物体的位移．10、AD【解析】

AB．若只将的滑动触头向右移动，的阻值增大，由串反并同可知，电压表的示数变大，电流表的示数变小，故B错误，A正确；CD．若只将的滑动触头向右移动，的阻值增大，由串反并同可知，电压表的示数变大，电流表的示数变大，故C错误，D正确。故选AD。11、ACD【解析】

如图所示

根据运动的合成与分解可知，接触点B的实际运动为合运动，可将B点运动的速度vB=v沿垂直于杆和沿杆的方向分解成v2和v1，其中v2=vBsinθ=vsinθ为B点做圆周运动的线速度，v1=vBcosθ为B点沿杆运动的速度。当杆与水平方向夹角为θ时，OB=hsinθ；A、B两点都围绕O点做圆周运动，由于同一杆上运动，故角速度ω相同，故A正确；由于A转动半径大，故A的线速度大，故B错误；由于B点的线速度为：v2=vsinθ=OBωB，所以ωB=vsinθOB=vsin2θh，则小球A转动的角速度为12、AD【解析】

AB．两球水平方向上都做匀速直线运动，由于A的水平位移比B的水平位移大，由x=v0t知，所以A的初速度比B的大．由速度的合成知，P点的速度为：，由于两球下落时间相同，所以在P点，A球的速度大小大于B球的速度大小，故A正确，B错误．CD．A、B两球都做平抛运动，相遇时竖直位移h相同，由h=gt2可知两球下落时间相同，即应同时抛出两球，故C错误，D正确．故选AD．【点睛】解决本题的关键是要知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、D；A【解析】

（1）[1]．对于在轨道上的飞船，万有引力等于向心力

解得R=

M=

把R的值代入得因而需要用计时表测量周期T，用弹簧秤测量物体的重力F．已知质量为m的物体一个,不需要天平；故选D；（2）[2]．由以上分析可知故选A.14、CADEm1·OM＋m2·ON＝m1·OP【解析】

（1）验证动量守恒定律实验中，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通过落地高度不变情况下水平射程来体现速度．故选C．（2）实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射