2020-2021学年江苏省南京市鼓楼区九年级(上)期中物理试卷带答案

#2020-2021学年江苏省南京市鼓楼区九年级（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共12小题，仅有一个选项符合题意，每题2分，共24分）TOC\o"1-5"\h\z（2分）下列用来命名功率单位的科学家的名字是（）焦耳B.瓦特C.牛顿D.安培（2分）如图所示，我们在拖动行李箱时，一般先拉出行李箱上方的拉杆，从杠杆的角度分析，这样做的目的是为了（）增大动力臂B.减小阻力臂C.增大动力D.减小阻力（2分）如图所示，用相同的滑轮组装的甲、乙两个滑轮组，匀速提起质量相同的物体，不计绳重及摩擦。下列说法正确的是（）GG甲乙甲更省力，甲机械效率大乙更省力，机械效率一样大C•乙更省力，乙机械效率大D.甲更省力，机槭效率一样大（2分）如图中的皮划艇运动员一手支撑住桨柄的末端，另一手用力划桨，此时的船桨可看作是一个杠杆。下图中的船桨模型中最合理的是（）

D.D.（2分）下列有关热和能的说法中，正确的是（）发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体一块0°C的冰熔化成0°C的水后，温度不变，内能变大内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质（2分）用搓手的方法取暖时，双手经过反复搓擦后温度会升高，如图所示的四个事例中能量转化与之话塞迅速下压,棍花撚烧汽油机压缩冲程汽油机做功;中稈.相同的是（）话塞迅速下压,棍花撚烧汽油机压缩冲程汽油机做功;中稈.按动电光花发生器按辺，童盖飞出乙

甲和丙甲和丁乙和丙乙和丁甲和丙甲和丁乙和丙乙和丁（2分）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体（不计热量损失）加热：如图是A和B的温度随加热时间变化的图象，下列说法正确的是（）都加热时间t，B吸收热量比A吸收热量多A和B升高相同的温度，B吸收热量较多A的比热容与B的比热容之比为2：1A的比热容与B的比热容之比为2：3（2分）如图是德州开发区使用的“风光互补”景观照明灯。它“头顶”小风扇，“肩扛”光电池板,“腰挎”照明灯，“脚踩”蓄电池。下列解释合理的是（）光电池板是将电能转化为光能照明灯是将内能转化为电能小风扇利用风力发电，将机械能转化为电能蓄电池夜晚放电，将电能转化为化学能（2分）物理兴趣小组设计了一种声光报警器，其电路实物连接如图所示，各元件均能正常工作，对可能出现的现象描述正确的是（）

A.灯亮，铃一定响A.灯亮，铃一定响铃响，灯一定亮灯亮，铃一定不响铃响，灯一定不亮（2分）如图所示，电源两端电压保持不变，闭合开关S后，电路正常工作，过了一会儿，突然一个灯泡不亮，两表示数都变大，则电路出现的故障可能是（）A.A.灯L1断路B.灯L1短路灯L2断路D.灯L2短路（2分）根据所学的知识，判断以下选项的说法中正确的是（）A.在宾馆中插卡取电时，房卡的作用相当于电源C.通过图中箭头的示意，可说明白天“海陆风”形成的原理图D.直接搬动物体和利用光滑斜面推动物体到同一高度所做的功相等A.在宾馆中插卡取电时，房卡的作用相当于电源C.通过图中箭头的示意，可说明白天“海陆风”形成的原理图D.直接搬动物体和利用光滑斜面推动物体到同一高度所做的功相等（2分）科学研究中常常发现某一问题的两个相关的量（x，y）之间存在一定的关系，且可用图线表示。下列相关的量之间不符合如图所示关系的是（恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离的关系给某个物体加热时，物体吸收的热量与温度的关系某种燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量的关系机械在额定功率下做的功与所用时间的关系二、填空题（本题有8题，每空1分，共27分）（2分）长江大桥上的路灯总是同时亮，同时灭，它们的连接方式是（选填“串联”或“并联”）你的判断依据是。