2022-2023学年山东省泰安市岱岳区重点中学九年级（下）期中物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2022-2023学年山东省泰安市岱岳区重点中学九年级（下）期中物理试卷一、选择题（本大题共15小题，共45分）1.下列描述与实际相符的是(

)A.普通家用照明灯的工作电流约为2A

B.托起两个鸡蛋的力约为10N

C.人正常步行的速度约是1m/s

D.减小摩擦，滑轮组的机械效率能达到100%2.关于声现象，下列说法正确的是(

)A.“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指声音的音调高

B.声音在真空中的传播速度是340m/s

C.水中倒立的花样游泳运动员能随着音乐进行表演，说明水能传播声音

D.社区举行文艺表演活动时，从高音喇叭传出的美妙歌声肯定不是噪声3.谚语是劳动人民智慧的结晶，下列对谚语中涉及的的物态变化分析正确的是(

)A.“雷打立春节，惊蛰雨不歇”——雨的形成是升华现象，需要吸热

B.“大雪河封住，冬至不行船”——冰的形成是凝固现象，需要吸热

C.“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”——霜的形成是凝华现象，需要放热

D.“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”——雪的形成是液化现象，需要放热4.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，光屏上得到了清晰的像(未画出)。下列说法中错误的是(

)A.光屏上成的是倒立、放大的像

B.凸透镜的焦距一定在10cm至15cm之间

C.把蜡烛向右移动少许，光屏适当向右移动，可得到小一些的实像

D.若仅把蜡烛和光屏的位置互换，则光屏上成倒立、缩小的像5.如图所示的电路中，电源电压不变，开关S闭合，灯L1、L2都正常发光，一段时间后，突然其中一灯熄灭，而电流表示数不变，出现这一现象的原因可能是(

)A.灯L1短路 B.灯L2短路 C.灯L1断路 D.6.在足球比赛中，下列说法正确的是(

)A.足球在地面上越滚越慢，说明物体的运动需要力来维持

B.飞行过程中，足球不受力的作用

C.下落过程中，足球的惯性变大

D.头顶足球时头会感到疼，说明力的作用是相互的7.下列与压强有关的生产生活实例的说法，正确的是(

)A.三峡大坝的坝体横截面上窄下宽，是因为坝底受到水的压强小

B.飞机能够腾空而起是因为机翼上下表面气体的流速不同产生向上的升力

C.青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越大

D.吸盘被压在光滑墙壁上是利用重力完成的8.抗击新型冠状病毒需要随时监测体温，小巴利用热敏电阻R和定值电阻R0设计了一个“温度计”的模拟电路。热敏电阻R的阻值随温度的升高而增大，他把电表的刻度值都改为相应的温度值，温度升高时电表的示数变大，在下列所示的电路图中，符合设计要求的是(

)A. B.

C. D.9.下列选项中，与筷子属于同种类型杠杆的是(

)A.起子 B.天平

C.钓鱼竿 D.核桃夹10.学习了电磁现象，对图的描述中，正确的是(

)

A.甲图中导体棒ab竖直向上运动时，电流表指针将会摆动

B.乙图的实验表明磁可以生电

C.丙图的实验可以探究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系

D.丁图演示的是电磁感应现象11.如图所示，利用滑轮组将重力为40N的物体，在10s内匀速竖直提升2m，拉力F为30N，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是(

)

①物体移动的速度为0.2m/s；

②所做的有用功为60J；

③拉力F的功率为12W；

④若提升物体的重力为80N，则此滑轮组的机械效率为80%。A.①③④正确

B.①②④正确

C.②③④正确

D.①②③正确12.如图1为一幅2022年卡塔尔世界杯的宣传画，图2是足球以初速度v沿着凹凸不平的草地从a运动到d的示意图。下列说法中(

)

