2021-2022学年贵州省遵义市私立播州中学高二物理联考试卷含解析

2021-2022学年贵州省遵义市私立播州中学高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.一竖直放置的直导线长为0.2m，处于水平向左的匀强磁场中，B=0.5T，通有如图所示的2A的电流，则直导线所受安培力的方向和大小为

A.垂直纸面向外

B.垂直纸面向里

C.0.2N

D.0.5N参考答案：AC2.（单选）如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为фa，b点电势为фb，则（）A．场强方向一定向左，且电势фa＞фb

B．场强方向一定向左，且电势фa＜фbC．场强方向一定向右，且电势фa＞фb

D．场强方向一定向右，且电势фa＜фb参考答案：考点：电场线；电场强度；电势．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：粒子在电场力作用下，由运动与力关系可知，根据轨迹的弯曲程度，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场力方向和电荷性质判断场强方向；沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出M、N点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．解答：解：由图正电荷运动轨迹可知，正电荷受向右的电场力作用，故场强方向一定向右．沿着电场线的方向电势降低的，可判定a点的电势大于b点，即电势фa＞фb．故选C．点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．3.如图所示为两个同心闭合线圈的俯视图，若内线圈中通有图示的电流I1，则当I1增大时关于外线圈中的感应电流I2的方向及I2受到的安培力F的方向，下列判断正确的是（）A．I2沿顺时针方向，F沿半径指向圆心B．I2沿逆时针方向，F沿半径背离圆心C．I2沿逆时针方向，F沿半径指向圆心D．I2沿顺时针方向，F沿半径背离圆心参考答案：B【考点】楞次定律；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培力．【分析】当电流I1增大时，磁场增强，穿过外线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断外线圈中的感应电流I2的方向，根据左手定则判断I2受到的安培力F方向．【解答】解：如图内线圈的电流方向为顺时针方向，由安培定则分析得知，外线圈中磁场方向向里，当I1增大时，穿过外线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断外线圈中的感应电流I2的方向为逆时针，外线圈所在处磁场方向向外，根据左手定则分析得到：I2受到的安培力F方向是沿半径背离圆心向外．故选：B．4.(单选)对于库仑定律，下列说法正确的是()A．凡计算两个点电荷间的作用力，就可以使用公式F＝kB．两个带电小球即使距离非常近，也能用库仑定律[Z§X§X§K]C．相互作用的两个点电荷，不论它们的电荷量是否相同，它们之间的库仑力大小一定相等D．两个点电荷的电荷量各减为原来的一半，它们之间的距离保持不变，则它们之间的库仑力减为原来的一半新课标第一网参考答案：选C.库仑定律适用条件为真空中点电荷，A、B错误，电荷量各减为原来一半，距离保持不变，由F＝k知，库仑力为原来1/4，D错，由牛顿第三定律分析知C正确．5.（单选）2014年12月7日，中国和巴西联合研制的地球资源卫星04星在太原成功发射升空．04星成功发射，恰逢中国长征系列运载火箭第200次发射，展示了两国科技合作最新成果和水平．相比中巴地球资源卫星01星、02星，04星提高了空间分辨率，增加了传感器和谱段数，获取的5米全色、10米多光谱等影像图可广泛应用于中国和巴西农作物估产、环境保护与监测、国土资源勘查和灾害监测等多个领域，满足持续提供稳定的中分辨率普查数据的迫切需求．地球资源卫星04星进入预定轨道后绕地球作椭圆轨道运动，地球位于椭圆的一个焦点上，如图所示，从A点运动到远地点B点的过程中，下列表述正确的有（）A．地球引力对卫星不做功B．卫星的速度越来越大C．卫星受到的地球引力越来越小D．卫星受到的地球引力越来越大参考答案：考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．.专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力公式可得出飞船引力的变化；再分析引力做功情况，从而确定飞船的动能变化，进而判断速度变化．解答：解：由图可知，飞船由A到B的过程中，离地球的距离增大，则万有引力减小，飞船的加速度减小；引力对飞船做负功，由动能定理可知，飞船的动能减小，则速度减小，故C正确，ABD错误；故选：C．点评：掌握万有引力定律的应用，对于能量的转化必定是一种能量减少另一种能量增加，并且减少的能量转化为增加的能量．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图所示是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程。当转换开关S旋到位置3时，可用来测量

；当S旋到位置

时，可用来测量电流，其中S旋到位置

时电流表量程较大。参考答案：电阻

1或2

17.下图是两个同学做“互成角度的两个力的合成”实验时得到的结果。他们得到使橡皮筋的结点拉到O点时所需的两个力F1、F2及一个力时的F，并用平行四边形定则画出了等效力F’，如图所示。判断两人处理实验结果正确的是

。参考答案：甲 8.如右图所示，两跟相距L的竖直平行金属导轨位于匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨电阻不计，另两跟与光滑导轨接触的金属杆质量均为m，电阻均为R。若要cd使杆恰好平衡，且静止不动，则ab杆应向________方向运动，且其杆运动的速度大小是________。参考答案：9.为了演示接通电源的瞬间和断开电源的瞬间的电磁感应现象，设计了如图所示的电路图，A、B两灯规格相同，L的直流电阻和R相等，开关接通的瞬间，A灯的亮度__________（填“大于”“等于”或“小于”）B灯的亮度；通电一段时间后，A灯的亮度__________（填“大于”“等于”或“小于”）B灯的亮度；断电的瞬间，A灯__________（填“立即”或“逐渐”）熄灭，B灯__________（填“立即”或“逐渐”）熄灭。参考答案：大于

