2022-2023学年黑龙江省哈尔滨市双城区八年级（下）期末物理试卷（有答案）

2022-2023学年黑龙江省哈尔滨市双城区八年级（下）期末物理试卷一、单选题（本大题共17小题，共34.0分）1.以下为人类做出突出贡献的科学家中，精确地测出大气压强数值的物理学家是（1.以下为人类做出突出贡献的科学家中，精确地测出大气压强数值的物理学家是（）A.一支铅笔 B.一个鸡蛋C.…瓶矿泉水 D.一名中学生如图所示的场景中，力的作用效果与其它不同的是（）踢飞的足球变形的竹子踢飞的足球变形的竹子如图所示的实例中，其目的是为了减小摩擦力的是（）门轴上加润滑油B.C.D.秋千荡到最高点时，如果受到的力全部消失，下列现象可能会发生的是（）A.保持静止状态B.，▼做匀速直线运动C.\继续来回摆动D.;做匀速圆周运动6.如图所示，下列说法正确的是（）门轴上加润滑油B.C.D.秋千荡到最高点时，如果受到的力全部消失，下列现象可能会发生的是（）A.保持静止状态B.，▼做匀速直线运动C.\继续来回摆动D.;做匀速圆周运动6.如图所示，下列说法正确的是（）小鸟受到的重力与小鸟对树枝的压力是一对平衡力小鸟对树枝的压力与树枝对小鸟的支持力是一对平衡力小鸟受到的重力与树枝对小鸟的支持力是一对平衡力小鸟受到的重力与树枝受到的重力是一对平衡力

在学习牛顿第一定律的时候，我们做了如图所示实验。下列有关叙述正确的是（）甲 N 丙每次实验时，小车从同-斜面的相同高度，由静止开始下滑是为了保证它到达水平面时具有相同的速度小车在水平面上越来越慢，它的惯性逐渐变小实验表明，小车受到的阻力越小，运动的距离越远，速度减小得越快通过甲、乙、丙的实验现象直接得出牛顿第一定律如图所示的事例中，目的是为了减小压强的是（）A.謔切鸡蛋的钢丝很细B.jfcjy书包带做得比较宽刀刃磨得很锋利D.C.u图钉头做得很尖锐A.謔切鸡蛋的钢丝很细B.jfcjy书包带做得比较宽刀刃磨得很锋利D.C.u图钉头做得很尖锐如图所示，装有水的容器静止在斜面上，其底部Q、b、C三处受到水的压强分别为布、Pb、Pc，则以下判断正确的是（）A.Pa=Pb=PcB.Pa<Pb<PcC.Pa>Pb>PcD.pa>Pb=Pc中国武术有着悠久的历史，是中华优秀文化遗产之一.上武得道，平天下；中武入詰,安身心；下武精技，防侵害.图中的这位武术表演者展示两个武术动作时对地面的压力及压强分别为巳舟F乙、机甲、Pc，则（）

A.F甲=F「,p甲=p乙B.「甲=F乙，，甲〉卩乙B.「甲=F乙，，甲〉卩乙A.气流速度更大、压强更小 B.气流速度更大、压强更大C.气流速度更小、压强更大 D.气流速度更小、压强更小如图所示，下列杠杆中属于费力杠杆的是（）14.在如图所示的四个情景中，人对物体没有做功的是（）15.如图所示的单摆，摆球在摆动过程中，下列说法正确的是（）A.。处动能最大C.。处的重力势能最大。到bA.。处动能最大C.。处的重力势能最大D.b到。过程中，动能先变小后变大16.下列关于机械效率的说法中正确的是（）越省力的机械，机械效率越高做有用功越多的机械，机械效率越高做功越快的机械，机械效率越高做相同的功，额外功的值越小，机械效率越高17.如图所示，在400N的拉力作用下，经过5s将960N的重物提升了lm.在此过程中（）该滑轮组做的有用功是400/该滑轮组做的总功是960丿拉力的功率是192"D.该滑轮组的机械效率是80%二、填空题（本大题共6小题，共30.0分）18.如图所示，冰壶运动员蹬冰鞋和滑行鞋的材质不同，蹬冰鞋的鞋底是用橡胶制成的，这是为了 （选填“增大”或“减小”）摩擦力。运动员向后蹬冰面时人向前滑行，此过程中体现了

力的作用是 :脱手后的冰壶能继续前行，是因为冰壶具有 ，前进的冰壶最后慢慢停下来，表明力可以改变物体的 。如图所示，水平面上的木箱重300N,晓红沿水平方向用80N的力没有拉动，此时木箱所受摩擦力为 N；当拉力增大为180N时，木箱水平向左做匀速直线运动，此时木箱所受摩擦力方向是 :当拉力增大到200N时，木箱所受摩擦力为 No2023年哈尔滨市中小学生足球比赛中，我区第五小学足球队以7：0的比分战胜对手，如图是小队员传球时的一段运动轨迹，其中足球在A点的重力势能 （选填“大于"“小于”或“等于”）在B点的重力势能。若不计空气阻力，足球在下落的过程中，重力势能转化为 能，此过程足球的机械能 （选填“变大”“变小”或“不变”）。三峡大坝是长江上防洪发电的国之重器。大坝水库水面下100m处水的压强是 Pa,大坝边上修筑的船闸是利用 原理工作的；坝体上窄下宽是因为 。。水=l.0x103kg/m3,g取lON/kg）如图是我国人民解放军海军建造的第三艘航空母舰福建号，满载排水量约8万吨，是我国首艘电磁弹射型超级航母。满载时，航母受到的浮力是 N。若甲板上战斗机从航母上弹射起飞后，航母受到的浮力 （选填“变大”“变小”或“不变"，下同），舰身浸入海中的体积 。（g取10N/kg） 用如图所示滑轮组在10s内将重为200N的货物匀速提升lm。己知动滑轮重40/V,不计摩擦及绳重，则绳子端的拉力F为 N,对货物做的有用功是 丿，拉力做功的功率是 W.若用该滑轮组提升300N的货物，滑轮组的机械效率将 。（选填“变大”“变小”或“不变”）