①足球运动过程中机械能转化为内能

②足球在b、d两点速度相等

③在c点时足球的动能为零

④从c到d的过程中，足球减小的动能大于增加的重力势能A.只有①④正确 B.只有②③正确 C.只有①②正确 D.只有③④正确13.如图所示，质量一定的木块放在粗糙程度不同的水平桌面上，AB的距离等于BC的距离。木块在水平恒力F作用下从静止开始从A运动到C，AB过程中加速运动，BC过程中匀速运动。下列说法中(

)

①木块在AB段所受的摩擦力等于在BC段所受的摩擦力

②水平拉力F在AB段做的功等于在BC段做的功

③木块在AB段与桌面有摩擦，它的机械能逐渐减小

④水平拉力F在AB段的功率小于在BC段的功率A.只有①④正确 B.只有③④正确 C.只有①③正确 D.只有②④正确14.水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器，装有不同的液体，将两个完全相同的长方体A、B分别放入容器的液体中，静止时如图所示，A物体挂在绳子的下方且绳子对A物体有拉力(不计绳子的体积)，B悬浮，两个容器的液面相平。液体的密度记作ρ甲、ρ乙，液体对容器底的压强记作p甲、p乙，两物体受到的浮力记作FA、FB，容器对桌面的压力记作F甲、F乙。下列说法中(

)

①ρ甲<ρA.只有①④正确 B.只有②③正确 C.只有①③正确 D.只有②④正确15.如图所示，电源电压保持不变，小灯泡标有“4V 1.6W”字样(灯丝电阻不受温度影响)，滑动变阻器标有“1A”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，闭合开关，保证各元件安全的基础上移动滑片，电路消耗的最大功率为3.6W，电压表示数的变化范围为2～3V，下列选项正确的是(

)

①电路允许通过的最大电流为0.4A

②电源电压为9V

③滑动变阻器的最大阻值是50Ω

④当滑动变阻器的滑片在b端时，滑动变阻器消耗的功率为2WA.①② B.②③ C.②④ D.③④二、非选择题（55分）16.“东岳泰山多美景，五月槐花又飘香”，从物理学角度分析，槐花飘香属于______现象。17.在“天宫课堂”上，王亚平与叶光富在进行太空抛物实验时，“冰墩墩”被抛出后能保持匀速直线运动的状态，是因为抛出的“冰墩墩”具有______。18.如图所示，小明用

F=10N

的拉力将木板从物体A下面拉出，物体

A

静止，弹簧测力计的示数如图所示，则物体A受到的摩擦力是______N.

19.如图所示，电源电压不变，灯泡标有“6V 3W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表示数为0.6A，则通电10min后R产生的热量为______J。

20.如图鱼缸内一条金鱼A，B是小文从空气中看到的这条金鱼的像，夜间在C处用一激光灯将金鱼照亮。请完成其光路图(保留作图痕迹)。

21.如图所示，请在图中标出小磁针静止时的N极，并标出C点的磁场方向。(按要求完成作图)

22.小勇利用图甲所示的装置做探究“平面镜成像时像与物的关系”的实验。

(1)用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于______。

(2)为了探究像和物的大小关系，他把一根与蜡烛A完全相同的蜡烛B放在玻璃板后，蜡烛B______(填“需要”或“不需要”)点燃，前后左右移动蜡烛B，直至看上去与蜡烛A重合，说明像与物的大小______。

(3)若用光屏代替蜡烛B，在玻璃板后面观察光屏，______(填“能”或“不能”)观察到蜡烛A的像，说明所成的是______(填“虚”或“实”)像。

(4)小勇还得出像和物到平面镜的距离相等，据此，用图乙所示方法给同学小丽测视力时，平面镜所成的视力表的像到小丽的距离为______m。23.小明用如图1所示电路测量某电路元件盒中未知电阻Rx的阻值，已知未知电阻Rx的阻值不小于5Ω，电源由两节干电池组成，除了开关、导线外，可供使用的实验器材有：电压表(量程0～15V，0～3V)，电流表(量程0～3A，0～0.6A)，滑动变阻器R(20Ω,1A)，阻值已知且大小不等的定值电阻R1和R2．

(1)为完成此实验，电压表的量程应选择______V，电流表的量程应选择______A.

