2023届云南红河州一中高二物理第二学期期中调研模拟试题含解析

2023届云南红河州一中高二物理第二学期期中调研模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在水平连线MN和PQ间有竖直向上的匀强电场，在MN上方有水平向里的匀强磁场．两个质量和带电量均相等的带正电的粒子A、B,分别以水平初速度v0、2v0从PQ连线上O点先后进入电场，带电粒子A、B第一次在磁场中的运动时间分别为tA和tB,前两次穿越连线MN时两点间的距离分别为dA,和dB,粒子重力不计，则A．tA一定小于tB，dA一定等于dBB．tA一定小于tB，dA可能小于dBC．tA可能等于tB，dA一定等于dBD．tA可能等于tB，dA可能小于dB2、一个弹簧振子做简谐振动，若从平衡位置开始计时，经过3s时，振子第一次到达P点，又经过2s第二次经过P点，则该弹簧振子的振动周期可能为A．32s B．16sC．8s D．4s3、如图所示，光滑槽半径远大于小球运动的弧长，今有两个小球同时由图示位置从静止释放，O点为槽的最低点，则它们第一次相遇的地点是()A．O点B．O点左侧C．O点右侧D．无法确定4、如图甲左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路接滑动变阻器R，V、A为理想电流表和电压表。若原线圈接入图乙所示的正弦交变电压，此刻电压表的示数为110V，下列表述正确的是（）A．当R变大时，电压表读数变大 B．当R变小时，电流表读数变小C．原、副线圈的匝数比为2：1 D．原线圈中交变电压的频率为100Hz5、甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度－时间图象分别如图中的a和b所示。在t1时刻（）A．它们的运动方向相同B．它们的运动方向相反C．甲的速度比乙的速度大D．乙的速度等于甲的速度6、跳水运动员在跳台上由静止直立落下，落入水中后在水中减速运动到速度为零时并未到达池底，不计空气阻力，则关于运动员从静止落下到水中向下运动到速度为零的过程中，下列说法不正确的是A．运动员在空中动量的变化量等于重力的冲量B．运动员整个向下运动过程中合外力的冲量为零C．运动员在水中动量的变化量等于水的作用力的冲量D．运动员整个运动过程中重力冲量与水的作用力的冲量等大反向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，匀强磁场的方向垂直于电路所在平面，导体棒ab与电路接触良好．当导体棒ab在外力F作用下从左向右做直线运动时，若不计摩擦和导线的电阻，整个过程中，灯泡L未被烧毁，电容器C未被击穿，则该过程中（）A．导体棒ab做匀加速直线运动时,感应电动势将变大B．导体棒ab做匀加速直线运动时,灯泡L的亮度变大C．无论导体棒ab做加速还是减速直线运动,电容器C的上极板都带负电D．导体棒ab做匀速直线运动时,电容器两极板间的电场强度将减小8、下列叙述正确的是()A．扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动B．布朗运动就是液体分子的运动C．分子间距离增大，分子间的引力和斥力一定减小D．物体的温度较高，分子运动越激烈，每个分子的动能都一定越大9、如图所示，a、b端输入恒定的交流电压．理想变压器原、副线圈分别接有规格完全相同的“12V，2W”的灯泡A、B、C．闭合开关，三个灯泡均能正常发光．则下列说法正确的是（）A．原副线圈的匝数比为2∶1B．电压表V的示数为24VC．电源的输入功率为6WD．若将开关S断开时，灯泡A仍会正常发光10、如图所示，由导热材料制成的气缸和活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，活塞与气缸壁之间无摩擦，活塞上方存有少量液体。将一细管插人液体，由于虹吸现象，活塞上方液体逐渐流出。在此过程中，大气压强与外界的温度保持不变。关于这一过程，下列说法正确的是（）A．气缸内气体的内能保持不变B．气缸内气体的内能不断减小C．气体对外界做的功大于气体从外界吸收的热量D．气体对外界做的功等于气体从外界吸收的热量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，是利用插针法测定玻璃砖折射率的实验，玻璃砖的入射面ab和出射面cd并不平行．某同学操作的主要步骤如下：

