2023年浙江省六校联盟高考仿真卷物理试卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、2017年11月5日，又有两颗北斗导航系统组网卫星通过“一箭双星”发射升空，并成功进入预定轨道，两颗卫星绕

地球运动均看作匀速圆周运动。如果两颗卫星的质量均为M,其中的1号卫星轨道距离地面高度为小2号卫星轨道

距离地面高度为〃'，且〃〉心把地球看做质量分布均匀的球体，已知地球半径为R,地球表面的重力加速度大小为g,

引力常量为G下列说法正确的是（）

A.1号卫星绕地球运动的线速度

\R+h

B.1号卫星绕地球运动的周期T=2万+

h,2

1号卫星和2号卫星做匀速圆周运动的向心力大小之比为

D.稳定在轨运行时1号卫星的机械能大于2号卫星的机械能

2、五星红旗是中华人民共和国的象征和标志；升国旗仪式代表了我国的形象，象征着我国蒸蒸日上天安门广场国旗杆

高度为32.6米，而升国旗的高度为28.3米；升国旗时间与北京地区太阳初升的时间是一致的，升旗过程是127秒，已

知国旗重量不可忽略，关于天安门的升国旗仪式，以下说法正确的是（）

A.擎旗手在国歌刚刚奏响时，要使国旗在升起初始时，旗面在空中瞬间展开为一平面，必须尽力水平向右甩出手中

所握旗面

B.国旗上升过程中的最大速度可能小于0.2m/s

C.当国旗匀速上升时，如果水平风力大于国旗的重量，则国旗可以在空中完全展开为一个平面

D.当国旗匀速上升时，如果水平风力等于国旗的重量，则固定国旗的绳子对国旗的作用力的方向与水平方向夹角45

度

3、如图所示，两个内壁光滑的圆形管道竖直固定，左侧管道的半径大于右侧管道半径。两个相同小球A、B分别位于

左、右管道上的最高点，两球的半径都略小于管道横截面的半径。由于微小的扰动，两个小球由静止开始自由滑下，

当它们通过各自管道最低点时，下列说法正确的是（）

A.A球的速率等于B球的速率

B.A球的动能等于B球的动能

C.A球的角速度大于B球的角速度

D.A球、B球对轨道的压力大小相等

4、如图所示，绝缘水平地面上固定一个光滑绝缘斜面，斜面与水平面的夹角0=3（）。.一根轻质绝缘细线的一端固定在

斜面顶端，另一端系有一个带电小球A,细线与斜面平行，且小球A正好静止在斜面中点.在小球A的正下方地面处

固定放置一带电小球B,两球相距为d.已知两球的质量均为m、电荷量均为+q,静电力常量为k,重力加速度为g,

两球均可视为点电荷.则下列说法不正确的是（）

B.当2=悭时，斜面对小球A的支持力为在空

dJ2k4

当：

c.,细线上拉力为0

D.将小球B移到斜面底面左端C点，当2=2当时,斜面对小球A的支持力为0

dJk

5、下列说法正确的是（）

A.p射线是高速电子流，它的穿透能力比a射线和丫射线都弱

B.在核反应中，比结合能小的原子核变成比结合能大的原子核时，会释放核能

C.根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，核外电子的动能减小

D.当紫外线照射到金属锌板表面时能发生光电效应，则当改为红光照射时，也能发生光电效应，但从锌板表面逸出

的光电子的最大初动能减小

6、如图所示，传送带A3长为16m,水平地面的长为8m,传送带与水平地面之间B处由光滑小圆弧连接，物块

在8处由传送带滑到水平地面速度大小不变，物块与水平地面间、传送带间的动摩擦因数均为（）.5,光滑半圆形轨道

。的半径为1.25m,与水平地面相切于C点，其直径CQ右侧有大小为100V/m、方向水平向左的匀强电场。传送带

以Hhn/s的速度顺时针运动，带正电的物块可看成质点，其质量为5kg,带电荷量为0.5C,从静止开始沿倾角为37°

的传送带顶端A滑下。已知5加37。=0.6,cos37o=0.8,g取lOm/sz,则下列说法正确的是（）

A.物块在传送带上先加速后匀速

B.物块在传送带上运动的时间为3s

C.物块到达C点时对C点的压力为306N

D.物块可以运动到。点，在。点速度为JITm/s

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、下列说法正确的是（）