(2)实验中移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数是0.14A时，电压表的示数是2.1V，当电流表的示数是0.2A时，电压表的示数是1.8V，电路元件盒中电源电压是______V，未知电阻Rx的阻值是______Ω.此过程中小明______

(填“由左向右”或“由右向左”)移动滑片．

(3)小明的同学利用上述器材，还设计了测量未知电阻Rx的如图2四种实验电路，其中无法测出未知电阻R24.喜欢书法的小明同学用压纸石块设计了如下测量与探究活动，如图所示：

(1)小明在学校用天平和量筒测量压纸石块的密度：

①将托盘天平置于水平桌面上，游码移至零刻度处，发现指针偏向分度盘右侧，他应将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调，直至横梁平衡；

②将石块放在天平的______盘(选填“左”或“右”)，在另一盘中增减砝码并移动游码，直至横梁再次平衡，此时砝码和游码如图a所示，则石块的质量m=______g；

③他在量筒中装入40mL的水，将石块缓慢浸没在水中，如图b所示，则石块的体积V=______cm3，由密度公式ρ=mV可算出它的密度。

(2)小明回家后用操作方便、精确度高的电子秤和同一块压纸石块，探究“影响浮力大小的因素”。

①他将水装入柱形杯中，置于电子秤上，如图c所示；

②用体积不计的细绳系好石块，缓慢浸入水中直至刚好浸没，电子秤示数逐渐增大，说明石块所受浮力大小与______有关，如图d所示位置，石块浸没在水中所受浮力大小为______N；

③他将杯中的水倒掉，装入盐水，通过滴管向杯中加减盐水，使杯子和盐水的总质量仍为400g；

④再将石块缓慢浸入盐水中直到完全浸没，此时电子秤的示数如图e所示，通过分析实验数据，说明石块受到的浮力大小还与______有关，同时小明还计算出盐水的密度为______g/c25.如图，轻质杠杆AB，已知BO=3AO，物体M重600N.重500N的人竖直向下的力拉杠杆的B端，使地面对M的支持为为60N，人脚与地面接触面积为400cm2，求：此时人对地面的压强？(只写解题思路)26.南极冰面上，科考队用拖拉机借助绳索水平牵引装有货物的木箱运输货物。

(1)木箱与地面接触面积为5m2，木箱与货物的总质量为5000kg，求木箱与货物的总重力及冰面受到的压强。(g取10N/kg)

(2)某次运输过程中，拖拉机用绳索牵引装有货物的木箱在水平冰面上以10m/s的速度匀速直线行驶10km、牵引木箱做功的功率为1.8×104W，柴油完全燃烧释放的内能转化为绳索牵引木箱做功的效率为20%(q柴油=4.5×10727.如图甲是某电热水器的温控电路图，它由工作电路和控制电路组成，其中控制电路电压保持30V不变，R1为热敏电阻，其阻值随温度变化的关系如图乙所示，滑动变阻器R2标有“300Ω 1A”字样，移动滑片可以设定电热水器的水温；R3、R4为电热丝，均置于水箱中，已知R4=88Ω，电热水器正常工作时的保温功率为440W；电磁铁线圈电阻忽略不计，R1、R2产生的热量忽略不计，当电磁铁电流达到0.1A时，继电器衔铁被吸下来。求：

(1)电热水器正常工作时的加热功率是多少？

(2)该电热水器的加热效率为84%，正常加热1小时水温升高了26.4℃，水箱内水的质量是多少？[c水=4.2×10答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A、普通家用照明灯的额定功率约为40W，正常工作电流约为I=PU=40W220V≈0.18A，故A不符合实际；

