2021-2022学年江苏省南京市建邺区九年级（上）期中物理试卷（附详解）

202L2022学年江苏省南京市建邺区九年级（上）期中物

理试卷

一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）

1.如图所示的四种用具中，正常使用时属于省力杠杆的是（）

2.给电瓶车的蓄电池充电时，蓄电池相当于（）

A.用电器B.开关C.导线D.电源

3.下列事例中，人对物体做了功的是（）

A.将重物从一楼扛到二楼B.踢出去的足球在草地上滚动

C.运动员举着杠铃保持不动D.提着水桶在水平路面上匀速前行

4.下列估测符合实际的是（）

A.家用日光灯工作时的电流约为14

B.机械经改进后效率可以达到100%

C.人以正常速度骑自行车的功率为lkW

D.从地上拾起一个鸡蛋举过头顶，对鸡蛋做的功大约是1/

5.关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）

A.冰熔化成水，温度不变，内能不变

B.物体温度升高，一定是吸收了热量

C.物体的温度越高，含有的热量越多

D.热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体

6.暗盒中的两个灯泡〃和人连接在同一电路中，闭合开关，下列现象可以判断两灯一

定并联的是（）

A.两灯亮度相同

C.流过两灯的电流相同D.流过两灯的电流不同

7.如图所示，用同一滑轮组分别将物体4B匀速提升相同的高度，提升4的机械效率

大于提升B的机械效率，若不计绳重和摩擦，则提升4的过程（）

A.总功较大B.额外功较大C.总功较小D.额外功较小

8,用相同的加热装置对甲、乙物质加热时，它们的温度随时位C田

6

间变化的图像如图所示，下列说法正确的是（）5

4

3

A.若甲、乙是同种物质，则乙的质量更小2

1

B.若甲、乙的质量相等，则甲更适合做冷却剂

0123456

C.若甲、乙是同种物质，升高相同温度，乙吸收的热量更

多

D.若甲、乙的质量相等，升高相同温度，甲吸收的热量更多

9.小丽家的电风扇具有摇头功能。风扇不转时，不能单独使用摇头功能；风扇转动时,

可根据需要选择使用摇头功能。下列电路符合要求的是（）

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10.如图所示是足球落地后又弹起的示意图。下列说法中正确的是()

O

oBc

®AO®

OODo°Ooo

OO0

oooo

,/////////^^//////////////////////////////^^////////////////////////////^^/////////////,

A.B点时动能为0

B.在4、。两点动能可能相等

C.在4C两点动能一定相等

D.此过程中，只存在动能和势能的相互转化

11.一定质量的物体在水平拉力的作用下沿水平面运动，物体运动的路程(s)〜时间(t)

图象如图所示，根据图象，下列判断正确的是()

A.物体10s时的速度大于4s时的速度

B.0-6s拉力对物体所做的功大于6-12s拉力对物体所做的功

C.0-6s拉力对物体做功的功率小于6-12s拉力对物体做功的功率

D.0-6s物体所受的拉力大于6-12s物体所受的拉力

12.如图所示电路，电源为两节新干电池，先闭合开关品，再闭合开关S2的过程中，下

列说法正确的是（）

C.电流表4的示数不变D.电流表4、&示数始终相等

二、填空题（本大题共8小题，共26.0分）

13.冬天，双手反复摩擦，手会感到暖和，这是利用方式增加了手的内能；用嘴

对着双手“呵气”，手也会感到暖和，这是利用方式增加了手的内能。

14.如图所示，在空气压缩引火仪的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速下压,

观察到棉絮被点燃。由此可知：对（选填“棉絮”或“筒内气体”）做功，内

能，其能量转化情况与下列单缸四冲程汽油机的（选填“4"、"夕‘、

“C”或）冲程相同，若汽油机每秒对外做功25次，则此汽油机的转速为

15.水的比热容为4.2乂1。3〃（切.℃）,表示的物理意义是。4kg的水由20久升

高了50久吸收的热量为J。若天然气完全燃烧放出热量的30%被水吸收，则

至少需要燃烧血3的天然气。⑷天然气=4x1077/m3］

16.如图所示，将位于同一高度的甲、乙两个相同的小球以大小相等f

的速度抛出，其中将甲球竖直向下抛出、乙球竖直向上抛出，则甲［乙］

抛出时两球机械能（选填“相等”或“不相等”）o若不计*

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空气阻力，落地前甲球的机械能（选填“先减小后增大”、“先增大后减小”、