等于

逐渐

立即（各1分）10.参考答案：11.如图所示的电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω．闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A．则以下判断中正确的是()A.电动机的输出功率为14WB.电动机两端的电压为7VC.电动机产生的热功率为4WD.电源输出的电功率为24W参考答案：B试题分析：电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：U=E-U内-UR0=12-Ir-IR0=12-2×1-2×1.5W=7V，电动机的总功率为：P总=UI=7×2W=14W，电动机的发热功率为：P热=I2R=22×0.5W=2W，所以电动机的输出功率为：P出=14W-2W=12W，所以B正确；AC错误；电源的输出的功率为：P输出=EI-I2R=12×2-22×1W=20W，所以D错误．故选B.考点：电功率【名师点睛】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的.12.带有等量异号电荷、相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场，电场强度E＝2.0×104N/C，方向向下。电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm。则C、D两点的电势差UCD＝__________V,如果令A板接地（即电势φ=0），则C的电势φC是__________V。参考答案：1000V

-1400V13.将一物体以速度v0=10m/s水平抛出，当物体的速度变到与水平方向夹角为45°时所经历的时间为_________；当物体的位移变到与水平方向夹角为45°时所经历的时间为_________。参考答案：1s

2s

三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.在测量电源的电动势和内阻的实验中，由于所用的电压表（视为理想电压表）的量程较小，某同学设计了如图所示的实物电路．（1）实验时，应先将电阻箱的电阻调到

．（选填“最大值”、“最小值”或“任意值”）（2）改变电阻箱的阻值R，分别测出阻值R0=10Ω的定值电阻两端的电压U，下列两组R的取值方案中，比较合理的方案是

．（选填“1”或“2”）方案编号电阻箱的阻值R/Ω1400.0350.0300.0250.0200.0280.070.060.050.040.0（3）根据实验数据描点，绘出的图象是一条直线．若直线的斜率为k，在坐标轴上的截距为b，则该电源的电动势E=

，内阻r=

．（用k、b和R0表示）参考答案：（1）最大值；（2）2；（3），．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）实验中应保证开始时的电流最小，可以保证电路安全，由闭合电路欧姆定律可知应如何调节滑动变阻器；（2）为了实验更精确应使数据间差值较大，并且能多测数据；根据两组方案的特点可知应选取哪一方案；（3）由题意及闭合电路欧姆定律可得出的关系，结合图象可知其斜率及截距的含义，从而可以得出电动势和内电阻．【解答】解：（1）电路为限流接法，开始时应让电流最小，然后再逐渐增大，故开始时滑动变阻器应达到最大值处；（2）对比两方案可知，方案1中电阻箱电阻较大，而R0的阻值只有10Ω，故在调节电阻箱时，电流的变化不明确，误差较大；而方案2中电阻箱的阻值与R0相差不大，可以测出相差较大的多组数据，故方案2更合理；

（3）由闭合电路欧姆定律可得：U==++；由函数知识可知：图象的斜率k=；故E=；图象与纵坐标的交点b=+；r=；故答案为：（1）最大值；（2）2；（3），．15.用双缝干涉测光的波长。已知双缝与屏的距离L，双缝间距d。用测量头来测量亮纹中心的距离。测量头由分划板、目镜、手轮等构成，转动手轮，使分划板左右移动，让分划板的中心刻线对准亮纹的中心（如图（甲）所示），记下此时手轮上的读数，转动测量头，使分划板中心刻线对准另一条亮纹的中心，记下此时手轮上的读数。（1）分划板的中心刻线分别对准第1条和第4条亮纹的中心时，手轮上的读数如图14-4（乙）所示，对准第1条时读数x1=_

mm(允许误差)、对准第4条时读数x2=___

__mm(允许误差)（2）写出计算波长λ的表达式，λ=__

___（用x1、x2、L、d表示，不用计算）。（3）在屏上观察到了干涉条纹．如果将双缝的间距变大，则屏上的干涉条纹的间距将变

；（选大或小）（4）某同学自己动手利用如图所示的装置观察光的干涉现象，其中A为单缝屏，B为双缝屏，整个装置位于一暗箱中，实验过程如下：（A）该同学用一束太阳光照射A屏时，屏C上没有出现干涉条纹；移去B后，在屏上出现不等间距条纹；此条纹是由于

产生的；（B）移去A后，遮住缝S1或缝S2中的任一个，C上均出现一窄亮斑.出现以上实验结果的主要原因是

.参考答案：（1）2.190mm

7.867—7.869mm（2）(x2-x1)d/3L（3）小（4）（A）光的衍射（B）双缝S1、S2太宽四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图，A、B相距1m，匀强电场的场强为E=5×104N/C，q=－1×10-8C，图中未画出电场线的方向，若将负电荷由A移至B的过程中，电势能增加，求：（1）计算电荷由A移至B的过程中电场力所做的功是多少？并指明电场线的方向。（2）计算出A、B两点之间的电势差多少？参考答案：W=-J

=V17.高空作业须系安全带。如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动）。此后经历时间t安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上。则该段时间安全带对人的平均作用力大小是多少？参考答案：解：根据自由落体运动规律，有：解得：规定向下为正方向，对运动的全程根据动量定理，有：解得：，方向竖直向上。18.（13分）如图所示，质量均为m的A、B两物体静止在水平面上，A在B的左侧且相距L，A为底部光滑的不带电物体；B为绝缘带电体，所带电荷量为+q，且与水平面间的动摩擦因数为μ（已知μ>）。空间存在水平向左的匀强电场，电场强度为E。今始终用大小为2qE的水平力向右推A，A与B正碰后即以共同速度向右运动但不粘连，A、B不会因为运动或碰撞而改变原来的带电情况。求：

（1）与B碰前A的速度v