B、托起两个鸡蛋的力约为1N，故B不符合实际；

C、人正常步行的速度约是1m/s，故C符合实际；

D、实际生活中额外功总是存在的，无论如何减小摩擦，滑轮组的机械效率不可能达到100%，故D不符合实际。

故选：C2.【答案】C

【解析】解：A、“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指声音的响度大，故A错误；

B、声音在空气(15℃)中的传播速度是340m/s，故B错误；

C、水中倒立的花样游泳运动员能随着音乐进行表演，说明水能传播声音，故C正确；

D、从高音喇叭传出的美妙歌声也可能是噪声，故D错误。

故选：C。

(1)物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色。声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

(2)声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的。

(3)从环境保护的角度讲，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音，都属于噪声。

声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。

3.【答案】C

【解析】解：A、“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是由于高空的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A错误；

B、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故B错误；

C、“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C正确；

D、“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”，雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。

故选：C。

(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。

(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

4.【答案】C

【解析】解：AB、由图可知，物距u=20.0cm，像距v=30.0cm，u<v，成倒立、放大的实像，此时f<u<2f，v>2f，即f<20.0cm<2f，30.0cm>2f，解得10.0cm<f<15.0cm，故A、B正确；

C、把蜡烛向右移动少许，此时物距变小，像距变大，像变大，所以光屏适当向右移动，可得到大一些的实像，故C错误；

D、如果凸透镜不动，将光屏和蜡烛的位置对调，根据光路可逆可知，可以成倒立、缩小的实像，故D正确。

故选：C。

(1)(2)当u<v时，成倒立、放大的实像，此时f<u<2f，v>2f；

(3)凸透镜成实像时，物近像远像变大；

(4)在光的折射中，光路是可逆的。。

此题考查学生的分析能力，关键是掌握凸透镜成像的规律，搞清像距、像的大小与物距之间的关系，能够从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，这是考试中常见的题型。

5.【答案】D

【解析】解：A、如果灯泡L1短路，整个电路短路，电流表电压表示数都变为零。此选项不符合题意；

B、如果灯泡L2短路，整个电路短路，电流表电压表示数都变为零。此选项不符合题意；

C、如果灯泡L1断路，不发光；电流表断路无示数。此选项不符合题意；

D、如果灯泡L2断路，电流表测量L1支路电流不受影响，示数不变；电源电压不变，电压表示数不变。此选项符合题意。

故选：D。

分析电路知，两只灯泡并联，电流表测量L26.【答案】D

【解析】解：

A、踢出去的足球在地面上越滚越慢，是因为受到了摩擦阻力的作用，不能说明物体的运动需要力来维持，故A错误；

B、足球在空中飞行过程中，受到重力和空气阻力的作用，故B错误；

C、惯性的大小只与物体的质量有关，质量大、惯性大；足球在下落过程中，其质量不变，惯性不变，故C错误；

D、用头顶足球时，头感到疼，是因为足球对头也施加了力，这个现象表明物体间力的作用是相互的，故D正确。

故选：D。

(1)力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力；

(2)对足球进行受力分析即可做出判断；

(3)惯性只与质量有关，质量大惯性大；

(4)物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施力的同时，也受到另一个物体对它的作用力，所以，一个物体既是施力物体，同时也是受力物体。

本题考查了力学的多个知识点，能结合选项中的描述，用物理知识做出解释与判断，是解答的关键。

7.【答案】B

【解析】解：

A.液体内部压强，深度越深，压强越大，所以坝底受到水的压强较大，坝体的横截面积上窄下宽可以使底部能承受更大的压强，故A错误；

B.飞机机翼的形状是上凸下平的，机翼上面的空气流速大压强小，下面空气流速小压强大，形成向上的压力差，产生升力，故B正确；

C.大气压随高度的增大而减小，液体的沸点随气压减小而降低；青藏高原上海拔较高，大气压较小，水的沸点较低；边防战士用高压锅煮面条，是因为高压锅是密封的，不受外界大气压影响，通过增大锅内气压来提高水的沸点，把面条煮熟，故C错误；