A.一定质量的理想气体，当温度升高时，内能增加，压强增大

B.饱和蒸汽在等温变化的过程中，当其体积减小时压强不变

C.液体表面层分子间距离较其内部分子间距离小，表面层分子间表现为斥力

D.一定质量的理想气体放出热量，分子平均动能可能减少

E.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的

8、如图所示为甲、乙两车在平直公路上行驶的V"图象，则在，1到H时间内

B.甲车的平均速度等于匕上二

2

C.甲车的平均速度比乙车的大

D.乙车的加速度始终比甲车的加速度小

9、如图所示，一匝数为〃，边长为L,质量为〃?，电阻为R的正方形导体线框abed,与一质量为3,”的物块通过轻质

细线跨过两定滑轮相连.在导体线框上方某一高处有一宽度为L的上、下边界水平的匀强磁场，磁感应强度大小为B,

方向垂直纸面向里.现将物块由静止释放，当ad边从磁场下边缘进入磁场时，线框恰好做匀速直线运动，不计一切摩

擦.重力加速度为g.贝!1()

A.线框ad边进入磁场之前线框加速度a=2g

B.从线框全部进入磁场到完全离开磁场的过程中，通过线框的电荷量q='匕

C.整个运动过程线框产生的焦耳热为Q=4mgL

D.线框进入磁场时的速度大小丫=孕吃

nBC

10、电压表，电流表都是由小量程电流表改装而成的，如图甲、乙所示分别是电压表，电流表的改装图，以下说法正

确的是()

甲乙

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再并一个较大的电阻

B.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再串联一个较大的电阻

C.小量程电流表内阻为给它并联一个电阻R,改装后的电流表量程是原来的幺三倍

D.为实现对改装电表的逐格校准，需要采用分压式电路

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学用图示的实验装置探究加速度与力的关系。他在气垫导轨旁安装了一个光电门8,滑块上固定一遮

光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，力传感器可直接测出绳中拉力大小，传感器下方悬挂

钩码。改变钩码数量，每次都从A处由静止释放滑块。已知滑块（含遮光条）总质量为M,导轨上遮光条位置到光电

门位置的距离为乙请回答下面相关问题。

（D如图，实验时用游标卡尺测得遮光条的宽度为一。某次实验中，由数字毫秒计记录遮光条通过光电门的时间为。

由力传感器记录对应的细线拉力大小为F,则滑块运动的加速度大小应表示为一（用题干已知物理量和测得物理量

字母表示）。

（2）下列实验要求中不必要的是（）

A.应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量

B.应使遮光条位置与光电门间的距离适当大些

C.应将气垫导轨调节至水平

D.应使细线与气垫导轨平行

12.（12分）图甲是一多用电表的简化电路图。其表头满偏电流（=200RA,内阻Rg=100C,/?,=2.5Q,

6=22.5。，&=2980Q。

甲乙

(1)转换开关S接入(填“1”“2”“3”“4”“5”或“6”)端时，测量电流的量程较大，此时电流从A端流

(填“出”或"入”)。

(2)当转换开关S接入“5”端时，多用电表的功能是测(填“电流”“电压”或“电阻”)，其量程为o

(3)当转换开关S接入“3”端时，多用电表可以用来测电阻。测量之前，先进行欧姆调零，使指针偏转到o

图乙为某次测量电阻的刻度盘，已知使用的倍率为“xl”，则待测电阻的阻值为Qo当换用“xlO”的倍率测

较大电阻时，需要重新欧姆调零，与使用倍率“xl”相比，多用电表的内阻变化了.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图甲所示，两根由弧形部分和直线部分平滑连接而成的相同光滑金属导轨平行放置，弧形部分竖直，