三、作图题(本大题共2小题，共6.0分)如图所示，一物体以某-•速度冲上表面粗糙的固定斜面，请画出物体在向上滑动过程中所受的摩擦力和支持力，以及物体对斜面的压力的示意图。请在图中画出杠杆平衡吋的阻力臂上，最小的动力&及对应的力臂上。四、实验探究题(本大题共3小题，共22.0分)同学们用如图所示的装置“探究杠杆的平衡条件”，其中每个钩码质量都相等。如图甲所示，杠杆在此位置静止，此时杠杆 (选填“平衡”或“不平衡”)；为使杠杆在水平位置平衡，需将两端的平衡螺母向 调节；挂钩码前，使杠杆在水平位置平衡，是为了挂钩码后便于测量 ,且便于寻找杠杆平衡时杠杆应处的位置。下表中是同学们在实验过程中收集的数据，通过分析实验数据，可得出杠杆平衡的条件是: 次数动力Fi/N动力臂LJcm动力F2/N动力臂L2/cm123.032.0216.023.0342.018.0如图乙所示，若在4位置挂两个钩码，现有三个钩码，根据所得的实验结论可知，需将这三个钩码挂在杠杆。点右侧第 格的位置，使杠杆再次在水平位置平衡。如图丙所示，用弹簧测力计在B位置向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡。弹簧测力计由图中。位置转至b位置时，其示数 (选填“变大”“不变”或“变小”)。27.为了探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，晓双设计了如图所示的实验。利用图甲装置测量滑动摩擦力大小时，需用测力计沿水平方向拉着物块做 运动，根据二力平衡知识可知，此时滑动摩擦力的大小 (选填“大于”“小于”或“等于”)测力计的示数。比较甲、乙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与 的关系；比较甲、丙两次实验可得到的初步结论是 。据此结论，写出一种当汽车在冰雪路面上行驶时，减小轮胎打滑现象的具体做法 。晓双想利用图甲装置探究“滑动摩擦力大小跟物体运动速度”的关系，他需要收集的证据是：用测力计水平拉着物体在棉布表面上以不同速度匀速直线运动时，收集 及对应的 o 晓城对实验进行了如图丁所示的改进，利用该方法测量滑动摩擦力时，晓城 (选填“必须”或“不必”)匀速拉动长木板；改进后实验的另一个优点是 。28.“悟理”实验小组利用实心金属块、水和如图甲所示装置，探究“浮力大小跟排开液体的关系”。

(选填“浮力”或“排开液体的重力”)值偏小；改正后，金属块逐渐浸入溢水杯的过程中，溢水杯的杯底受到水的压强 (选填“变大”“不变”或“变小”);为方便操作和减小测量误差，图中A〜E最合理的实验步骤顺序是 ；实验过程中，若等式 (払、Fb、Fc、Fd、&表示)成立，则可得出阿基米德原理；若改用密度比水小的木块来完成此实验时，图中实验步骤中可不用测力计的是 :己知水的密度P水=1-0x103kg/m3t结合图中=4.2N、Fc=3N的相关信息，可计算出金属块的密度为 kg/m\五、计算题(本大题共1小题，共8.0分)29.新能源汽车因环保、节能、高效等优势，成为人们日常使用的重要交通工具。如图所示是国内某型号的新能源汽车，满载时的总质量为1.5XI%,每个车轮与地面接触面积为30cm2,汽车用时50s在平直公路上匀速行驶1000m,此过程中汽车的功率为30kW.求满载时：(g取10N/kg)汽车的总重力；汽车对地面的压强；⑶汽车匀速行驶1000m所做的功：(4)汽车匀速行驶时所受的牵引力。答案和解析【答案】B【解析】解：A、在物理学中牛顿是力的单位，以创立经典力学的物理学家牛顿命名，故A不符合题意；3、意大利科学家托里拆利，精确测出大气压强值，故B符合题意；C、伯努利发现了流体压强与流速的关系：流体流速大的地方、压强小，流速小的地方、压强大，故C不符合题意；。、阿基米德通过大量的实验研究发现了“杠杆原理”、“阿基米德原理”，故。