D.吸盘被压在光滑墙壁上，是因为挤出了吸盘和墙壁之间的空气，大气压将吸盘压在了墙上，是利用了大气压，故D错误。

故选：B。

(1)液体压强的公式是p=ρgℎ，液体压强的大小取决于液体的密度ρ和深度ℎ；

(2)流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大；

(3)沸点是指物体由液态转化为气态的温度；液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低；

(4)光滑墙壁上的吸盘式挂钩是在大气压的作用下被压在墙壁上的。

掌握液体压强的特点，沸点与大气压的关系，流体压强与流速之间的关系，能用所学知识分析解决问题。

8.【答案】C

【解析】解：A、图中热敏电阻R与R0串联，电流表测量电路的电流，当温度升高时，R的阻值增大，电路的总电阻增大，电源电压不变由欧姆定律I=UR可知电路中电流变小，电流表示数减小，故A不符合题意；

B、图中热敏电阻R与R0并联，电流表测R0支路的电流，因为并联电路中各支路间互不影响，所以温度升高时，通过R0的电流不变，电流表示数不变，故B不符合题意；

C、图中热敏电阻R与R0串联，电压表测R两端电压，温度升高时，R的阻值增大，电路的总电阻增大，电源电压不变由欧姆定律I=UR可知电路中电流变小，由U=IR可知R0两端电压变小，由串联电路电压特点知，R两端电压变大，即电压表示数变大，故C符合题意；

D、图中热敏电阻R与R0串联，电压表测R0两端电压，电流表测电路中的电流，温度升高时，R的阻值增大，电源电压不变由欧姆定律I=UR可知电路中电流变小，由U=IR可知R0两端电压变小，电压的示数变小，故D不符合题意。

故选：C。

(1)图中热敏电阻R与R0串联，电流表测量电路的电流，当温度升高时，R的阻值增大，电路的总电阻增大，电源电压不变由欧姆定律I=UR判断出电路中电流的变化；

(2)图中热敏电阻R与R0并联，电流表测R0支路的电流，根据并联电路中各支路间互不影响判断出电流表示数的变化；

(3)图中热敏电阻R与R0串联，电压表测R两端电压，温度升高时，R的阻值增大，电路的总电阻增大，电源电压不变由欧姆定律I=UR9.【答案】C

【解析】解：筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。

A、开瓶盖的起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；

B、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B不符合题意；

C、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C符合题意；

D、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。

故选：C。

结合图片和生活经验，先判断题中杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

本题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

10.【答案】C

【解析】解：A、图中是电磁感应现象，导体棒ab竖直向上运动时，没有切割磁感线，没有产生感应电流，电流表不会摆动，故A错误；

B、图示是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，即电生磁，故B错误；

C、图中两电磁铁串联而使得电流相同，匝数不同，吸引的大头针数目不同，研究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故C正确；

D、由图可知，导体通电后，在磁场中受力运动，是电动机的制作原理，故D错误。

故选：C。

(1)电磁感应是指闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中产生感应电流。

(2)根据奥斯特实验进行分析；

(3)知道电磁铁的磁性与电流的大小和线圈匝数有关可解答。

(4)通电导体在磁场中受到力的作用。

本题考查了电与磁现象中的重要实验的识别。解题的关键是牢记一些重要实验装置图，记清实验装置和实验原理。

11.【答案】A

【解析】解：①物体移动的速度：v=ℎt=2m10s=0.2m/s，故①正确；

②所做的有用功：W有=Gℎ=40N×2m=80J，故②错误；

③从图中可知n=2，绳子自由端移动的距离s=2ℎ=2×2m=4m，

拉力做的总功：W总=Fs=30N×4m=120J，

拉力的功率P=W总t=120J10s=12W，故③正确；

④不计绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)可知动滑轮的重力G动=2F−G=2×30N−40N=20N，