a．画入射面ab，放置玻璃砖，使玻璃砖上界面对准ab；

b．用针沿玻璃砖下界面确定出射面cd上的两点；

c．在ab面一侧插针P1、P2；

d．在cd面一侧插针P3，使之挡住P1和P2；

e．插针P4，使之挡住P3和P1、P2；

f．移去针和玻璃砖．

（1）请写出上述步骤中有错误的步骤序号，并写出对应正确的操作________．c．透过玻璃砖观察，在cd面一侧插针P3，使之挡住P1的像和P2的像；

d．插针P4，使之挡住P1的像、P2的像和P3；（2）改正操作中的错误后，该同学正确完成实验，做好光路图，并测量相关物理量，计算出玻璃砖的折射率．他重新放上玻璃砖，发现玻璃砖的出射面实际应为c′d′，如图中虚线所示，c′d′∥cd．则他计算出的折射率比真实值______（填“偏大”、“偏小”或“不影响结果”）12．（12分）如图所示，某同学为了测量截面为正三角形的三棱镜玻璃折射率，先在白纸上放好三棱镜，在棱镜的左侧插上两枚大头针和，然后在棱镜的右侧观察到像和像，当P1的像恰好被像挡住时，插上大头针和，使挡住、的像，挡住和、的像.在纸上标出的大头针位置和三棱镜轮廓如图所示.①在答题纸上画出对应的光路；______②为了测出三棱镜玻璃材料的折射率，若以AB作为分界面，需要测量的量是_______和_________，在图上标出它们；③三棱镜玻璃材料折射率的计算公式是n=___________.④若在测量过程中，放置三棱镜的位置发生了微小的平移（移至图中的虚线位置底边仍重合），则以AB作为分界面，三棱镜材料折射率的测量值________真实值（填“大于”、“小于”、“等于”）.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）运用电磁感应可以测量运动物体的速度．当固定着线圈的小车进入磁场时，根据线圈切割磁感线产生的感应电流大小，可以间接测量出小车的速度．如图所示，水平地面上方存在有边界的水平匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里、磁感应强度大小B．电阻为R的矩形单匝线圈MNPQ固定在小车A上，其中MN边水平，NP边竖直，高度为L，小车A和线圈的总质量为m．小车载着线圈在光滑水平面上一起以初速度v0(未知)做匀速运动，与另一辆停在磁场边界处且质量也为m的小车C发生碰撞，碰后立刻粘在一起，随后进入匀强磁场，刚进入磁场时线圈中感应电流为I，小车A完全进入磁场时的速度为v1．已知小车由绝缘材料做成，小车长度与线圈MN边长度相同．求：(1)线圈中感应电流的方向和小车A的初速度v0的大小；(2)小车A进入磁场的过程中线圈产生的焦耳热Q；(3)小车A进入磁场过程中通过线圈横截面的电荷量q．14．（16分）如图，足够长的平行金属导轨弯折成图示的形状，分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．Ⅰ区域导轨与水平面的夹角α=37°，存在与导轨平面垂直的匀强磁场；Ⅱ区域导轨水平，长度x=0.8m，无磁场；Ⅲ区域导轨与水平面夹角β=53°，存在与导轨平面平行的匀强磁场．金属细杆a在区域I内沿导轨以速度v0匀速向下滑动，当a杆滑至距水平导轨高度为h1=0.6m时，金属细杆b在区域Ⅲ从距水平导轨高度为h1=1.6m处由静止释放，进入水平导轨与金属杆a发生碰撞，碰撞后两根金属细杆粘合在一起继续运动．已知a、b杆的质量均为m=0.1kg，电阻均为R=0.1Ω，与导轨各部分的滑动摩擦因数均为μ=0.5，导轨间距l=0.1m，Ⅰ、Ⅲ区域磁场的磁感应强度均为B=1T．不考虑导轨的电阻，倾斜导轨与水平导轨平滑连接，整个过程中杆与导轨接触良好且垂直于金属导轨，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s1．求（1）金属细杆a的初始速度v0的大小；（1）金属细杆a、b碰撞后两杆共同速度的大小；（3）a、b杆最终的位置．15．（12分）一质点做简谐运动，其位移和时间关系如图所示．①写出该简谐运动的振幅、周期及振动方程。②求t=0.25×10－2s时的位移。③在t＝1.5×10－2s到t′＝2×10－2s的时间内，质点的位移、回复力、速度、动能、势能如何变化？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

两带正电粒子先在电场中做类平抛运动后在磁场中做匀速圆周运动，设类平抛的速度偏向角为α，则匀速圆周运动的圆心角为，因，，B粒子的水平速度大，则类平抛的时间短，较小，则α角较小，故圆周运动的圆心角较大，由可知时间较长，即；磁场中穿过的距离构成弦长，，，联立可得，因两粒子做类平抛的水平初速度不等，但沿着电场线方向的做功相同，速度相同，故和推得.综上可知A正确．故选A．【点睛】本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程、作出粒子运动轨迹是解题的关键，应用类平抛运动规律、牛顿第二定律与粒子做圆周运动的半径公式可以解题2、B【解析】

若从点开始向右振动，按下面路线振动，作出示意图如图，则弹簧振子的振动周期为：；

若振子从点开始向左振动，则按下面路线振动，作出示意图如图，设从到的时间为，则有：，解得：，则周期为：；故选项B正确，A、C、D错误。3、A【解析】试题分析：两个小球同时由图示位置从静止释放后，由于光滑槽半径远大于小球运动的弧长，它们都做简谐运动，等效摆长都是槽的半径R，则它们的周期相同，都为T=2πRg，到达槽底部的时间都是考点：简谐运动的振幅、周期和频率点评：本题考查了单摆的变式，从受力角度来看，与单摆并无其他不一样，所以可以将其处理成单摆求解。本题等效单摆问题，俗称槽摆，其等效摆长等于槽的半径．但要注意前提条件：槽的圆心角不超过10°4、C【解析】

