2023年江苏南京市、盐城市物理高二下期中质量检测试题含解析

2023年江苏南京市、盐城市物理高二下期中质量检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、涡流检测是工业上无损检测的方法之一．如图所示，线圈中通以一定频率的正弦交流电，靠近待测工件时，工件内会产生涡流，同时线圈中的电流受涡流影响也会发生变化．下列说法中正确的是()A．涡流的磁场总是与线圈的磁场方向相反B．涡流的大小与通入线圈的交流电频率无关C．待测工件可以是塑料或橡胶制品D．通电线圈和待测工件间存在周期性变化的作用力2、下列物理量中属于标量的是（）A．动量 B．电场强度 C．磁感应强度 D．电流3、机器人装有作为眼睛的“传感器”，犹如大脑的“控制器”，以及可以行走的“执行器”，在它碰到障碍物前会自动避让并及时转弯．下列有关该机器人“眼睛”的说法中正确的是()A．力传感器B．温度传感器C．光传感器D．声音传感器4、如图所示，水平桌面上平放着导体圆环，圆环正上方靠近圆环直径的位置有一根直导线（靠近而不接触）.若给直导线通以图示方向的电流，若要圆环中产生图中所示方向的电流，则直导线的移动方向及稍微移动一点后圆环内部的磁通量变化，下列判断正确的是（）A．向左移动；磁通量变大 B．向左移动；磁通量变小C．向右移动；磁通量变大 D．向右移动；磁通量变小5、如图所示为演示交变电流产生的装置图，关于这个实验，正确的说法是（）A．线圈每转动一周，指针左右摆动两次B．图示位置为中性面，线圈中无感应电流C．图示位置ab边的感应电流方向为a→bD．线圈平面与磁场方向平行时，磁通量变化率为零6、作用于同一物体上的两个力，Fl＝12N，F2＝5N，则它们合力的大小可能是：A．20N B．12N C．5N D．0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2＝22∶5，原线圈接u1＝220sin100πt(V)的交流电，电阻R1＝R2＝25Ω，D为理想二极管，则()A．电阻R1两端的电压为50VB．二极管的反向耐压值应大于50VC．原线圈的输入功率为200WD．通过副线圈的电流为3A8、下列说法正确的是（）A．红外线在水中传播的速度大于紫外线在水中传播的速度B．电磁波不能产生多普勒效应，而机械波能产生多普勒效应C．电磁波是横波，可以发生衍射现象和偏振现象D．电磁波在真空中传播时，其速度方向与电场强度、磁感应强度方向均垂直9、如图所示为某小型电站髙压输电示意图，变压器均为理想变压器，发电机输出功率为20kW。在输电线路上接入一个电流互感器，其原、副线圈的匝数比为1:10,电流表的示数为1A,输电线的总电阻为10Ω,则下列说法正确的是（）A．采用高压输电可以增大输电线中的电流B．升压变压器的输出电压U2=2000VC．用户获得的功率为19.9kWD．将P下移，用户获得的电压将减小10、下列关于分子运动和热现象的说法正确的是()A．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力的缘故B．一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加C．对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热D．如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，因此压强必然增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）实验如图，是一个用单摆测重力加速度的实验装置．（1）实验中，要求摆线与悬点连接处要用铁架夹住摆线，不能随意地将摆线绕在铁架上，其原因是：_____A．防止摆角大于5度B．防止测量摆长时无法得到较精确的数据C．防止摆球在摆动过程中摆长不断发生变化D．防止摆线固定点松动，造成摆长越来越长（2）以下是某同学在一次实验中记录到的两组数据，请根据表格数据，把表格中需要计算的物理量填上，并求出当地重力加速度的测量值（保留两位小数）次数摆线长度（cm）摆球直径（cm）50次全振动时间(s)摆长L（cm）重力加速度g(m/s2)197.02100279290结论：本次实验测得当地的重力加速度_____(m/s2)．（3）若两个摆长不等的单摆，摆球质量之比，在同一地方做小角度摆动时摆角相等，他们通过最低点时的速度之比，则他们的周期之比_____．12．（12分）某物理学习小组的两位同学采用“伏安法”测金属丝的电阻率实验中，实验室备有下列实验器材：A．电压表（量程0～3V，内阻约为15kΩ）B．电压表（量程0～15V，内阻约为75kΩ）C．电流表（量程0～3A，内阻约为0.2Ω）D．电流表（量程0～0.6A，内阻约为1Ω）E．变阻器R1（0～100Ω，0.6A）F．变阻器R2（0～2000Ω，0.1A）G．电池组E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω）H．待测金属丝（阻值约为5Ω）I．开关S，导线若干，米尺，螺旋测微器等(1)为减小实验误差，电压表应选用________；电流表应选用________；滑动变阻器应选用________；（填代号）；(2)甲乙两位同学分别画出了两个电路图，如图甲、乙所示。本实验选用______（填“甲”或“乙”）图比较合适；(3)实验中用螺旋测微器测量金属丝的直径，使用时发现所用螺旋测微器存在零误差。测微螺杆与测砧直接接触时读数如图甲所示，测量金属丝直径时如图乙所示，则金属丝的直径d=__________mm；(4)如果实验中测得金属丝的电阻值为R，用米尺测出的金属丝长度为L，用螺旋测微器测出的金属丝的直径为d，则其电阻率ρ=__________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，质量为的长木板静止在光滑的水平地面上，现有一质量也为的滑块以的速度滑上长木板的左端，小滑块与长木板间的动摩擦因数，小滑块刚好没有滑离长木板，求：