不符合题意。故选：B。根据对初中物理中几位重大贡献的科学家的认识写出答案。本题考查了学生对物理学史的掌握情况，对于物理学史部分也是高考的热点,平时训练不可忽略。【答案】B【解析】解：A、一支铅笔2g,重力约为0.02N,故A错误；B、 一个鸡蛋质量大约为50g,重力大约为0.5N,故8正确：C、 一瓶550mL的矿泉水的质量为550g,重力为5.5N,故C错误；。、一名中学生质量为50切，重力为500N,故。错误。故选：B。根据生活常识对各选项进行判断。本题是生活常识题，属于基础题。3.【答案】B【解析】解：A、拉弯的弓，改变了物体的形状;B、踢飞的足球,改变了球的运动状态;【解析】解：A、拉弯的弓，改变了物体的形状;B、踢飞的足球,改变了球的运动状态;C、弯曲的跳板,改变了物体的形状;D、变形的竹子,改变了竹子的形状。故选：B。力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。本题考查了力的作用效果，属于力学基础知识的考查。【答案】A【解析】解：A、门轴上加润滑油，可以在接触面形成一层油膜，使接触面分离，可减小摩擦，故A正确；3、轮胎上的花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，来增大摩擦，故B错误；C、脚蹬面凹凸不平，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，来增大摩擦，故C错误；。、防滑垫表面有很多凸起，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，来增大摩擦，故。错误。故选：A。增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。本题主要考查了生活中增大和减小摩擦的方法，能将具体方法与应用实例相结合，是解答的关键。【答案】R【解析】【分析】根据对牛顿第一定律的理解来判断，即然不受力了，要么静止，要么匀速直线运动，不可能做其他运动，根据秋千在最高点时的运动状态，当物体不受外力时，将保持外力消失一瞬间时的状态。对牛顿第一定律的理解是易错点，要记住物体不受任何力时，要保持刚一失去所有力的一瞬间的运动状态，只有静止和匀速直线运动两种可能性。【解答】不受任何外力的物体，在刚刚不受力时如果静止，则表现为静止状态，在刚刚不受力时如果运动，不论是怎样的运动，其结果都是匀速直线运动。秋千荡到最高点时刻是静止的，所以此时不受任何力了，要继续保持静止状态。故选Ao【答案】C【解析】解：A、小鸟受到的重力与小鸟对树枝的压力，这两个力的方向相同且作用在两个物体上，不符合二力平衡条件，故A不正确；3、小鸟对树枝的压力与树枝对小鸟的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故8不正确；C、小鸟受到的重力与树枝对小鸟的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，符合二力平衡条件，是一对平衡力，故C正确；。、小鸟受到的重力与树枝受到的重力，两个力大小不一定相等，且方向相同、作用在两个物体上，不符合二力平衡条件，故D不正确。故选：Co根据二力平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，进行分析解答。本题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。7.【答案】A【解析】解：A、实验中，我们让小车从同一斜面的同一高度由静止开始自由下滑，目地是为了让小车每次到达水平面时的速度都相同，便于比较，故A正确；3、小车在水平面上越来越慢，是因为受到阻力的作用，而它的惯性大小不会改变，故B错误：C、实验表明，小车受到的阻力越小，运动的距离越远，速度减小得越慢，而不是越快，故C错误；。、通过甲、乙、丙的实验现象不能直接得出牛顿第一定律，牛顿第一定律是在实验的基础上进一步推理概括出来的，故。错误。故选：A。实验中要求从同一点滑下，是为了保证小车到达水平面时有相同的速度，从而得出在不同材料上的滑行的距离。而这三种材料我们非常熟悉，从而比较出受阻力的不同，然后我们可以猜想如果没有任何阻力的话，物体的速度将不会改变。本题是探究阻力对物体运动影响的实验，要掌握实验的现象及结论，在此基础上经过推理可得牛顿第一定律的内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义。