“不变”或“减小”，下同）；落地前乙球的重力势能，动能。

17.如图甲所示电路，闭合开关S和SI,两只电流表指针偏转均如图乙所示，则电流表A

的示数为_____A,通过灯泡乙2的电流为______A.

18.为避免同学们用手按压宿舍楼大门的开门按钮造成交不

叉传染，小明用轻质木杆自制了“脚踏式自动开关”，f按钮

借助木棒按动按钮，如图所示，c点固定在地面，当小

明在。点用脚给木棒施加20N的压力F1时，按钮恰好成/尸川

功触发、大门打开。已知CB=60cm、AB=80cm,OC=U

20cm。DB：AB=OC：ACO

（1）木棒使用过程中相当于是一个（选填“省力”或“费力”）杠杆，动力&的

力臂为,此时按钮对杠杆施加的水平阻力尸2为N。

（2）若脚沿垂直于杆的方向用力尸3,按钮恰好成功触发、大门打开，则打为N。

19.如图所示，一个重为8N的物体在恒力F作用下先后经过光滑水平面及与水平面成

30。角的粗糙斜面，其中4B和CC段距离均为s,物体在4B和CD段运动时，拉力F所

做的功分别为明和02,其大小关系是:叫修（选填或“=”）。

若物体在斜面上受到的摩擦力为1N,则斜面CD段的机械效率为o

B

20.在连接串、并联电路的实验中

（1）连接电路时，开关应处于（选填“断开”

或“闭合”）状态。

（2）如图所示电路，闭合开关,两个灯泡都将（

选填“不发光”或“被烧坏”），出现（选填

”断路”或"短路”）现象。

（3）若使两灯串联，只需拆除导线（选填"b"、"c”或"d”），若使两灯并

联，则下列方法可行的是（多选）

A只需将导线b与。接线柱相连的一端与接线柱C连接

B.只需将导线b与。接线柱相连的一端与接线柱E连接

C只需将导线e与F接线柱相连的一端与接线柱C连接

。.只需将导线e与F接线柱相连的一端与接线柱E连接

三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）

21.按要求完成作图

如图所示，轻质杠杆能绕。点转动，请在杠杆中画出使轻质

杠杆保持平衡的最小的力片的示意图和阻力臂，2。

22.如图所示，某人在4处提起物体，请在图中画出最省力的绳子绕

法。

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23.如图所示，请用笔画线代替导线，按照电路图，连接实物图。

^9

四、实验探究题(本大题共5小题，共30.0分)