（6分）中国航天2018年上半年成功完成18次发射任务，请回答下列相关问题：（1）火箭在上升过程中与空气摩擦导致内育（变小/不变/变大），此内能改变是通的方式实现的。（2）现代火箭用液态氢作燃料，是因为它具有较大白，燃烧时能放出更多的（温度/内能/热量）。（3）我国火箭回收方式是：火箭消耗完燃料后将自动脱离飞船，借助降落伞落回地面，则在匀速下落过程中，火箭的动育（变小/不变/变大，下同），机械能。（2分）给蓄电池充电时，蓄电池相当于（填“用电器”或“电源”）；某同学把灯泡、干电池和开关用导线连接起来。开关闭合后灯泡不亮，不一会儿干电池就发热了。这个电路的故障是该电路发生了。（2分）如图所示，有一根均匀铁棒，长为L,OA=AC=g，重力G=900N,为了不使这根铁棒的B4端下沉，所需外力至少应为N•若F的方向不变，稍微抬起这根铁棒的B端，所需外力应为No

（3分）如图所示，质量为200g的某液体，比热容是c=2.5X103j/（kg・°C）,在均匀放热的条件下凝固成固态物质，且质量不变，贝V：第20min的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”）TOC\o"1-5"\h\z第10min的内能；凝固过程中该物质共放热J；该物质液态与固态的比热容之比为。（4分）如图所示，小明用滑轮组提升重物，若物体重200N,每个滑轮重20N。用150N的拉力将物体缓慢提升2m，用时20s,则此过程中有用功是J，额外功J，拉力的功率是W，滑轮组的机械效率。（3分）在如图甲所示的电路中，S闭合时，电流表A］与A2的示数分别为如图乙和图丙所示，则通过灯L1的电流是A,通过灯L2的电流是A.工作一段时间后，突然发现一灯熄灭，两电流表示数相等，出现此现象的原因可能是。

（3分）如图电路中，当Si闭合、S2断开时，电压表的示数为2.5V；当S1断开、S2闭合时，电压表示数为6V,则灯L1两端电压为V,灯L2两端的电压为V,电源电压为V。（2分）如图所示开关S闭合后，小灯泡L1和L2都能发光，贝9电表甲，电表乙是（选填“电流表”或“电压表”）三、解答题（本大题有8小题，28、29计算题要写出完整的解答步骤，共49分）（2分）依据下列题设条件完成作图。在图中画出使用该滑轮组时最省力的绕法。（2分）如图，在B点施加一个最小力巧，使杠杆在此位置平衡，请画出最小力巧的示意图，并标出阻力臂L2。

（2分）如图，使用笔画线代替导线完成电路。要求：两灯并联，开关控制干路，电流表测量干路电流，导线不能交叉。LiLi（5分）图中甲是某学习小组“测量滑轮组的机械效率”的示意图。用弹簧测力计竖直向上匀速拉动绳子自由端，将重为4.5N的物体从A位置提升到A位置，同时弹簧测力计从图中的B位置上升到B'位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数如图乙所示。请你根据他们做的实验回答下列问题：（1）提升物体时的拉力N,有用功J,该滑轮组的机械效率n；（2）若在图甲装置的基础上，再增加一个钩码，则滑轮组的机械效（选填“变大”、“变小”或“不变”）（3）除了改变物体重量和动滑轮的重量外，提高滑轮组机械效率还可以采取的方法甲甲（6分）如图是小明用刻度均匀、质量分布也均匀的杠杆进行“探究杠杆平衡条件”的实验，每个钩码质量相等，杠杆上的数字所对应的单位为cm。