8.【答案】B【解析】解：A、用很细的钢丝切鸡蛋，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故人不合题意：以书包带做的很宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。故8符合题意；C、刀刃磨得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故C不合题意；。、图钉头做得很尖锐，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故D不合题意。故选：B。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。知道压强大小的影响因素，掌握增大、减小压强的方法，分析时利用好控制变量法，本题解释生活中有关增大和减小压强的问题，有意义。【答案】C【解析】解：如图，Q、b.c三点所处的深度，ha>hb>hc,,•-p= 在同一种液体中、密度相同，••-Pa>Pb>Pc。故选：Coa、b、c三点处于同一液体内，根据P=P^gh可知在液体密度一定时，九深度越大，压强越大。本题考查了学生对液体压强公式的掌握和运用，理解深度是指液体内某点到液体自由液面的垂直距离是本题的关键。【答案】B【解析】解：因为物体在平面上时，对水平面的压力等于其自身重力，所以甲图和乙图中这位表演者对地面的压力相等，即F甲=F乙:由图可知，甲图中表演者单脚着地，受力面积较小，乙图中受力面积较大，根据p=§可知，甲图中对地面的压强较大，乙图中对地面的压强较小，艮PP¥7>PZ.故选B.物体在在平面上时，对水平面的压力等于其自身重力.通过比较对地面的压力和受力面积的大小，利用p=§分析解答.此题考查压力及重力、压强的大小比较，关键是知道物体在在平面上时，对水平面的压力等于其自身重力.难度不大.【答案】B【解析】解：A、一标准大气压能支持大约10m高的水柱，覆杯实验利用了大气压的存在，故人不符合题意；3、人能漂浮在死海上，利用了水的浮力，故8符合题意；C、吸盘要固定在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，利用了大气压，故C不符合题意；。、用力一吸气，吸管内的气压小于外界大气压，水在外界大气压的作用下，被压入口腔内，利用了大气压，故。不符合题意。故选：B。大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。本题考查了学生对大气压的应用的了解与掌握，利用大气压的生活例子是很多的，学习时，多举例、多解释，分析时不要说成“被吸上来”，而是“被外界的大气压压上来”。【答案】A【解析】解：人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故。故选：A。掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强知识解释有关的问题。【答案】B【解析】解：A、撬棍在使用过程中动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；8、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故8符合题意；C、小推车在使用过程中动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；。、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故Q不符合题意。故选：B。结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。【答案】B【解析】解：A、运动员举起杠铃时，力的方向和距离均向上，杠铃在力的方向上通过了距离，运动员做功，故A不符合题意；3、提着滑板在水平路面前行，力的方向竖直向上，距离的方向水平向前，所以力没有做功，故。符合题意：C、推着小车前进，力的方向和距离方向均向前，小车在力的方向上通过了距离，力做了功，故C不符合题意；。、物体在绳子拉力作用下升高，力的方向和距离均向上，物体在力的方向上通过了距离，拉力做功，故D不符合题意。故选：B。做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致），二者缺一不可。