24.探究动滑轮机械效率的实验中，前两次的动滑轮重0.2N,第三次的动QF

滑轮重0.3N,数据如表所示。

重物上拉力移对重物拉力做

物重拉力机械效

序号升高度动距离做的功的功

G/NF/N率？？

h/ms/m吗〃W2〃

120.11.20.20.20.2483.3%

230.11.70.20.30.34

330.11.90.20.30.3878.9%

(1)前两次克服动滑轮重所做的功卬3为_____J。对比表中数据，发现W1与明的和

略小于卬2,其原因是此过程中

(2)根据实验数据，第二次实验的机械效率为%(保留一位小数)。

(3)根据(选填实验序号)两次实验可知：使用同一滑轮提升重物时，物重越

大，则机械效率。

25.探究“杠杆平衡条件”的实验中，每个钩码重0.5N。

(1)如图甲所示杠杆静止，应将平衡螺母向调节，使杠杆在水平位置平衡。

(2)平衡后，如图乙所示，杠杆两侧分别挂上钩码，杠杆的端会下沉，要使

杠杆重新平衡，在不增加钩码、不改变钩码悬挂点的前提下，最简单的方法是

(3)如图丙所示，用弹簧测力计代替钩码，杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计

的示数2N(选填“大于”、“小于”或“等于”)。

(4)如图丁所示，弹簧测力计的示数为2.5N,为使杠杆在水平位置平衡，在(

选填“4”、“B”、"C”或“0”)点挂的钩码最少。

(5)如图戊所示，实验小组进一步“探究杠杆的机械效率”，实验时，将总重为G的

钩码挂在杠杆4处，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，钩码上升的高度为八，弹簧测

力计的示数为凡不计摩擦，若将钩码移动到B点，仍将其匀速提升h的高度，则弹

簧测力计的示数尸将(选填“变大”、“变小”或“不变”，下同)，杠杆的

机械效率〃将o

26.探究“动能大小的影响因素”实验中，过程如图甲、乙所示(自＞电)。

(1)该实验的研究对象是。

(2)实验过程中发现两次木块移动距离S1、S2相差太小。仅利用原有器材，通过

可使两次木块移动距离差变大，实验现象更明显。

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(3)改进实验方案，完成实验后，得出的结论是。

(4)下列现象可以用该结论解释的是。

A.高速公路限高

8.高速公路限重

C.桥梁限重

D高速公路限速

(5)下列实验中的物体，与本实验的木块作用相似的是，

A.“点火爆炸”实验中滴入的酒精

B.“探究影响重力势能大小因素”实验中的小桌

C.“探究不同物质吸热升温现象”实验中的水和沙子

D.“比较质量相同的不同燃料燃烧放出热量”实验中的水

27.在“探究不同物质吸热升温现象”与“比较不同燃料燃烧放出热量”的实验中。

(1)“探究不同物质吸热升温现象”的实验，甲、乙虚线框中应选择的器材组合是

(在“4"、“B”、"C”、“D”中选填两个序号)；“探究不同物质吸热

升温现象”与“比较不同燃料燃烧放出热量”这两个实验中，除图中所示测量工具

外，都还需要的测量工具还有。

(2)两个实验中都存在吸放热的过程和温度的测量，“探究不同物质吸热升温现象”

的实验中，“物质吸收的热量”是通过来反映的；“比较不同燃料燃烧放出

热量”的实验中，比较温度计升高的示数是为了比较，两个实验中都需要控

制不变的量有：(选填序号)。

①燃料质量

②吸热物质的质量

③加热时间

28.在“探究并联电路的电流规律”实验中。

甲乙

(1)连接电路前，电流表指针如图甲所示，此时应______。解决后，连接电路，接

完最后一根导线，又出现了图甲所示的情形，则连接过程中存在的错误是

和。

(2)改正错误后，连接好的实物电路如图乙所示，闭合开关，灯人、G均不发光，

电流表示数为零，电路中存在的故障可能是。

4灯及断路

B.灯G短路

C.电流表内部断路

。.开关接线柱的底部相连

(3)排除故障后，闭合开关，记下电流表的示数，若要测订所在支路的电流，只改

动一根导线即可，请在改动的这根导线上打“X”，并用笔画线代替导线完成电路。

(4)实验中测得的数据如表所示：

乙1电流G电流干路电流

实验次数

IJA121AI/A

10.220.220.44

分析以上实验数据，发现流过两条支路的电流相等，出现这一现象可能是因为实验

中选用的两个灯泡规格选填(选填“相同”或“不同”)，为了探究规律的普

遍性，可以,再进行多次实验。

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五、计算题(本大题共2小题，共14.0分)