直线部分水平且左端连线垂直于导轨，已知导轨间距为L,金属杆“、b长度都稍大于L,a杆静止在弧形部分某处，b

杆静止在水平部分某处。水平区域有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为瓦a杆从距水平导轨高度力处释放，运动

过程中a杆没有与b杆相碰，两杆与导轨始终接触且垂直。已知a、的质量分别为2m和,〃，电阻分别为2R和R,

重力加速度为g;导轨足够长，不计电阻。

⑴求a杆刚进入磁场时，人杆所受安培力大小；

⑵求整个过程中产生的焦耳热；

(3)若a杆从距水平导轨不同高度”释放，则要求5杆初始位置与水平导轨左端间的最小距离x不同。求x与人间的关

系式，并在图乙所示的x2-h坐标系上画出h=h倒仁尼区间的关系图线。

14.(16分)如图所示为某娱乐场的滑道示意图，其中48为曲面滑道，为水平滑道，CD为L圆弧滑道，各滑道

4

相切连接。OE为放在水平地面上的海绵垫。某人从A点上方某处滑下，经过高度差”=5m的A点和C点时的速度分

别为2m/s和4m/s,在C点做平抛运动，最后落在海绵垫上E点。已知人的质量为50kg,人与水平滑道8c间的动摩

擦因数为0.2,水平滑道5c的长度为s=20m,只知道圆弧CD的半径R的范围为：®g=10m/s2»求：

⑴人在AS段克服阻力的功；

(2)人在C点做平抛运动的水平位移x的范围。

15.（12分）如图所示，光滑的水平桌面边缘处固定一轻质定滑轮，A为质量为的足够长的木板，B、C、D为三

个质量均为，"的可视为质点的物块，B放在A上，B通过水平且不可伸长的轻绳跨过定滑轮与D连接，D悬在空中。

C静止在水平桌面上A的右方某处（A、C和滑轮在同一直线上）。A、B间存在摩擦力，且认为最大静摩擦力与滑动

摩擦力相等，在D的牵引下，A和B由静止开始一起向右加速运动，一段时间后A与C发生时间极短的弹性碰撞，

设A和C到定滑轮的距离足够远，D离地面足够高，不计滑轮摩擦，已知重力加速度为g。

（1）为使A与C碰前A和B能相对静止一起加速运动，求A与B间的动摩擦因数//应满足的条件；

⑵若A与B间的动摩擦因数"=0.75,A与C碰撞前A速度大小为用,求A与C碰后，当A与B刚好相对静止时，

C与A右端的距离。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1,A

【解析】

A.设地球质量如根据公式

-Mmv2

G=M——

(R+h)2(R+h)

和

2=6卞

K

解得

v=R

故A正确；

B.根据公式

cMm,,472,八,、

G---------=M——(R+li)

(R+h)v2T2

和

mm

mog=G{j}

K

解得：

2兀(R+hNR+h

T=

R&

故B错误;

C.根据

cmM

Fr.=G------------7

(R+h)2

mM

F=G

2(R+h)2

所以

2

Ft_(/?+A')

K-(R+h)2

故C错误；

D.由于/?<",卫星从低轨道向高轨道要点火加速，化学能转化为机械能，所以稳定在轨运行时1号卫星的机械能小

于2号卫星的机械能，故D错误。

故选A.