本题考查了力是否做功的判断，属于基础题，难度不大。【答案】B【解析】解：A、据题意可知，单摆从Q点静止后会向。点运动，所以在Q点时所处的高度最大，速度最小，故重力势能最大，动能最小，故A错误；B、 据题意可知，单摆从Q点静止后会向。点运动，速度变大，从。点向b点运动，速度变小，高度增加，所以该过程中，动能先变大，后变小，重力势能先变小后变大，故g正确；C、 据上面的分析可知，单摆在。点是位置最低，故重力势能最小，故C错误；。、同理，单摆b到。过程中，质量不变，速度先变大，后变小，高度先变小，后变大，所以动能先变大后变小，重力势能先变小，后变大，故。错误；故选：B。物体的动能和物体的质量、速度有关；重力势能和物体的质量、高度有关；判断出题目选项中每个情境的速度、高度的变化，即可判断正误。知道并理解动能、重力势能大小的影响因素是解决该题的关键。【答案】D【解析】解：A、机械效率与省力情况无关，定滑轮不省力，但它的机械效率比动滑轮要高，故A不正确；以有用功越多的机械效率不一定高，机械效率是有用功在总功中所占的比例，故8不正确；C、机械做功越快，表示功率越大，单位时间内做的功越多，但机械效率不一定就高，故C不正确；。、做相同的功，额外功的值越小，额外功占的比值越小，效率越高，故D正确。故选：D。机械效率指有用功占总功的比例，而做功的快慢指功率，二者之间没有什么关系。该题考查学生对机械效率的理解，特别要注意功率与机械效率是两个不同的物理量，它们之间没有任何关系。【答案】D【解析】解：4、滑轮组做的有用功0^=G/i=96ONxlm=96(V,故A错误；B、 由图知，n=3»绳子自由端移动距离s=n/i=3xIm=3m,滑轮组做的总功：=Fs=400Nx3m=1200/,故B错误；C、 拉力的功率「=吳=13业=2400，故C错误；t5s。、滑轮组的机械效率：牛=彼'100%=端'100%=80%,故D正确。总故选：Do知道重物的重力、提升的高度，利用W=Gh求滑轮组做的有用功；由图知，n=3,拉力端移动距离s=nh,利用W=Fs求滑轮组做的总功：利用P=?求拉力的功率；(4)滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，确定使用滑轮组是承担物重的绳子股数(直接从动滑轮上引出的绳子股数)是关键。【答案】増大相互的惯性运动状态【解析】解：(1)蹬冰鞋的鞋底为橡胶制成，蹬冰鞋的作用是防滑，所以需要增大摩擦力；用力蹬冰，脚给冰一个向后的力，人会向前运动，冰对人有一个向前的力，说明物体间力的作用是相互的；运动员将冰壶推出之后，冰壶由于惯性，会继续保持原来的运动状态向前运动；冰壶在冰面上滑行时，水平方向上受到摩擦力作用，摩擦力改变了它的运动状态，所以冰壶运动速度逐渐变慢，最后停止运动。故答案为：增大；相互的；惯性：运动状态。摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度：力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的：物体保持原来运动状态的性质叫惯性，一切物体都具有惯性：(2)力是改变物体运动状态的原因。本题考查力的作用的相互性、摩擦力大小的影响因素、惯性以及力和运动的关系等知识，难度不大。【答案】80水平向右180【解析】解：木箱受到80N的水平拉力，木箱未动，说明木箱处于静止状态，则在水平方向上所受的拉力与摩擦力相互平衡，摩擦力等于拉力等于80/V；当水平拉力增大到180N时，木箱恰好向右做匀速运动，所以此时摩擦力与拉力是一对平衡力，大小等于180/V,方向与拉力相反，即水平向右；当水平拉力增大到200N时，木箱对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，仍为180/V,仍向右。故答案为：80；水平向右；180o静止或匀速直线运动的物体受力平衡，一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度。此题考查了二力平衡条件的应用，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，是一道基础性题目。【答案】小于动不变【解析】解：足球在A点和B点，质量不变，在A点的高度小于在8点的高度，所以在4点的重力势能小于在B点的重力势能。若不计空气阻力，足球在下落的过程中，此过程足球的机械能不变；同时因质量不变，高度变小，重力势能减少，所以动能增大，将重力势能转化为动能。