若提升物体的重力为80N，则此滑轮组的机械效率η=W有用W总=G′ℎG′ℎ+G动ℎ=G′G′+G动=80N12.【答案】A

【解析】解：①足球在运动过程中，克服阻力做功，一部分机械能转化为内能，使得机械能减小，故①正确；

②足球的质量不变，足球在b和d的高度相同，重力势能相同，由于b的机械能大于d的机械能，所以b处的动能大于d处的动能，即b点的速度大于d点的速度，故②错误；

③在c点时，足球有一定的速度，所以足球的动能不为零，故③错误；

④足球从c到d的过程中，机械能不断减小，所以减小的动能大于增加的重力势能，故④正确。

故选：A。

(1)足球和草地之间存在摩擦力，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能不断减小，内能增大；

(2)动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大；

(3)重力势能大小跟质量、高度有关。质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大。

机械能大小可以根据动能和势能的变化来判断机械能的变化，也可以看机械能是否和其它形式的能发生转化来判断。

13.【答案】D

【解析】解：①木块在AB段做加速运动，木块受力不平衡，则木块受到的摩擦力小于水平拉力的大小，即fAB<F；

木块在BC段做匀速运动，此时木块受力平衡，则木块受到的摩擦力大小等于水平拉力的大小，即fBC=F；

因水平拉力F大小不变，所以木块在AB段受到的摩擦力小于木块在BC段的摩擦力，故①错误；

②木块在AB段和BC段运动的距离相等，拉力F是恒力，则根据W=Fs可知，水平拉力F在AB段做的功等于在BC段做的功，故②正确；

③木块在AB段做加速运动，则木块的动能增大；木块的高度不变，质量不变，则木块的势能不变；因机械能等于动能与势能之和，所以木块在AB段的机械能逐渐增大，故③错误；

④由题知，木块在AB段做加速运动，在BC段做匀速运动，整个过程中速度的变化是连续的(即在BC段木块是以到达B点时的速度做匀速运动)，所以木块在AB段的平均速度小于BC段的速度；

拉力F是恒力，则根据公式P=Fv可知，水平拉力在AB段的功率小于在BC段的功率，故④正确。

故选：D。

(1)木块在AB段做加速运动，木块受力不平衡，则木块受到的摩擦力小于水平拉力的大小；木块在BC段做匀速运动，此时木块受力平衡，则木块受到的摩擦力大小等于水平拉力的大小，由此可得出结论；

(2)木块在AB段和BC段运动的距离相等，拉力F是恒力，根据W=Fs可知做功的大小关系；

(3)木块在AB段做加速运动，木块的动能增加，木块的势能不变，机械能等于动能与势能之和，由此可得出结论；

(4)木块在AB段做加速运动，在BC段做匀速运动，整个过程中速度的变化是连续的(即在BC段木块是以到达B点时的速度做匀速运动)，则木块在AB段的平均速度小于BC段的速度，根据功率公式P=Fv14.【答案】C

【解析】解：两个完全相同的长方体A、B，则其重力、密度、体积、底面积均相同；

①对甲图中的A进行受力分析可知，A在重力、拉力和浮力的作用下保持平衡，浮力与拉力之和等于重力，故重力大于浮力，假如没有绳子吊着，A会沉底，所以，ρ>ρ甲；乙图中B悬浮，故ρ=ρ乙，所以两种液体的密度关系为：ρ甲<ρ乙，故①正确；

②静止时液面相平，即ℎ相等，ρ甲<ρ乙，

所以，根据p=ρ液gℎ可知，液体对容器底的压强关系为：p甲<p乙，故②错误；

③A受竖直向下的重力、竖直向上的拉力和竖直向上的浮力的作用，则FA<G，B悬浮，则FB=G，所以物体受到的浮力关系为：FA<FB，故③正确；

④甲、乙两个完全相同的容器，则重力相同；

由图可知，静止时液面相平，故放入物体前V甲液=V乙液，

由于ρ甲<ρ乙，根据G=mg和ρ=mV可知，G甲液<G乙液，

又因为物体所受的浮力FA<FB，而容器对桌面的压力等于容器的重力、容器内液体重力、被物体排开液体的重力即物体所受的浮力之和，所以，容器对桌面的压力15.【答案】D