29.如图，塔式起重机的滑轮组将重为1.2X10，N的重物5s内匀速吊起

2m,滑轮组的机械效率为80%。求：

(1)提升重物做的有用功；

(2)绳端的拉力F；

(3)拉力的功率。

30.国庆长假期间，为避免人员聚集，爸爸自驾带着小明去旅游，车与人的总质量为

1.5xl03kg,当该车以90kzn//t的速度匀速行驶时，由于受路面和天气等因素的影

响，其受到的阻力在车重的6〜10%之间。汽车发动机的效率约为30%(假设汽油完

7

全燃烧，q汽油=4.5x10J/kg)Q

(1)该车以90km"的速度匀速行驶过程中，汽车牵引力的最大功率为多少？

(2)若该车的油箱最多能装40kg的汽油，以90km"的速度匀速行驶，最多能行驶

多远？

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：4天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故A错误；

8、裁纸刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B正确；

C、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C错误；

。、钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故。错误。

故选：B。

本题主要考查对杠杆分类方法的了解，动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，动力臂小

于阻力臂的杠杆为费力杠杆，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。

2.【答案】A

【解析】解：给电动汽车的蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器，故BCO错误，A正

确；

故选：4。

根据电路中各元件的作用选择，用电器是消耗电能的。

本题考查了电路的组成，是一道基础题。

3.【答案】A

【解析】解：4、将重物从一楼扛到二楼，对重物用了力，并且在力的方向上移动了距

离，做了功，故A正确；

8、踢出去的足球，由于惯性在草地上滚动，有距离，但不再受人的作用力，没有做功，

故B错误；

C、运动员举着杠铃保持不动，用了力，但没有移动距离，没有做功，故C错误；

。、提着水桶在水平路面上匀速前行，力的方向竖直向上，移动的距离在水平方向上，

二者方向相互垂直，水桶没有在力的方向上通过距离，没有做功，故。错误。

故选：力。

做功必须具备两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过距离。

判定有没有做功，就从是否同时具备这两个必要因素入手分析。

明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运

动)，三是力的方向与运动方向垂直。

4.【答案】D

【解析】解：力、家用日光灯的功率约为40勿，正常工作时电流/=3=黑=。-24

故A不符合实际；

8、使用机械时，总要克服摩擦做额外功，机械效率一定小于100%,故B不符合实际；

C、人正常骑自行车的功率在701V左右，故C不符合实际；

D、一个鸡蛋的质量约为50g=0.05kg,其重力G=mg=0.05kgx10N/kg=0.5N,

举过头顶时所处高度约为2m,从地上拾起一个鸡蛋举过头顶，重力做功皿=Gh=

0.5NX2m=1/,故。符合实际。

故选：D。

首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应

的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

本题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符

合实际的选项即可。

5.【答案】D

【解析】解：4、冰属于晶体，晶体熔化时，吸收热量，温度保持不变；冰吸收热量熔

化成水，内能增大，故A错误；

8、物体温度升高，物体可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故8错误；

C、热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量，可以说吸收或放

出热量，故C错误；

。、物体的内能跟物体的质量、温度和状态有关，内能小的物体可能温度高，所以内能

小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故。正确。

故选：D.