故答案为：小于；动；不变。动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。此题考查动能和势能的大小变化、机械能守恒的条件，深入理解影响动能和重力势能的因素是解答此题的关键。【答案】1x106连通器水的压强随深度的增加而增大【解析】解：大坝水库水面下100m处水的压强是P=P水"=1.0x103kg/m3xION/kgx100m=1x106Pa：大坝边上修筑的船闸是利用连通器原理工作的；坝体上窄下宽是因为水的压强随深度的增加而增大。故答案为：1X106；连通器；水的压强随深度的增加而增大。根据p=pg/i计算水的压强，分析坝体上窄下宽的原因。上端开口、底部互相连通的容器叫连通器。本题主要考查了液体压强的规律和连通器的应用。【答案】8x108变小变小【解析】解：福建舰满载时的排水最m律=80000t=8xl()7切，福建舰满载时所受浮力为腸==m廠=8xWkgx10N/kg=8x108/V;战斗机从航母上弹射起飞后，福建舰的总重力减小，仍然处于漂浮状态，由于物体漂浮时浮力等于自身的重力，所以受到的浮力变小。由f浮=p^v诲,舰身浸入海中的体积变小。故答案为：8x108；变小;变小。排水量是指满载时排开水的质量，根据F歩==m橙°求出福建舰满载时所受的浮力；福建舰漂浮时，受到的浮力等于总重力，对航空母舰进行受力分析，可得到浮力的变化情况。本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，难度不大。【答案】12020024变大【解析】解：如图，不计摩擦及绳重，货物和动滑轮受到向上的力由两条绳共同承担，因为动滑轮不省力，只能改变力的方向，所以每条绳承担的力都等于绳子自由端上的拉力卩=冬拦=滑轮组对货物做的有用功为0有=G伊=200/Vxlm=200/如图，因为n=2,则绳子拉力做功为0=Fs=120Nx2xlm=240丿，拉力做功的功率为P=W240/ o...z了=苗=24"。"有用Gh G1根据〃=V7=Gh^G~h=吋=F可知，若用该滑轮组提升300N的货物时机械效率将变大。总 动 动1+繹故答案为：120：200；24；变大。由图可知动滑轮上绳子的有效段数n=2,不计绳重及摩擦，由F=：(G+G动)求出绳子上的拉力F；根据W有用=Gh求出提升货物做的有用功；根据s=71/1可知绳端移动的距离，根据"思=Fs求出拉力做的总功，根据P=羊求出拉力做功的功率。根据叩=絆=瓦务;=寿分析若用该滑轮组提升300N的货物时机械效率的变化情况。总 动 动本题考查了做功公式、功率公式以及滑轮组绳子拉力公式的应用，明确滑轮组绳子的有效段数是关键。【答案】解：物体在上滑过程中受到的支持力垂直于斜面向上、摩擦力平行于斜面向下，作用点在重心上；物体对斜面压力作用在物体与斜面的接触处，方向垂直斜面向下。从各力的的作用点开始，沿各力的方向画一条带箭头的线段，并分别在线段末尾标上相关字母。如图所示:【解析】物体在上滑过程中受到的支持力垂直于斜面向上、摩擦力平行于斜面向下，作用点在重心上；物体对斜面压力作用在物体与斜面的接触处，方向垂直斜面向下。由此作出各力示意图即可。本题考查力的示意图的作图，关键是正确分析出各力的方向和作用点。【答案】解：重物G对杠杆的拉力为阻力，作用在杠杆上，方向竖直向下，据此作出阻力「2的示意图，然后从。点作F2作用线的垂线，垂线段长为阻力臂如；根据杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂不变的情况下，要使动力最小，动力臂需最长，动力作用在4点，以0A为动力臂为最长的动力臂，过A点作。刀的垂线，方向斜向上，作出最小动力F】，如图所示：【解析】力臂是支点到力的作用线的距离：根据杠杆平衡的条件，F1xL1=F2xL2,在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长，据此分析解答。本题考查了杠杆力臂和最小力的作图，杠杆上最长力臂的两种情况：已知力的作用点时，以支点到动力作用点的距离为力臂是最长动力腎，未知力的作用点时，以支点到杠杆上最远点距离作为力臂是最长动力臂。【答案】平衡右力臂的长度动力x动力臂=阻力x阻力臂，即=F2L22变大【解析】解：（1）杠杆静或匀速转动时杠杆就处于平衡状态，调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，如图杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动，在水平位置平衡是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响。