【解析】解：(1)由图可知，灯泡与变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流，

由P=UI计算灯泡正常工作时的电流：

I额=P额U额=1.6W4V=0.4A，

有欧姆定律可得，灯丝电阻：RL=U额I额=4V0.4A=10Ω，

由电压表示数的变化范围2～3V可知，灯泡两端的最高电压：UL大=3V，

根据欧姆定律可得电路中的电流：I=IL=UL大RL=3V10Ω=0.3A，

比较灯泡的额定电流0.4A、变阻器允许通过的最大电流1A，以及电压表示数为3V时电路中的电流0.3A，得出电路允许拖过的最大电流为0.3A，故①错误；

(2)根据电路消耗的最大功率P=3.6W，电路中的最大电流：I=0.3A，由P=UI可得电源电压：U=PI=3.6W0.3A=12V；

(3)当电压表示数UL小=2V时，电路中的电流最小，电路的总电阻最大，变阻器接入电阻最大，

根据欧姆定律可得灯泡中通过的电流：IL小=UL小RL=2V10Ω=0.2A，

电路的最电阻：R总=UI16.【答案】扩散

【解析】解：从物理学角度来看，闻到花香属于扩散现象，这个现象表明分子在永不停息地做无规则运动。

故答案为：扩散。

两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则的运动。

扩散现象表明分子在不停地做无规则的运动，能用扩散现象解释生活中的问题。

17.【答案】惯性

【解析】解：“冰墩墩”被抛出后能保持匀速直线运动的状态，是因为抛出的“冰墩墩”具有惯性，仍保持原来的运动状态。

故答案为：惯性。

一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。

本题通过太空中的现象考查了对惯性概念的了解，属基础题。

18.【答案】3.4

【解析】解：

由题意可知木块A静止，表明该木块在水平方向受到弹簧测力计的拉力和木块受到的摩擦力这一对平衡力的作用，图中弹簧测力计示数为3.4N，拉力等于摩擦力为3.4N．

故答案为：3.4．

木块静止，处于平衡状态，拉力等于摩擦力．

本题考查二力平衡条件的应用，关键是知道平衡力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上．

19.【答案】360

【解析】解：

由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光，

所以，电源的电压U=6V，

由P=UI可得，通过灯泡的电流：

IL=PLUL=3W6V=0.5A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过电阻R的电流：

IR=I−IL=0.6A−0.5A=0.1A，

通电10min，电阻R产生的热量：

Q=W=UIRt=6V×0.1A×10×60s=360J。

故答案为：360。

20.【答案】解：由于折射时光路是可逆的，要用激光灯照亮鱼，需对准鱼的虚像照射，激光进入水中发生折射，折射光线射向金鱼，金鱼就被照亮，水中物体发出的光射向空气中时发生折射，折射角大于入射角，折射光线偏离法线，眼睛沿着折射光线会看到物体所成的虚像，在物体的上方；如图所示：

。

【解析】根据光从水中进入空气中时折射角大于入射角的规律作光路图即可。

此题通过作图考查了学生有关光的折射规律的知识，难点是确定光的入射点与光线的方向。

21.【答案】解：闭合开关后，由图可知电流从螺线管的左侧流入、右侧流出；右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的左端为S极，右端为N极；

当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，则小磁针的左端为S极，右端为N极；

在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中C点的磁场方向是指向左的。如下图所示：

【解析】根据安培定则确定螺线管的N、S极；然后利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极；在磁体的周围，磁感线从N极流出回到S极。由此可以确定磁场的方向。

对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺线管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个。

22.【答案】确定像的位置

不需要

相等

不能

虚

4.6

【解析】解：

(1)在探究“平面镜成像的特点”时，用玻璃板代替平面镜，是因为玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，这样便于确定像的位置，以及比较像与物的大小关系；