(1)晶体熔化特点：不断吸收热量，温度保持不变；

(2)热传递和做功都可以改变物体的内能；

(3)热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有

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或者具有热量；

(4)热传递的条件：物体间存在温度差；

从内能大小的影响因素分析物体温度的高低，然后再根据温度判断热传递过程中热量的

传递方向。

本题考查了内能、温度和热量的关系，这是中考出现几率很大的习题，一定要正确理解

三者之间的关系。

6.【答案】D

【解析】解：48、灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，两灯亮度不同，只能是实际功

率不同，不能说明灯泡的串并联方式，故A8错误；

CD,串联电路电流一定相等，通过两灯的电流不相等一定是并联，故。正确，C错误。

故选：D„

(1)灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率；

(2)通过两灯的电流不相等一定是并联。

本题考查了串联电路、并联电路中电流的规律，会灵活应用串、并联电路电流的特点进

行分析。

7.【答案】A

【解析】解：

(1)由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，

克服动滑轮重力所做的功是额外功，由卬颁=G*知，提升4和B所做额外功相同,故B、

。错误；

(2)不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率：片醇，额外功相同，提

1V总1V有用+W额

升A物体时滑轮组的机械效率较大，所以提升4物体所做的有用功较大，其总功较大，

故A正确，。错误。

故选:Ao

不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同：而总功等

于有用功与额外功之和；机械效率是有用功与总功的比值。由此分析解答

本题考查对有用功、额外功和总功以及机械效率的认识和理解，注意同一滑轮组提升物

体高度相同时额外功是相同的。

8.【答案】C

【解析】解：用相同的加热装置对甲、乙两种物体加热时，吸收热量的多少是通过加热

时间来反映的；

A、若甲、乙是同种物质，其比热容相同，由图像可知，加热相同的时间(即吸收的热量

相同)，甲的温度升高的快，由。=。血戊可知，甲的质量小，故A错误；

8、若甲、乙的质量相等，加热相同的时间(即吸收的热量相同)，乙的温度升高的少，

说明乙的比热容大，即乙的吸热能力更强，因此乙更适合做冷却剂，故B错误；

C、若甲、乙是同种物质，比热容相同，升高相同温度，由4可知乙的质量大，由Q=cm4t

可知，乙吸收的热量多，故C正确；

D、若甲、乙的质量相等，升高相同温度，由B可知乙的比热容大，由Q=cmAt可知，

乙吸收的热量更多，故。错误。

故选：C。

(1)用相同的加热装置对甲、乙两种物体加热时，相同时间吸收的热量相同，甲、乙是

同种物质时，比热容相同，由。=cm/t可知质量小的温度变化大；

(2)甲、乙质量相等时，吸收相同的热量，温度升高少的比热容大、吸热能力强，更适

合做冷却剂；

(3)甲、乙是同种物质，比热容相同，升高相同温度，由、=CTTldt可知质量大的吸收的

热量更多：

(4)甲、乙的质量相等，升高相同温度，由。=61a可知比热容大的吸收的热量更多。

本题主要考查比热容相关量大小比较，一定要结合公式来判断，同时注意相同加热器,

加热时间越长吸热越多。

9.【答案】C

【解析】解：由4BC电路图可知，风扇转不转时都可以使用摇头功能，故均不符合题意；

由C电路图可知，闭合开关其风扇电动机转动，通过S2的通断可以选择使用摇头功能，

符合题意。

故选：C。

电风扇转动时可以选择摇头或不摇头说明摇头电动机和风扇电动机独立工作、互不影响

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即为并联，风扇不转时不能单独使用摇头功能说明摇头电动机有自己的开关控制，据此

分析选项得出答案。

(1)根据二者是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并

联；

(2)根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关在干路上，单独控制

某个用电器，开关在支路上。

10.【答案】B

【解析】解：4、在B点时，足球有一定的水平速度，所以动能不为0,故A错误：

3、图中足球的高度越来越小，说明有机械能的损失，则。点的机械能一定小于4点的机

械能；机械能等于动能与势能之和，。点比4点低，所以。点的重力势能小，则其动能有

可能与4点的动能相等，故8正确；

C、足球运动过程中，机械能变小；4和C的高度相同，重力势能相同，所以4处的动能

要大于C处的动能，故C错误；

。、在运动过程中，其机械能在减小，因此不只存在动能和势能的相互转化，还存在机

械能与内能的转化，故。错误.