（1）将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，他将杠杆左端平衡螺母向右调节到最大限度后，杠杆左端仍有轻微下沉，这时他应将右端的平衡螺母向端调节，才能使杠杆在水平位置平衡，这样既方便读取力臂大小，也可以消除对杠杆平衡的影响。（2）如图甲所示，是他在探究过程中的一个情境，接下来他在两边钩码的下方各加两个相同的钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，他应将右端钩码移动到右端cm刻度线处。（3）若杠杆的重心恰好处于杠杆的支点处，当杠杆在图甲的水平位置平衡后，用手使杠杆缓慢地转过一个角度（如图乙）后松手，杠杆（选填“能”或“不能”）保持静止。（4）小明通过不断改变两端所挂钩码的个数和位置，使杠杆在水平位置平衡，并记录各次实验数据，通过对数据分析后可以得出结论：动力X支点到动力作用点的距离=阻力X支点到阻力作用点的距离。与老师交流后，他增加一个弹簧测力计又做了如图丙中的A、B、C三次实验。用弹簧测力计进行图A操作后，在图B操作前应该先;A、B、C三次实验操作，图所示实验能直接说明原先结论是错误的。（6分）如图，用小球和木块来探究动能大小与哪些因素有关”F已知:^n_A^^b；人人hehp.实验中是通过比来比较动能大小的。本实验研究的动能是指。(填序号)小球在斜面上时的动能小球撞击木块时的动能小球撞击木块后的动能木块的动能TOC\o"1-5"\h\z比较图A、B可得结论：。有同学通过比较B、C两图，得出“质量大的物体动能大”的结论，请你说出这一比较过程存在的错误是。如图D所示，小华在实验时，先让质量为m的小球从斜面h]高处由静止下滑，测出木块被撞击的距离为si，接着他立即让同一小球从斜面h2高处由静止下滑(h2>h])，测出木块被撞击后移动的距离为s2,结果发现s2=s1，从而得出：“物体动能大小与速度无关”的错误结论。小华在实验操作中存在的问题是;从能量的角度分析，造成这一结果的原因是小球在水平面上滚动时。(8分)小明利用图甲装置探究了“不同物质吸热升温的现象”。（1）从装置中可以判断，实验还缺少的一种器材是，实验是通过来反映物质吸收热量的多少。（2）质量相等的沙子和水，在初温相同时开始加热，图乙是根据实验记录数据画出的温度随时间变化图象，由图象可知，实验过程中操作不到位的步骤。（3）用燃烧皿替换两个相同的酒精灯，比较酒精和碎纸片的热值（如图丙所示）。对于此实验的器材要求，下列需要控制的（填序号）。A.酒精和碎纸片的质量相等B.烧杯中水的质量相等（4）小明设计了一张记录实验数据的表格，其中①②两项内容漏写了，请你帮他补充完整TOC\o"1-5"\h\z燃料①②10g酒精10g碎纸片①；②。（5）用丙图中的实验装置来估测碎纸片的热值，实际测量值与纸张的真实热值进行比较（选填“偏大”或“偏小”），其原因（仅要求写出一种情况）。（6分）如图所示，小明做“探究并联电路中电流的规律”实验。位置ABC电流I/A0.300.240.54乙乙实验时，接好电路后，闭合开关发现两灯都亮，但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此他认定两灯是串联的，小明的方法是的(“正确”或“错误”)，理由。图甲是他设计的电路图，图乙是他测量电流时连接的实物电路，由图可知：此时电流表测量的是(选填“B”或“C”)处的电流。请在图乙中移动一根导线，使电流表测量A处的电流。在移动的导线上画“X”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。测出A、B、C三处电流如表所示，由此得出初步结论(只写表达式)。老师指出：为了得出更普遍的规律，应当进行多次实验，你的操作方法是：。(6分)如图中的“塔吊”是建筑工地上普遍使用的起重设备，AB是竖直支架，CD是水平臂，其上OC段叫平衡臂，C端装有配重体，OD段叫吊臂，E处装有滑轮，可在O、D两点间移动。图1图1由“塔吊”结构图甲可知，当E点越靠近D点时，能安全吊起重物的最大质量(选填“大”或“小”)用此“塔吊”将1.5t的钢材先竖直匀速吊起10m高，然后沿水平方向缓慢移动8m后即送达指定位置，求这一过程中“塔吊”对钢材做功。