(2)为了探究像和物的大小关系，将另一根完全相同的蜡烛B放在玻璃板后，蜡烛B不需要点燃，当蜡烛B和蜡烛A的像完全重合时，说明平面镜成像时，像与物的大小相等；

(3)若用光屏代替蜡烛B，在玻璃板后面观察光屏，将不能观察到蜡烛A的像，说明所成的像是虚像；

(4)图乙中视力表与镜面的距离为2.5m，则视力表的像离镜面的距离也为2.5m，即视力表与它的像的距离为2.5m+2.5m=5m，

又由于人在视力表前0.4m，所以视力表的像到人的距离为5m−0.4m=4.6m。

故答案为：(1)确定像的位置；(2)不需要；相等；(3)不能；虚；(4)4.6。

(1)根据平面镜不能透光，只能反射光，不能确定出像的位置，而玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛这一特点分析；

(2)玻璃板是透明的可以透过玻璃板来观察这支蜡烛的像；在实验中，用蜡烛B来替代蜡烛A的像，是用到了等效替代法；

(3)实像和虚像的重要区别是实像能用光屏上承接，虚像不能在光屏上承接；

(4)依据平面镜成像特点，人和人的像相对于镜面对称，视力表和视力表的像相对于平面镜对称，依据数学知识计算。

本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。

23.【答案】0～3；0～0.6；2.8；5；由右向左；A

【解析】解：(1)因为电源由两节干电池组成，所以电源电压为3V，则电压表的量程为0～3V；

当滑动变阻器的电阻为零时，电路中的电阻最小，此时电流最大，Imax=UR=3V5Ω=0.6A；因此电流表的量程为0～0.6A；

(2)当电流表的示数是0.14A时，电压表的示数是2.1V时；则U=0.14A×Rx+2.1V①

当电流表的示数是0.2A时，电压表的示数是1.8V时，则U=0.2A×Rx+1.8V②

联立①②可得，Rx=5Ω，U=2.8V；

因为电压表的示数变小，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值逐渐变大，因此滑片由右向左移动；

(3)A、将滑动变阻器接入电路的阻值最大，读出电压表的示数U1，并根据欧姆定律求出电路中的电流I，再利用串联电路电压的特点求出被测两端电压为U−U1，由于变阻器的阻值很大，所以U−U1接近零，所以该电路无法测量未知电阻的阻值；

B、使滑动变阻器接入电路的阻值为零，此时被测电阻两端电压等于电源电压U，并读出电流表的示数I，则Rx=UI，因此该电路可以测量出未知电阻的阻值；

C、当开关S拨至1时，读出电流表的示数为I，然后根据U=IR求出R1两端电压，再利用串联电路电压的特点和欧姆定律的变形公式即可求出Rx的阻值，即Rx=U−IR1I，因此该电路可以测量出未知电阻的阻值；

D、闭合开关，读出电压表的示数为U1，然后根据欧姆定律求出电路中的电流，再利用串联电路电压的特点和欧姆定律的变形公式即可求出Rx24.【答案】左

左

53.4

20

排开液体的体积

0.196

排开液体的密度

1.1

【解析】解：

(1)小明在学校用天平和量筒测量压纸石块的密度：

①将托盘天平置于水平桌面上，游码移至零刻度处，发现指针偏向分度盘右侧，他应将平衡螺母向左调，直至横梁平衡；

②将石块放在天平的左盘，在另一盘中增减砝码并移动游码，直至横梁再次平衡，此时砝码和游码如图a所示，标尺的分度值为0.2g，标尺的刻度为3.4g，则石块的质量：

m=50g+3.4g=53.4g；

③他在量筒中装入40mL的水，将石块缓慢浸没在水中，如图b所示，量筒分度值为1mL，水面的刻度为60mL，则石块的体积V=60cm3−40cm3=20cm3，由密度公式ρ=mV可算出它的密度；

(2)①他将水装入柱形杯中，置于电子秤上，如图c所示；

②用体积不计的细绳系好石块，缓慢浸入水中直至刚好浸没，这个过程中，排开水的体积变大，电子秤示数逐渐增大，则物体排开水的重力变大，即说明石