一段物理答案

高二下学期第一次教学质量检测物理试题答案一、单选题（每题3分，共24分）12345678CCADCCCA4.设人的平均速度为v1，气球的平均速度为v2，球上升高度为x1，离地面高度为x2，根据动量守恒定律可得m1v1=m2v2，根据位移公式可得m1x1=m2x2，x1＋x2=7m，联立解得离地面的高度为x2=5m，故D项正确，ABC项错误。综上所述，本题正确答案为D5.设发射子弹的数目为n，n颗子弹和木块M组成的系统在水平方向上所受的合外力为零，满足动量守恒的条件．选子弹运动的方向为正方向，由动量守恒定律有nmv2－Mv1＝0，得n＝eq\f(Mv1,mv2)，所以C正确，A、B、D错误6.由mgH＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)，解得v1＝eq\r(2gH)，由mgh＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)，解得v2＝eq\r(2gh)，由动量定理有I－IG＝mv2－(－mv1)＝m(eq\r(2gh)＋eq\r(2gH))，即I＝IG＋m(eq\r(2gh)＋eq\r(2gH))，C正确，A、B、D错误多选题（每题4分，共16分）9101112ADACABCCD9.对物块，由动能定理得Ek-0=（F-f）·（x＋l），此时物块的动能Ek=（F-f）（x＋l），选项A正确；对物块，由动量定理得p=（F-f）t，选项B错误；这一过程中，物块和小车产生的内能为fl，选项C错误；根据能量守恒定律得，外力F做的功转化为小车和物块的机械能和摩擦产生的内能，则有F（l＋x）=△E＋Q，则△E=F（l＋x）一fl，选项D正确。12.若使M振动起来，其他小球也会振动，做受迫振动，故A错误；受迫振动的周期等于驱动力的周期，故B错误；若使P振动起来，由于M的固有周期与驱动力的周期相同，M发生共振，稳定时M比N的振幅大，故C正确；O的周期为3s，使O振动起来，M做受迫振动，则稳定时M的振动周期为3s，故D正确.三、非选择题13.（11分）(1)大于(2)ADE（2分）(3)AB25.0m1·eq\x\to(OQ)＝m1·eq\x\to(OP)＋m2·eq\x\to(OR)(4)420.0417.6在误差允许范围内，小球A与B在碰撞过程中系统动量守恒（2分）其余每空1分14.(7分)(1)1.84(2)最低点2.25(3)C(4)将线长当作摆长9.87（2分）其余每空1分(1)摆球直径d＝18mm＋4×0.1mm＝18.4mm＝1.84cm.(2)由于在最低点摆球的运动速度最快，如果记录位置有误差，那么时间的相对误差较小，在最低点开始计时；由于每两次经过最低点的时间间隔为一个周期，因此振动周期T＝eq\f(67.5,30)s＝2.25s.(3)根据周期的计算公式T＝2πeq\r(\f(l,g))可得g＝eq\f(4π2,T2)l，若将摆球经过最低点的次数n计多了，从而测得振动周期偏小，从而测得的重力加速度偏大，A错误；若计时开始时，秒表启动稍晚，振动周期测量值偏小，从而测得的重力加速度偏大，B错误；若将摆线长当成了摆长，这样摆长测量值偏小，从而测得的重力加速度偏小，C正确；若将摆线长和球的直径之和当成了摆长，这样摆长测量值偏大，从而测得的重力加速度偏大，D错误．(4)有可能将线长当作摆长，从而当线长为0时，振动周期大于0，根据g＝eq\f(4π2,T2)(l＋l0)，图像的斜率k＝eq\f(4π2,g)，由题图乙可得k＝4s2/m，可得g＝9.87m/s2.15.（10分）解：鸡蛋自由下落的高度h=(16-1)×3m=45m1分鸡蛋落到地面前瞬间速度v=√2gh=30m/s1分取竖直向下为正方向，对鸡蛋由动量定理可知：(mg-F)t=0-mv2分解得：F=150.5N=301mg2分由牛顿第三定律，鸡蛋撞击地面的力大小为了150.5N2分相当于是301个鸡蛋的重力，所以高空抛物后果很严重2分16.（14分）(1)当弹簧压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大，此时滑块A和B的速度相同，选取向右为正方向，根据动量守恒定律mAv0＝(mA＋mB)v2分解得v＝4m/s根据机械能守恒定律，知弹簧的最大弹性势能Ep＝eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,0)－eq\f(1,2)(mA＋mB)v22分解得Ep＝42J2分(2)当A、B分离时，滑块B的速度最大，由动量守恒定律和能量守恒定律得mAv0＝mAvA＋mBvB2分eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,A)＋eq\f(1,2)mBveq\o\al(2,B)2分解得vB＝8m/svA＝1m/s则滑块B的最大动能Ek＝eq\f(1,2)mBveq\o\al(2,B)＝96J2分(3)当A的速度为1m/s时，滑块A的动能最小，此时弹簧恢复到原长，弹簧的弹性势能Ep′＝0J2分17.（18分）(1)eq\f(1,3)eq\r(2gR)(2)eq\f(1,6)mgR(3)eq\f(1,12)mgR（4）会滑离，2√hR/3(1)设木块A与B碰撞前瞬间的速度大小为v1，则根据机械能守恒定律有mgR＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)1分设木块A、B碰撞后瞬间两木块共同运动速度的大小为v2，根据动量守恒定律有mv1＝3mv21分联立①②式解得v2＝eq\f(1,3)eq\r(2gR)2分(2)设木块A、B与车最终的速度大小为v3，根据动量守恒定律有3mv2＝6mv32分联立③④式解得木块和车组成的系统损失的机械能为ΔE＝eq\f(1,2)·3mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)·6mveq\o\al(2,3)＝eq\f(1,6)mgR2分(3)当木块A、B将弹簧压缩至最短时，木块和车整体达到最大速度v3，根据运动的对称性可知此过程中系统损失的机械能为eq\f(1,2)ΔE＝eq\f(1,12)mgR2分联立③④⑥式和能量守恒定律解得弹簧的最大弹性势能为Epm＝eq\f(1,2)·3mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)ΔE－eq\f(1,2)·6mveq\o\al(2,3)＝eq\f(1,12)mgR2分（4）设木块滑到小车左端时速度为v4,此时小车的速度为v5,由系统动量守恒和机械能守恒可知：3mv2=3mv4+3mv51分eq\f(1,2)·3mveq\o\al(2,2)=eq\f(