故选：B。

图中足球的高度越来越小，即说明有机械能的损失；重力势能大小的影响因素：质量、

被举起的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能包括动能和势能，据此判

断动能和势能的变化。

本题中，首先确定机械能是减小的，再根据机械能包括动能和势能，并根据它们的不同

影响因素做出分析与判断。

11.【答案】B

【解析】解：4从图象上看，0〜6s和6s〜12s物体以不同的速度做匀速直线运动，而

。〜6s过程中通过的路程是3m,6〜12s的过程中通过路程为1m,因为相同时间内通过

的路程越多，速度越大，因此。〜6s过程中的速度大于6〜12s的过程中的速度，即4s时

的速度大于10s时的速度，故4错误；

8、从图中可以看出，0〜6s过程中通过的距离为3m；6〜12s的过程中通过的距离为16；

而拉力相同，由勿=?5可知，0至6s内拉力对物体做的功大于6s至12s内拉力对物体做

的功；故8正确；

C、由于速度发生了改变，根据P=Fu可知，由。〜6s过程中的速度大于6〜12s的过程

中的速度，0-6s拉力对物体做功的功率大于6-12s拉力对物体做功的功率，故C错

、口

联；

。、由图象可知，物体做匀速直线运动,拉力等于阻力,0〜6s物体所受的拉力等于6-12s

物体所受的拉力，故。错误。

故选：B。

(1)由图象可得，物体处于平衡状态；物体处于静止或匀速直线运动状态时，受的是平

衡力的作用，大小相等；

(2)比较物体运动快慢的方法：运动相同的路程比时间，时间越短，速度越快；相同时

间比路程，路程越长，速度越快；

(3)从图象上分别读出0〜6s和6〜12s过程中通过的距离，根据W=FS比较拉力做功的

多少；

(4)根据P=尸。判断功率的变化。

根据图象判断物体是否做匀速直线运动以及速度大小的关系，知道平衡力的辨别和功、

功率的计算公式是解决本题的关键。

12.【答案】C

【解析】解：

根据实物连接图，画出电路图如下:

由图知，两灯并联，S1在干路上，S2在乙2支路上，电流表4在干路上，测量干路电流;

电流表4在L1支路上，测量通过L1的电流。

先闭合开关Si，电路为L的简单电路，两电流表均测L的电流；

当S2从断开到闭合的过程中，因并联电路中各支路互不影响，则通过刀的电流不变，即

心的示数不变；电流表4由测量通过L的电流，变为测量干路电流，则为示数变大；

所以，48。错、C正确。

故选:Co

第18页，共31页

当Si闭合、S2断开时，电路为灯泡L1的简单电路，两电流表测电路中的电流；当两个开

关都闭合时，两灯泡并联，电流表&测通过及的电流，必测干路电流；根据并联电路独

立工作、互不影响可知通过刀的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变

化。

本题考查了电路的动态分析和并联电路特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合前后

电路变化的分析和电流表所测电路元件的判断。

13.【答案】做功热传递

【解析】解：两个手摩擦，摩擦生热，将机械能转化为内能，这是通过做功的方法来改

变了手的内能；

用嘴对着手“呵气”是通过热传递的方式使手的内能增加。

故答案为：做功，热传递。

两者都增加了手的内能，但结合改变物体内能的方法，可以知道两者的不同。

此题中手的内能都增加了，但方法不同，充分体现了做功与热传递在改变物体内能上具

有等效性。

14.【答案】筒内气体增加A3000

【解析】解：(1)在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅

速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加，温度升高；

(2)4图中两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，机械能转化为内能；

8图中排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程，没有能量转化；

C图中两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，内能转化机械能；

。图中进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程，没有能量转化；

综上分析，空气压缩引火仪的能量转化形式与汽油机的压缩冲程的能量转化形式相同；

(3)汽油机每秒对外做功25次，则每分钟对外做功25X60=1500次；因为一个工作循

环飞轮转2圈，完成4个工作冲程，做功一次，故汽油机的转速为1500X2r/rnin=

3000r/min<,

故答案为：筒内气体；增加；43000o

(1)改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；

(2)四冲程汽油机一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程

组成，根据气门的闭合和活塞的运行方向判断是哪一个冲程；在压缩冲程中，活塞压缩

空气做功，将机械能转化为内能；

（3）在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次。

本题主要考查改变物体内能的方式、热机飞轮转速的含义的理解以及对热机工作循环中

各冲程情况的了解，难度不大。

15.【答案】的水温度升高（或降低）1℃,吸收（或放出）的热量是4.2x103/5.04x

1050.042

【解析】解：水的比热容为4.2x103〃（kg.℃）,其表示的物理含义是1kg的水温度升

高（或降低）1℃,吸收（或放出）的热量是4.2x103/o

4kg的水由20冤升高了50。（：吸收的热量Q吸=cm△t=4.2x10?J/（kg-℃）x4kgx

（50℃-20℃）=5.04X10s；»