A．电压表读数等于次级电压有效值，因初级电压不变，变压器匝数比不变，可知次级电压不变，电压表示数不变，选项A错误；B．次级电压不变，则当R变小时，电流表读数变大，选项B错误；C．初级电压有效值为则原、副线圈的匝数比为选项C正确；D．原线圈中交变电压的周期为T=0.02s，则频率为选项D错误。故选C。5、A【解析】

AB．图线在横轴上方，速度均为正值，表示物体的速度方向均沿正方向，它们的运动方方向相同，故A正确，B错误；CD．由图可知，在时刻乙的速度比甲的速度大，故CD错误。故选A。6、C【解析】根据动量定理可知，运动员在空中动量的改变量等于重力的冲量，A项正确：运动员整个向下运动过程中，初速度为零，末速度为零，因此合外力的冲量为零，B项正确：运动员在水中动量的改变量等于重力和水的作用力的合力的冲量，C项错误；由于整个过程合外力的冲量为零，因此运动员整个过程中重力冲量与水的作用力的冲量等大反向，D项正确；此题选择不正确的选项，故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

A、导体棒ab做匀加速直线运动时，v增大，根据E＝BLv知，感应电动势变大，故A正确。B、电动势增大，通过灯泡的电流增大，则灯泡的亮度变大，故B正确。C、导体棒从左向右运动，无论是加速还是减速，根据右手定则，通过ab棒电流的方向b到a，知电容器的上级板带正电，故C错误；D、导体棒ab做匀速直线运动，电动势不变，电容器两端电压不变，根据可知，电容器两极板间的电场强度不变，故D错误。8、AC【解析】扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，选项A正确；布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子无规则运动的表现，选项B错误；分子间距离增大，分子间的引力和斥力一定减小，选项C正确；物体的温度较高，分子运动越激烈，分子平均动能变大，但是每个分子的动能不一定都变大，选项D错误；故选AC.9、AC【解析】副线圈中每个灯泡电流：，则原线圈的电流为I1=A，副线圈电流I2＝2×＝，则匝数比为2：1，故A正确；副线圈电压为U2=12V，则原线圈电源U1=24V，则电压表示数为U=24+12=36V，故B错误；副线圈功率P1=2PL=4W，则变压器的输入功率为4W，电源的输入功率为4W+2W=6W，故C正确；若将开关S断开时，则副线圈电阻变大，电流减小，则原线圈电流也减小，A灯泡不会正常发光，故D错误．故选AC．点睛：本题解题的突破口在根据三盏灯正常发光确定变压器原副线圈的电流关系，特别注意电源总电压与加在副线圈两端电压的关系．10、AD【解析】

AB．被封闭气体温度不变，故气缸内的气体的内能保持不变，故A正确，B错误；CD．温度不变，内能不变，体积增大，对外做功，根据，可知气体对外界做的功等于气体从外界吸收的热量，故D正确，C错误。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）c．透过玻璃砖观察，在cd面一侧插针P3，使之挡住P1的像和P2的像；d．插针P4，使之挡住P1的像、P2的像和P3；（2）偏大．【解析】

（1）其中有错误之处的是：c、d；在c中透过玻璃砖观察，在cd面一侧插针P3，使之挡住P1的像和P2的像；在d中插针P4，使之挡住P1的像、P2的像和P3；

（2）如图所示，

在玻璃砖内的右侧的光线是实际光线，左侧的是该同学所作的光线，可见该同学利用插针法确定入射光线、折射光线后，按左侧光路测得的入射角不受影响，但测得的折射角比真实的折射角偏小，根据折射定律，测得的折射率偏大；12、；入射角、折射角大于【解析】

①[1]画出光路图如图所示②[2][3]为了测出三棱镜玻璃材料的折射率，若以AB作为分界面，根据折射定律可知，需要测量的量是入射角、折射角．③[4]棱镜玻璃材料折射率的计算公式，④[5]在测量过程中，放置三棱镜的位置发生了微小的平移，以AB作为分界面，入射角与三棱镜平移后实际的入射角相等，但折射角变小，则由，可知折射率n偏大，即三棱镜材料折射率的测量值小于三棱镜玻璃材料折射率的真实值．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】试题分析：（1）根据楞次定律判断线圈中感应电流的方向，AC碰撞动量守恒，切割磁感线产生感应电动势，由法拉第电磁感应定律求感应电动势，根据闭合电路的欧姆定律列式，联立求出；（2）根据能量守恒定律，求出小车A进入磁场的过程中线圈产生的热耳热Q；（3）根据动量定理求小车A进入磁场过程中通过线圈截面的电荷量．（1）由楞次定律知线圈中感应电流方向为：M→Q→P→N→M设小车的初速度为，小车A与C碰撞时，根据动量守恒定律：线圈切割磁感线感应电动势由闭合电路欧姆定律得线圈中电流得：（2）线圈进入磁场的过程中，系统减少的动能转化成线圈的焦耳热，即解得：（3）设线圈从开始进入磁场到完全进入磁场的过程中，线圈的平均电流为根据动量定理得：通过的电荷量解得：【点睛】本题是电磁感应与力学和能量知