（1）小滑块的最终速度（2）在整个过程中，系统产生的热量（3）以地面为参照物，小滑块滑行的距离为多少？14．（16分）如图，水平面内有一不计电阻的光滑金属导轨，MP间接阻值R=2.0Ω的电阻，MN与MP的夹角为135°，PQ与MP垂直，MP边长度小于0.1m。将质量m=0.10kg，电阻不计的足够长直导体棒搁在导轨上，并与MP平行。棒与MN、PQ交点G、H间的距离L=0.4m。空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T。在外力作用下，棒由GH处以一定的初速度向左做直线运动。(1)若初速度v1=3.0m/s，求棒在GH处所受安培力的功率P；(2)若初速度v2=2.0m/s，且此时棒的加速度a=1.0m/s2，方向向左。求此时的外力F；(3)若初速度v3=1.0m/s，且运动时回路中的电流强度始终与初始时的电流强度相等。求棒向左移动距离0.2m所需时间t及该过程外力所做的功。15．（12分）建筑工地的护栏外有“施工重地，禁止入内”的提示．因为施工区域常常有建筑材料掉下，对地面上的人员造成伤害．假设离地面高12.8m的建筑物上，质量为2kg的砖从静止开始自由下落，砖与地面作用的时间0.05s后静止．忽略空气阻力，重力加速度取，求：（1）从开始下落到与地面撞击前，重力对砖的冲量大小；（2）从撞击地面瞬间开始到静止，地面对砖的冲量大小；（3）地面对砖的平均作用力大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A．根据楞次定律得知：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故涡流的磁场总是要阻碍穿过工件磁通量的变化，根据楞次定律可知，涡流的磁场与线圈的磁场方向可能相同也可能相反，故A错误；B．涡流的大小取决于磁场变化的快慢，故与通入线圈的交流电频率有关，故B错误；C．电磁感应只能发生在金属物体上，故待测工件只能是金属制品，故C错误．D．因为线圈交流电是周期变化的，故在工件中引起的交流电也是周期性变化的，可知通电线圈和待测工件间存在周期性变化的作用力，故D正确；故选D．【点睛】该题涉及比较新颖的场景，但是所用知识为基本的楞次定律，重点考查知识迁移能力，注意能准确分析题意并能正确利用物理规律求解．2、D【解析】

即有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量。动量，电场强度，磁感应强度有大小和方向，且相加遵循平行四边形定则，是矢量。电流有大小和方向，但电流相加不满足平行四边形定则，是标量，故ABC错误，D正确。