因为Q吸=Q成x30%,

故天然气完全燃烧放出的热量Q^=黑=嗡署=1,68x1。6人

因为Q^="q，

天然气的体积U=含；=途繇二°。42胎。

故答案为：1kg的水温度升高（或降低）1℃,吸收（或放出）的热量是4.2x103J；5.04x10s；

0.042m3o

水的比热容为4.2x103J/（kg■℃）,其表示的物理含义是1kg的水温度升高（或降低）1K,

吸收（或放出）的热量是4.2x103/：

根据Q收=czn/t得出4kg的水由20久升高了50。（：吸收的热量；

根据=粤得出天然气完全燃烧放出的热量，根据U=4得出天然气的体积。

y成30%q天然气

本题考查热值、比热容、效率的有关知识，难度不大。

16.【答案】相等不变先增大后减小先减小后增大

【解析】解：甲、乙两个相同的小球质量相等，抛出时速度相等，动能相等；高度相同，

重力势能相等，故机械能相等；

若不计空气阻力，甲球在空中下落时机械能不变：

第20页，共31页

乙球质量不变，上升过程中，高度增大，重力势能增大；速度减小，动能减小；乙球上

升的最高点开始下降，下降过程中，高度减小，重力势能减小；速度增大，动能增大；

所以乙球在落地前，重力势能先增大后减小，动能先减小后增大。

故答案为：相等；先增大后减小；先减小后增大。

(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。

(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越

大；

(3)机械能=动能+势能。不计空气阻力，小球的机械能是守恒的。

掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，

可以帮助我们更好的理解能量的转化。

17.【答案】1.20.96

【解析】解：由电路图可知，两开关都闭合时，两灯泡并联，电流表4测的是干路电流，

电流表公测的是通过力的电流；

因为并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以干路上电流表4示数应大于

支路电流表4的示数，

而两电流表的指针偏转相同，所以电流表4使用的是。〜34量程，分度值为0.144的示

数为1.24,即干路电流/=1.24

电流表必使用的是。〜0.64量程，分度值是0。24,4的示数为0.244,即通过电阻刀的

电流A=0.44

则通过G的电流为:12=1-11=1.2/1-0.24/1=0.964。

故答案为：1.2；0.96。

分析电路可知：两灯泡并联，电流表4测的是干路电流，电流表4测的是通过人的电流；

根据并联电路的电流规律和两电流表指针偏转相同确定两电流表的量程，读出两电流表

示数，再计算出通过灯泡乙2的电流。

本题考查了并联电路的电流特点，根据电路连接方式、两个电流表指针偏转相同确定两

个电流表的量程解题的关键。

18.【答案】费力OC525

【解析】解：

(I)木杆是一个杠杆，C为支点，小明的脚施加的力是动力&,动力臂为。C,按钮对木

杆的压力为阻力尸2,阻力臂为CD,木杆示意图如下：

小明在C点用脚给杠杆施加20N垂直于杆的压力当时，根据力臂的定义可知，此时动力

臂的大小为。C的长度，为20cm=0.2m；

由图可知：动力臂OC小于阻力臂CD,所以木杆是费力杠杆；

由图可知，阻力?2为的力臂为CO=AB=80c?n=0.87n；

根据杠杆的平衡条件可知：居xOC=尸2XCD,所以，20NX0.2m=F2X0.8m,解得：

F2=5N；

(2)若脚沿水平向右的方向用力F3,此时的力臂为OE,根据相似三角形知识可知，CE：

CD=OC：CA；

根据勾股定理可知，C4=7AB2+CB2=J(60cm)2+(80CTH)2=100cm=1m,则

CE=—xCD=—x0.8m=0.16m；

CA1m