2、D

【解析】

A.若用水平向右甩出手中所握旗面，则手给旗子水平方向的力，因为旗面受到竖直向下的重力，水平方向的力和重

力无法平衡，则旗面在空中瞬间无法展开为一平面，故A错误；

B.若旗上升过程中的最大速度小于02〃/s,则在127s内上升的最大高度为：

/j=0.2x127m=25.4m<28.3m

故B错误；

C.国旗匀速上升，说明国旗受力平衡，此时旗面受重力、水平风力、绳子的作用力，无论水平风力多大都无法和竖

直方向的重力平衡，则国旗不可以在空中完全展开为一个平面，故c错误；

D.国旗匀速上升，说明国旗受力平衡，如果水平风力等于国旗的重量，则水平风力和重力的合力与水平方向夹角为

45。，则固定国旗的绳子对国旗的作用力应与水平风力和重力的合力，等大反向，则固定国旗的绳子对国旗的作用力的

方向与水平方向夹角45。，故D正确。

故选D。

3、D

【解析】

AB.对于任意一球，根据机械能守恒得

mg*2R—mv2

解得

丫=乖点

由于左侧管道的半径大于右侧管道半径，所以A球的速率大于B球的速率，A球的动能大于B球的动能，故A、B错

误；

C.根据v=14gR=R①可得

则有

即A球的角速度小于B球的角速度，故C错误；

D.在最低点，根据牛顿第二定律可得

V2

F-mg=m—

NK

解得

FN=5，〃g

根据牛顿第三定律可得A球、B球对轨道的压力大小相等，故D正确;

故选D。

4、C

【解析】

2

A.依据库仑定律，则两球之间的库仑力大小为F=kJ,故A正确；

BC、当2=悭时，则有kt=-mg,

dJ2k/2

根据矢量的合成法则，依据三角知识，则斜面对小球A的支持力为N=9mg；

4

T=-mg,故B正确，C错误；

4

D.当小球B移到斜面底面左端C点，对球受力分析，如图所示：

依据几何关系可知，T与F的夹角为120。，当时，即有kj=mg,根据矢量的合成法则，则有电场力沿垂

直斜面方向的分力与重力沿垂直斜面方向的分力等值反向，那么斜面对小球A的支持力为N=0,故D正确；

本题选择错误的答案，故选C.

5、B

【解析】

A.p射线是高速电子流，它的穿透能力比a射线强，比丫射线弱，故A项错误；

B.原子核的结合能与核子数之比称做比结合能，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定。在核

反应中，比结合能小的原子核变成比结合能大的原子核时，会释放核能，故B项正确；

C.根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，电子跃迁到离核较近的轨道上运动，据

可得，核外电子的动能增加，故c项错误；

D.当紫外线照射到金属锌板表面时能发生光电效应，当改为红光照射时，不能发生光电效应，因为红光的频率小于

锌板的极限频率，故D项错误。

故选B。

6、C

【解析】

AB.刚开始运动时，对物块受力分析可知

mgsin37°+Ringcos37°=maK

解得

ai=10m/s2

物块与传送带达到共同速度时

解得

h=ls

物块的位移

12<

x卬；=5m

此后对物块受力分析可知

mgsin37°-jjmgcos37°=ma,

解得az=2m/s2,物块在传送带上的第二段运动

r12

LAB-X=Vt2+^a^2

解得》2=1S,物块在传送带上运动的时间

t=八+f2=2s

物体在传送带上先以。尸10m/s?加速，再以O2=2m/s2加速，AB错误;

C.物块到达传送带底端的末速度

v2=u+®2=12m/s

在水平地面5C上，物块做匀减速直线运动，其加速度大小

a=jug=5m/s2

设物块到达C点时的速度为门，则

=

Vj—彩_2aLBC

解得

V3=8m/s

设此时C点对物块的支持力为FN,根据牛顿第二定律，有

解得

FN=306N

根据牛顿第三定律可知，物块对C点的压力大小为306N,故C正确;

D.由于物块在电场中有

Eq=mg-50N

重力和电场力合力为

七=5O0N

方向与竖直方向成45。角，所以物块的等效最高点在上半部圆弧与竖直方向成45。角处，要过等效最高点需要的最小速

度为

代入数据得

vin=J125夜m/s«J17.7m/s

而实际上，物块由C点运动到等效最高点时的速度，由动能定理可得

6y/21,1,

-mg(R+R)———EqR=—mv：!k--invj

代入数据可得

嗫=)39-25夜m/s«<vmin

所以物块过不了等效最高点，物块就不可能到达。点，故D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BDE

【解析】

A.由理想气体状态方程，=C可知，当温度升高时，内能增加，乘积增大，但压强不一定大，故A错误；

B.饱和蒸汽压仅仅与温度有关，饱和蒸汽在等温变化的过程中，体积减小时压强不变，故B正确；

c.液体表面层分子间距离较其内部分子间距离大，表面层分子间表现为引力，故C错误；

D.一定质量的理想气体放出热量，根据热力学第一定律知分子内能可能减小，分子平均动能可能减少，故D正确；

E.根据燧增原理可知，一切自然过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，故E正确；

故选BOE,

8、BC

【解析】

A.在八到打时间内，两图线围成的面积不等，则位移不等，故A错误.