“塔吊”通过电动机带动如图乙所示的滑轮组，竖直吊起物体。某次吊起的重物为3X104N，物体匀速上升的速度为1.5m/s，此时滑轮组的机械效率为30%,求电动机对滑轮组钢丝上水平拉力F做功的功率。(6分)随着人们生活水平的逐渐提高，小轿车已经走进了千家万户，小明家也新买回来了一辆小汽车，小明找出了小汽车下表列出的有关数据。已知水的比热容为c=4.2X103J/(kg・°C),汽油的热值q=4.6X107J/kg，结果保留三位有效数字。求：小汽车的质量1200kg汽油的密度0.7X103kg/m3小汽车的额定功率2.5X104W100km耗油量8L汽车的冷却系统常用水的循环来降低发动机的温度。8kg水在冷却系统中温度升高50C，所吸收的热量是多少？该汽车以额定功率在水平路面上匀速行驶时，车速为100km/h，此时汽车所受阻力是多少？该小汽车发动机的效率是多大？参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，仅有一个选项符合题意，每题2分，共24分）1-5BABBB6-10ACCCD11-12DB二、填空题（本题有8题，每空1分，共27分）（2分）长江大桥上的路灯总是同时亮，同时灭，它们的连接方式是并联（选填“串联”或“并联”）你的判断依据是一若一个灯坏了，其它的路灯仍能正常工作。【解答】解：长江大桥上的路灯尽管总是同时亮，同时灭，但若一个灯坏了，其它的路灯仍能正常工作，因此它们是并联连接。故答案为：并联；若一个灯坏了，其它的路灯仍能正常工作。（6分）中国航天2018年上半年成功完成18次发射任务，请回答下列相关问题：（1）火箭在上升过程中与空气摩擦导致内能变大（变小/不变/变大），此内能改变是通过做功的方式实现的。（2）现代火箭用液态氢作燃料，是因为它具有较大的热值，燃烧时能放出更多的热量（温度/内能/热量）。（3）我国火箭回收方式是：火箭消耗完燃料后将自动脱离飞船，借助降落伞落回地面，则在匀速下落过程中，火箭的动能不变（变小/不变/变大，下同），机械能变小。【解答】解：（1）火箭在上升过程中，火箭和空气之间有摩擦，克服摩擦做功，火箭的内能变大，此内能改变是通过做功的方式实现的；（2）现代火箭采用液态氢做为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的热值，燃烧时能放出更多的热量。（3）火箭匀速下落过程中，质量不变，速度不变，高度逐渐变小，则动能不变，重力势能变小，机械能变小。故答案为：（1）变大；做功；（2）热值；热量；（3）不变；变小。（2分）给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器（填“用电器”或“电源”）；某同学把灯泡、干电池和开关用导线连接起来。开关闭合后灯泡不亮，不一会儿干电池就发热了。这个电路的故障是该电路发牛了短路。【解答】解：蓄电池充电时相当于用电器；用导线把干电池、小灯泡和开关连接成一个电路，用电器只有小灯泡一个，开关闭合后，小灯泡不发光说明没有电流通过小灯泡，但一会儿电池发热，说明有电路中很大的电流，即把电源的正负两极没有经过用电器直接连接起来，造成了短路，同时也对灯泡短路。故答案为：用电器；短路。（2分）如图所示，有一根均匀铁棒，长为L,OA=AC=±，重力G=900N,为了不使这根铁棒的B端下沉，所需外力至少应为300N.若F的方向不变，稍微抬起这根铁棒的B端，所需外力应为450No【解答】解：(1)根据杠杆的平衡条件可知，FX(専+=)=GX±；244所以F=^='=300N；(2)微微抬起这根铁棒的B端，FXL=GX寺；匚口、【厂G900Nye"所以F=g"==450No故答案为：300；450o(3分)如图所示，质量为200g的某液体，比热容是c=2.5X103J/(kg・°C),在均匀放热的条件下凝固成固态物质，且质量不变，贝V：第20min的内能小于(选填“大于”、“小于”或“等于”)第10min的内能；凝固过稈中该物质共放热8.4X104J；该物质液态与固态的比热容之比为2：1。