故选D。3、C【解析】

由图可知，该传感器可以作为机器人的眼睛，则说明它采用的应是通过感光原理而确定障碍物的，故应为光传感器，ABD与分析不符，故选C。4、C【解析】

当通电直导线在圆环正上方时，根据安培定则判断得知穿过圆环左半部分的磁场方向向外，右半部分的磁场方向向里，由于对称，总的磁通量为零；若将直导线向左移动时，根据安培定则判断穿过圆环左侧的向外的磁通量小于右侧向里的磁通量，根据总磁通量变大，根据楞次定律可知圆环中产生逆时针方向的电流；若将直导线向右移动时，根据安培定则判断穿过圆环左侧的向外的磁通量大于右侧向里的磁通量，根据总磁通量变大，根据楞次定律可知圆环中产生顺时针方向的电流；A.向左移动；磁通量变大与分析不符，不符合题意；B.向左移动；磁通量变小与分析不符，不符合题意；C.向右移动；磁通量变大与分析相符，符合题意；D.向右移动；磁通量变小与分析不符，不符合题意。5、C【解析】线圈在磁场中匀速转动时，在电路中产生呈周期性变化的交变电流，线圈经过中性面时电流改变方向，线圈每转动一周，有两次通过中性面，电流方向改变两次，指针左右摆动一次，故A错；线圈处于图示位置时，ab边向右运动，由右手定则，ab边的感应电流方向为a→b，故C对；线圈平面与磁场方向平行时，ab、cd边垂直切割磁感线，线圈产生的电动势最大，也可以这样认为，线圈平面与磁场方向平行时，磁通量为零，但磁通量的变化率最大，B、D错误．6、B【解析】

合力取值范围：，即，故B正确，ACD错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】由表达式知原线圈电压有效值为220V，理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2＝22∶5，则副线圈两端电压为50V，故A正确；输出电压最大值为50V；故要使电路正常工作，反向耐压值应大于50V；故B正确；根据电流热效应，；所以R2两端的电压为25V；故通过R2的电流；输出端的总功率；故输入功率也为150W；故C错误；通过副线圈的电流为，选项D错误；故选AB.点睛：本题的难点在于二极管的作用，是使得反向电流不能通过，根据电流热效应求其有效值．变压器的输入功率等于输出功率.8、ACD【解析】

A．紫外线的频率、折射率都大于红外线，根据知红外线在水中的传播速度大于紫外线在水中的传播速度，故A正确；B．机械波和电磁波都能产生多普勒效应，故B错误；C．电磁波是横波，可以发生衍射现象和偏振现象，故C正确；D．电磁波是横波，每一处的电场强度和磁场强度总是相互垂直的，且与波的传播方向垂直，故D正确。故选ACD。9、BD【解析】发电机输出功率恒定，根据P=UI可知，采用高压输电可以减小输电线中的电流，故A错误；电流互感器副线圈上的电流为1A，根据变压器的原副线圈两端电流与匝数成反比，解得：，所以升压变压器的输出电压：，故B正确；输电线上损失的功率为：，用户获得的功率为：，故C错误；若P下移．降压变压器的原线圈匝数增大，根据，可得用户的电压减小，故D正确。所以BD正确，AC错误。10、BC【解析】A、气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子无规则运动造成的，选项A错误；B、一定量100℃的水变成100℃的水蒸汽，吸收热量，分子动能不变，所以其分子之间的势能增加，选项B正确；C、对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，对外做功，由热力学定律可知它一定从外界吸热，选项C正确；D、如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，如果气体的体积也变化，气体的压强不一定增大，选项D错误；综上所述本题答案是：BC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C9.68-9.713:2【解析】

（1）若将摆线绕在铁架上，则随着单摆的摆动，摆线的长度要发生改变，则要摆线与悬点连接处要用铁架夹住摆线，放置单摆摆动时摆长变化，故选C.（2）由表中数据可知：L1=98cm，L2=80cm，T1=2s，T2=1.8s；根据解得带入数据解得：g1=9.66-9.67m/s2，g2=9.73-9.75m/s2，取平均值可得：g=9.68-9.71m/s2（3）由机械能守恒可得：，解得，由，可知，则【点睛】此题考查用单摆测量重力加速度的实验，解题的关键是知道实验的原理及注意事项，熟练掌握单摆的周期公式及变形式.12、ADE甲0.507【解析】

(1)[1][2][3]．由于电源的电动势为3V，所以电压表应选A；被测电阻约为5Ω，电路中的最大电流约为I＝＝0.6A，电流表应选D；根据变阻器允许通过的最大电流可知，变阻器应选E；(2)[4]．由于，应采用电流表外接法，应选图甲所示电路；(3)[5]．由甲图可知螺旋测微器的零误差为0.020mm，乙图读数为0.5mm+0.012.7mm=0.527mm所以金属丝直径为0.507mm。(4)[6]．据，，所以四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）；（3）0.135m【解析】

（1）小滑块与长木板系统动量守恒，规定向右为正方向由动量守恒定律得：，解得最终速度为：；（2）由能量守恒定律得，代入数据解得热量为Q=0.072J；（3）对小滑块，应用动能定理：代入数据解得距离为S=0.135m