BC.甲做匀变速直线运动，在八到时间内，平均速度能=与以，根据图线围成的面积知，甲的位移大于乙的位

移，时间相等，则甲的平均速度大于乙的平均速度，即以的平均速度小于乜土以，故BC正确.

2

D.乙图线的切线斜率先比甲小，后比甲大，可知乙的加速度先小于甲，后大于甲，故D错误.

9、CD

【解析】

A.在线框ad边进入磁场之前，有3mg—T=3ma,T-mg=ma,解得“=gg,A错误；

B.根据4=可得从线框全部进入磁场到完全离开磁场的过程中，通过线框的电荷量为q=簧，B错误；

C.线圈进入磁场过程中和穿出磁场过程中的总热量等于过程中的重力势能减小量，故。=2x（3mgL-mgL）=4mgL,

C正确；

D.H边刚进入磁场时，导体做匀速直线运动，所以有T=3mg,T=mg+F安,=nBIL,/=竺生，联立解得

R

2mgR.

「整F'D正礼

故选CD

10、CD

【解析】

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大

流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，A错误；

B.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些。说明流过表头的电流小，应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一

个较大的电阻，B错误；

C.小量程电流表内阻为4,给它并联一个电阻R,改装后的电流表量程

1=(+~R~

得出

IR+R

C正确；

D.分压式电路电压、电流可以从零开始调节，可以实现对改装电表的逐格校准，D正确。

故选CD»

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

12

11>0.96cm------A

2Lr

【解析】

(1)。]游标卡尺的主尺读数为9mm,游标尺上第12个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为

12x0.05mm=0.60mm,所以最终读数为：

d=9mm+0.60mm=9.60mm

⑵已知初速度为零，位移为L,要计算加速度，需要知道末速度，故需要由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时

间乙末速度：

d

v=­

t

由V=2a£得:

22

ci=-v--=---d---

2L2Lt2

(2)[3]A.拉力是直接通过传感器测量的，故与小车质量和钩码质量大小关系无关，不必要使滑块质量远大于钩码和力传

感器的总质量，故A符合题意；

B.应使A位置与光电门间的距离适当大些，有利于减小误差，故B不符合题意；

C.应将气垫导轨调节水平，使拉力才等于合力，故C不符合题意；

D.要保持拉线方向与气垫导轨平行，拉力才等于合力，故D不符合题意。

12、1入电压3V欧姆表盘的零刻度处10135

【解析】

⑴⑴转换开关S接入1端，电流表与电阻Rz串联后，与飞并联，且并联电阻阻值较小，则分流较大，故转换开关S应

接入1端，电流表量程较大。

⑵根据电流的“红进黑出”结合内部电源可知电流应从A端流入。

(2升3］当转换开关S接入“5”端时，电流表与电阻串联，此多用电表为电压表。

［4］量程为

([R、

gg+/,E=3V

U=+S

&&J

(3)⑸调节欧姆调零旋钮应使指针偏转到欧姆表盘的零刻度线位置。

［6］若倍率为“xl”，则待测电阻的阻值为10xlQ=10Q»

⑺多用电表的中值电阻即为内部电阻大小，倍率为“xl”时，多用电表的内阻为15xlQ=15Q,倍率为“xlO”时，多用

电表的内阻为15X10。=150Q,则多用电表的内阻变化了135。o

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

22mRy/2g

13、(1)F=B七y/I四(2)Q=-mghi(3)x=

3RB2I?

【解析】

⑴设a杆刚进入磁场时的速度为匕，回路中的电动势为用，电流为《，力杆所受安培力大小为R则

2mgh=g-2/nvj2

E、=BLx\

12R+R

F=BIJ

解得

产二环/国

—3R

(2)最后％8杆速度相同，设速度大小都是为，整个过程中产生的焦