【解答】解：由凝固图象可知，该物质的凝固时温度保持0C不变，则图象为水的凝固图象，因水在凝固时，放出热量、内能变小，所以第20min的内能小于第10min的内能；由图象可知，水从A点降温到B点时，用了5min,温度降低了10C，所以，此过程中放出的热量Q放=水mAt=4.2X103J/(kg-C)X0.5kgX10C=2.1X104J；因该物质是均匀放热，且质量不变,所以，相同时间内，物质放出的热量相等，故凝固过程用了20min,故放出热量为O.=4X2.1X104J=8.4X104J；凝固放由图象知，液态降温10°C和固态降温20°C所用的时间相等，所以它们放出的热量相等，因为固态段和液态段物质的质量m相同，由图象知，放热时间相同，即热量相同，液态段降温是10C，固态段降温是20C，从而计算得比热容之比为：©馥七1△o===T=2：1mA12故答案为：小于；8.4X104；2：1。（4分）如图所示，小明用滑轮组提升重物，若物体重200N,每个滑轮重20N。用150N的拉力将物体缓慢提升2m，用时20s，则此过程中有用功是400J,额外功是200J,拉力的功率是30W,滑轮组的机械效率是66.7%。【解答】解：重物由2段绳子承担，绳子移动的距离为：s=2h=2X2m=4m有用功为：W=Gh=200NX2m=400J有总功为：W=Fs=150NX4m=600N总额外功为：W额二⑷总-⑷有=600N-400N=200N拉力的功率为：聲=30WW有4001滑轮组的机械效率为：尸兀孑=丽十=6・7%故答案为：400；200；30；66.7%。（3分）在如图甲所示的电路中，S闭合时，电流表A］与A2的示数分别为如图乙和图丙所示，则通过灯L1的电流是0.48A，通过灯L2的电流是0.52A.工作一段时间后，突然发现一灯熄灭，两电流表示数相等，岀现此现象的原因可能是L］断路。【解答】解：乙图电流表的量程为0-3A，分度值为0.1A，电流表A1的示数为1A,丙图电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，电流表A2的示数为0.52A；由电路图可知，灯L1和L2组成并联电路，电流表A1测通过干路的电流，电流表A2测通过灯L2的电流，所以通过灯L2的电流为0.52A，因为并联电路中干路中的电流等于各支路电流之和，所以通过灯L］的电流大小：I1=I-I2=1A-0.52A=0.48A；因为并联电路中各支路互不影响，因此工作一段时间后，突然发现一灯熄灭，并且两电流表示数相等,说明电路故障为L1断路。故答案为：0.48；0.52；L1断路。（3分）如图电路中，当S1闭合、S2断开时，电压表的示数为2.5V；当S1断开、S2闭合时，电压表示数为6V,则灯L1两端电压为2.5V,灯L2两端的电压为3.5V，电源电压为6V。【解答】解：由电路图可知，当S］闭合，S2断开时和当S1断开，s2闭合时，两灯泡始终串联；当S1断开，S2闭合时，电压表测电源的电压，已知此时电压表的示数为6V,则电源电压U=6V；当Si闭合，S2断开时，电压表测L1两端的电压，所以灯L1两端的电压U1=2.5V；则灯L2两端的电压：U2=U-U1=6V-2.5V=3.5Vo故答案为：2.5；3.5；6o（2分）如图所示开关S闭合后，小灯泡L］和L2都能发光，则电表甲是电压表，电表乙是_电流表。（选填“电流表”或“电压表”）.甲plHpCH乙~O_【解答】解：小灯泡L1和L2并联，电压表一定要并联在电路中，电流表一定要串联在电路中，所以电流从正极出发分两支，一支经灯泡L1回负极，另一支经电流表乙、L2回负极，所以甲一定是电压表，乙一定是电流表。如下图所示：三、解答题（本大题有8小题，28、29计算题要写出完整的解答步骤，共49分）（2分）依据下列题设条件完成作图。在图中画出使用该滑轮组时最省力的绕法。【解答】解：只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再