从实验表格中可知，几次实验数据都满足：动力x动力臂=阻力x阻力臂，即F1L1=F2L2,设杠杆的一个小格是一个钩码重为G,根据杠杆平衡条件得，2Gx3L=3GxnL,所以n=2,所以挂在杠杆。点右侧第2格的位置挂3个钩码；保持B点不变，若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，左边力与力臂的乘积不变，根据杠杆的平衡条件，力变大。故答案为：⑴平衡；右；力臂的长度；(2)动力x动力臂=阻力x阻力臂，即F1L1=F2L2；(3)2；(4)变大。杠杆静或匀速转动时杠杆就处于平衡状态，调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响。杠杆的平衡条件是：动力x动力臂=阻力x阻力臂：根据杠杆的平衡条件得出挂钩码的位置；当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大。本题考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂。探究杠杆平衡的条件就是动力x动力臂=阻力x阻力臂。【答案】匀速直线等于压力大小接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大増加汽车上货物的重力不同的速度大小测力计示数大小不必测力计静止，便于读数【解析】解：(1)利用图甲装置测量滑动摩擦力大小时，需用测力计沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，物块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡知识可知，此时滑动摩擦力的大小等于测力计的示数；比较甲、乙两次实验压力不同，是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系；比较甲、丙两次实验可知，乙中压力大，测力计示数也大，可得到的初步结论是接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；轮胎打滑，说明滑动摩擦力小，为增大摩擦，在接触面粗糙程度不变的条件下，可增大压力，故增加汽车上货物的重力；晓双想利用图甲装置探究“滑动摩擦力大小跟物体运动速度”的关系，他需要收集的证据是:用测力计水平拉着物体A,在棉布表面上以不同速度匀速直线运动时，收集不同的速度大小及对应的测力计示数大小；如图丁所示，A相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，利用该方法测量滑动摩擦力时，晓城不必匀速拉动长木板；改进后实验的另一个优点是测力计静止，便于读数。故答案为：(1)匀速直线；等于；(2)压力大小；接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；增加汽车上货物的重力；(3)不同的速度大小；测力计示数大小；(4)不必；测力计静止，便于读数。根据二力平衡的条件分析；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；在接触面粗糙不变的条件下，可增大压力，增大摩擦力：探究“滑动摩擦力大小跟物体运动速度”的关系，变化的量是运动速度，据此分析；如图丁所示，A相对地面处于静止状态，由二力平衡分析。本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。【答案】把溢水杯中的水添至溢水杯口排开液体的重力不变BDCEFd-Fc=Fe-FbC3.5x103【解析】解：(1)由图可知，甲图中水面没有达到溢水杯口，当物体排开水时，水不会马上溢到溢水杯中，测得排开液体的重力变小，故甲错误，改正的办法就是把溢水杯中的水添至溢水杯口；改正后，溢水杯中的水是满的，金属块逐渐浸入溢水杯的过程中，溢水杯中水的深度九不变，由卩=pg/i可知，溢水杯的杯底受到水的压强保持不变；为了使小桶在接水之后可直接计算溢出水的重力，应先测量空桶的重力；然后再测出金属块的重力：并将金属块浸没在水中观察测力计的示数，这样可以减小误差；最后测排出的水和小桶的总重，求排出水的重力，因此，合理的顺序应为：B