绕过动滑轮，如图所示:（2分）如图，在B点施加一个最小力巧，使杠杆在此位置平衡，请画出最小力巧的示意图，并标出阻力臂L2。【解答】解：根据杠杆的平衡条件，要使力做小，则动力臂应最长，即连接OB为最长的力臂，力的方向与OB垂直且向下，杠杆受到的阻力F2的方向竖直向下，过O点做阻力F2作用线的垂线，垂线段的长即为阻力F2的力臂L2,如图所示：故答案为：如上图所示。（2分）如图，使用笔画线代替导线完成电路。要求：两灯并联，开关控制干路，电流表测量干路电流，导线不能交叉。Li

【解答】解:由题意可知，两灯泡应并联，电流表应位于干路，然后与开关和电源组成电路，补充实物连接如图所示:LiLi(5分)图中甲是某学习小组“测量滑轮组的机械效率”的示意图。用弹簧测力计竖直向上匀速拉动绳子自由端，将重为4.5N的物体从A位置提升到A位置，同时弹簧测力计从图中的B位置上升到B'位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数如图乙所示。请你根据他们做的实验回答下列问题：提升物体时的拉力是2N，有用功是0.225J，该滑轮组的机械效率n75%；若在图甲装置的基础上，再增加一个钩码，则滑轮组的机械效率变大(选填“变大”、“变小”或“不变”)除了改变物体重量和动滑轮的重量外，提高滑轮组机械效率还可以采取的方法是减小绳重和摩甲N2甲N2【解答】解：(1)测力计B位置匀速提升到B'位置，测力计上升的高度为：s=15.0cm；由图可知，有3段绳子拉着动滑轮，则物体上的高度为：h=斗=■X15.0cm=5.0cm=0.05m；有用功：W有用pGh=4.5NX0.05m=0.225J；由图可知，测力计的示数为2N；总功：W^=Fs=2NX0.15m=0.3J：｛总该动滑轮的机械效率：n=X100%=75%；匕总0-3J当在图甲装置的基础上，再增加一个钩码，根据W=Gh知，有用功增加，额外功不变，有用功与总功的比值增大，则滑轮组的机械效率变大；有用功与总功的比值是滑轮组的效率，总功等于有用功与额外功的和，减小额外功可以提高滑轮组的机械效率，减小动滑轮的重量、减小绳重和摩擦可以减小额外功，可以提高滑轮组的效率。故答案为：(1)2；0.225；75%；(2)变大；(3)减小绳重和摩擦。(6分)如图是小明用刻度均匀、质量分布也均匀的杠杆进行“探究杠杆平衡条件”的实验，每个钩码质量相等，杠杆上的数字所对应的单位为cm。将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，他将杠杆左端平衡螺母向右调节到最大限度后，杠杆左端仍有轻微下沉，这时他应将右端的平衡螺母向端调节，才能使杠杆在水平位置平衡，这样既方便读取力臂大小，也可以消除杠杆自重对杠杆平衡的影响。如图甲所示，是他在探究过程中的一个情境，接下来他在两边钩码的下方各加两个相同的钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，他应将右端钩码移动到右端15cm刻度线处。若杠杆的重心恰好处于杠杆的支点处，当杠杆在图甲的水平位置平衡后，用手使杠杆缓慢地转过一个角度(如图乙)后松手，杠杆能(选填“能”或“不能”)保持静止。小明通过不断改变两端所挂钩码的个数和位置，使杠杆在水平位置平衡，并记录各次实验数据，

通过对数据分析后可以得出结论：动力X支点到动力作用点的距离=阻力X支点到阻力作用点的距离。与老师交流后，他增加一个弹簧测力计又做了如图丙中的A、B、C三次实验。用弹簧测力计进行图A操作后，在图B操作前应该先调零；A、B、C三次实验操作，C图所示实验能直接说明原先结论是错误的。【解答】解：（1）现在杠杆左端仍有轻微下沉，说明杠杆左端偏重，为使杠杆在水平位置平衡，这时应将右端的平衡螺母向右端调节，使杠杆在水平位置平衡使杠杆的重心在支点上，消除杠杆重对杠杆平衡的影响；（2）设一个钩码重为G,杠杆一个格为L，左边加两个相同的钩码，则左边力和力臂的乘积为F左L左=3GX4L=12GL,左左右边加两个相同的钩码，设右边的力臂为L右，则右边的力和力臂的乘积为F右L右=4GXL右,石石石石为了使杠杆在水平位置平衡，F左L左=卩右L右，即12GL=4GXL右，所以L右=3L,他应将右端钩码移动到右端离支点第三格即15cm处；（3）杠杆的重心在支点处，与支点重合，松手后，杠杆仍然是平衡的，所以能保持静止；（4）①AB两次实验时，弹簧测力计的拉力的方向不同，所以需要对弹簧测力计进行调零；②小明得到“动力X支点到动力作用点的距离=阻力X支点到阻力作用点的距离”，这个结论是不正确的；当动力臂不等于支点到动力作用点的距离时，看实验结论是否成立，所以利用图C进行验证。故答案为：（1）右；杠杆自重；（2）15；（3）能；（4）①调零；②C。（6分）如图，用小球和木块来探究动能大小与哪些因素有关”已知：mA=mB<mc；hA=hc>hB.实验中是通过比较小球推动木块通过的距离来比较动能大小的。本实验研究的动能是指B。(填序号)小球在斜面上时的动能小球撞击木块时的动能小球撞击木块后的动能木块的动能比较图A、B可得结论：在质量相同时，速度越大，小球的动能越大。有同学通过比较B、C两图，得出“质量大的物体动能大”的结论，请你说出这一比较过程存在的错误是没有控制小球撞击木块时的的速度相同。如图D所示，小华在实验时，先让质量为m的小球从斜面h1高处由静止下滑，测出木块被撞击的距离为3］，接着他立即让同一小球从斜面h2高处由静止下滑(h2>h1)，测出木块被撞击后移动的距离为s2,结果发现s2=s1，从而得出：“物体动能大小与速度无关”的错误结论。小华在实验操作中存在的问题是小球撞击木块的位置不同；从能量的角度分析，造成这一结果的原因是小球在水平面上滚动时要克服摩擦力做功，机械能转化为内能。【解答】解：(1)根据转换法，实验中是通过比较小球推动木块通过的距离来比较动能大小的；将小球从斜面的一定高度自由下滑，目的是小球到达水平面时有一定的速度，通过比较小球推动木块通过的距离来比较小于的动能大小，故本实验研究的动能是指小球撞击木块时的动能，选B;hA>hB，故小球到达水平面时的速度vA>vB，mA=mB，由图知sA>sB，故比较图A、B可得结论：在质量相同时，速度越大，小球的动能越大；研究动能大小与质量的关系，要控制速度相同，比较B、C两图，因hC>hB，小球到达水平面时的速度，vC>vB，故这一比较过程存在的错误是没有控制小球撞击木块时的的速度相同；①研究物体动能大小与速度的关系要控制质量相同，通过小球推动木块通过的距离来表示小球的动能大小，实验中小球撞击木块的位置应相同，故小华在实验操作中存在的问题是小球撞击木块的位置不同；

②第一次实验时，小球刚滚下斜面就撞击到木块，第二次实验时，小球在水平面上滚动了一段距离后才撞击到木块，小球在运动的过程中要克服摩擦力做功，机械能转化为内能，所以小球在第二次撞击木块时的机械能比第一次小，木块移动的距离s1等于s2。故答案为：（1）小球推动木块通过的距离；（2）B；（3）在质量相同时，速度越大，小球的动能越大；（4）没有控制小球撞击木块时的的速度相同；（5）①小球撞击木块的位置不同；②要克服摩擦力做功，机械能转化为内能。（8分）小明利用图甲装置探究了“不同物质吸热升温的现象”。（1）从装置中可以判断，实验还缺少的一种器材是秒表，实验是通过加热时间来反映物质吸收热量的多少。（2）质量相等的沙子和水，在初温相同时开始加热，图乙是根据实验记录数据画出的温度随时间变化图象，由图象可知，实验过程中操作不到位的步骤是搅拌器没有将水搅拌均匀。（3）用燃烧皿替换两个相同的酒精灯，比较酒精和碎纸片的热值（如图丙所示）。对于此实验的器材要求，下列需要控制的是A、B（填序号）。A.酒精和碎纸片的质量相等B.烧杯中水的质量相等（4）小明设计了一张记录实验数据的表格，其中①②两项内容漏写了，请你帮他补充完整燃料①②10g酒精10g碎纸片①加热前水温/°C；②燃料燃尽时的水温/°C。

（5）用丙图中的实验装置来估测碎纸片的热值，实际测量值与纸张的真实热值进行比较是偏小（选填“偏大”或“偏小”），其原因是酒精完全燃烧放出的热量不能被水全部吸收（仅要求写出一种情况）。【解答】解：（1）根据转换法，使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，故实验还缺少的一种器材是秒表，实验是通过加热时间来反映物质吸收热量的多少；（2）因水的比热容大，故质量相同的两种物质加热相同时间水升温慢，由图乙知，在加热的前半段时间，水升温快，实验过程中操作不到位的步骤是搅拌器没有将水搅拌均匀；（3）为了比较酒精和碎纸片的热值，酒精和碎纸片质量相同，加热质量相同的同种液体（水），根据Q=cmAt,液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大，故选A、B；（4）①需要记录加热前水的温度和燃料燃尽时的水温，用来计算水吸收的热量；故①加热前的水温/°C；②加热后的水温/C；（5）纸张完全燃烧放出的热量不能被水全部吸收，故算出的碎纸片热值要小于真实值。故答案为：（1）秒表；加热时间；（2）搅拌器没有将水搅拌均匀；（3）A、B；（4）①加热前的水温/C；②加热后的水温/C；（5）偏小；纸张完全燃烧放出的热量不能被水全部吸收。（6分）如图所示，小明做“探究并联电路中电流的规律”实验。乙位置A电流I/A0.30乙位置A电流I/A0.30BC0.240.54（1）实验时，接好电路后，闭合开关发现两灯都亮，但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此他认定两灯是串联的，小明的方法是错误的（“正确”或“错误”），理由是两灯泡并联时，拆开干路中的一根导线，两灯泡也同时熄图甲是他设计的电路图，图乙是他测量电流时连接的实物电路，由图可知：此时电流表测量的是C(选填“B”或“C”)处的电流。请在图乙中移动一根导线，使电流表测量A处的电流。在移动的导线上画“X”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。测出A、B、C三处电流如表所示，由此得岀初步结论(只写表达式)Ic=Ia+Ie。老师指岀：为了得出更普遍的规律，应当进行多次实验，你的操作方法是：更换不同规格的小灯泡，进行多次实验。【解答】解：两灯泡串联时，拆开任意一根导线，电路断路，两灯泡熄灭；两灯泡并联时，拆开干路中的一根导线，两灯泡也同时熄灭；所以，根据拆开电路中的一根导线两灯泡都熄灭不能判定两灯泡是串联的,则小明的方法是错误的；由图可知，电流表接在干路中，测量的是C处的电流；原图中，电流表测量干路中的电流，要使电流表测量A处的电流(即测通过Li的电流)，根据电流表与待测电路串联，故应将电流表与灯L1串联，如下所示：分析表中数据中有：0.54A=0.30A+0.24A,由此得出的初步结论为：IC=IA+IB；为避免实验的偶然性，使得出的结论具有普遍性，应换用不同规格的灯泡进行多次实验。故答案为：(1)错误；两灯泡并联时，拆开干路中的一根导线，两灯泡也同时熄灭；2)C；(3)如图；(4)Ic=Ia+Ib；(5)换用不同规格的灯泡进行多次实验。(6分)如图中的“塔吊”是建筑工地上普遍使用的起重设备，AB是竖直支架，CD是水平臂，其上OC段叫平衡臂，C端装有配重体，OD段叫吊臂，E处装有滑轮，可在O、D两点间移动。

图1图1（1）由''塔吊”结构图甲可知，当E点越靠近D点时，能安全吊起