根据杠杆的平衡条件可知：尸3XOE=尸2X0D,所以，尸3x0.16m=5Nx0.8m,解得：

F3=25N。

故答案为：(1)费力；0C；5；(2)25。

(1)注意脚垂直作用在杠杆上，压力与杠杆垂直向下，根据动力臂和阻力臂关系判断是

省力杠杆还是费力杠杆；根据杠杆的平衡条件求出阻力的大小；

(2)根据动力臂和阻力臂的大小，根据杠杆平衡条件求出F3大小。

本题要作出动力臂和阻力臂，并且明确动力臂的大小，这是解决本题的关键。

19.【答案】=80%

【解析】解：(1)先后用的力大小相等，先后经过光滑水平面和粗糙斜面运动的距离也

相同，由W=Fs可知，拉力所做的功相等，即吗=修；

(2)斜面倾角为30。，根据数学知识可知，直角三角形中30。角所对的直角边等于斜边的

第22页，共31页

一半，在CD段物体上升的高度九=：xs,

拉力做的有用功W奇G/i=8Nx：xs=4Nxs,额外功小须=介=INxs,

拉力做的总功W怒=W有丹+W麴=4Nxs+INxs=5Nxs,

斜面的机械效率：

W有用4NXS-[

〃=五=声'1A0A0n%/=o8n。n％/。

故答案为：=;80%。

(1)利用做功公式W=Fs判断拉力在48、CD段运动时拉力做功大小关系；

(2)斜面倾角为30。，根据数学知识可知，直角三角形中30。角所对的直角边等于斜边的

一半，据此可得在CD段物体上升的高度与CD长度的大小关系，利用W=G/i求拉力做的

有用功，利用勿=/s求额外功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比。

本题考查力做功大小的比较，以及使用斜面时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，

明确有用功、总功、额外功的关系是关键。

20.【答案】断开不发光短路cCD

【解析】解：(1)为保护电路，连接电路时，开关必须处于断开状态；

(2)根据电路图可知，导线将电源两极直接连接起来，形成了电源短路，因此两个灯泡

都不发光：

(3)根据电路图可知，拆除c这一根导线，电流从电源正极依次经过两个灯泡回到电源负

极，则两灯串联连接；

要使两灯成为并联的电路，则电流应从电源的正极出发，经开关分别流入两个灯泡、然

后汇合回到电源的负极；则由图可知，应将e导线的尸端移接到C端或E端，电路就能成

为两灯并联的正确电路了，故CO正确。

故答案为：(1)断开；(2)不发光；短路；(3)c；CD。

(1)连接电路时，开关必须处于断开状态；

(2)导线将电源两极连接起来的电路叫短路；短路时，用电器都不能工作，电源将被烧

坏；

(3)串联电路中，电流只有一条路径；并联电路中，电流有两条或多条路径。

本题考查了连接电路的注意事项、故障分析、电路的状态的识别、电路的改正及短路的

危害，能正确区别串并联电路。

21.【答案】解：。为支点，所以力作用在杠杆的最右端，并且力臂是支点。到杠杆最右

端的距离时，力臂最长，此时的力最小，确定出力臂然后做力臂的垂线即为最小的力

物体对杠杆的拉力即为阻力，过。点作阻力作用线的垂线即为阻力臂，2,如图所示：

【解析】求杠杆最小力的问题，已知点。是动力作用点，找出最长动力臂，然后作这个

力臂的垂线即为最小的力；

力臂是支点到力的作用线的距离，因此要先确定支点，然后判断力的方向，再过支点做

出力的作用线的垂线，支点到力的作用线的距离，即为所求作的力臂。

此题主要考查了杠杆中最小力的问题。解决此类题目的关键是确定出最长的力臂，并根

据力臂的画法做出最小的力。

22.【答案】解：从动滑轮上挂钩开始，依次绕过定滑轮和动滑轮，绳端回到人的手中，

则提升物体绳子段数为3,是最省力的绕法，如图所示：

【解析】最省力的绕绳方法即是承担物重的绳子段数最多，先分析出应由3段绳子承担

物重，才按照“奇动偶定”的原则确定绕绳方案。

省力多少和绳子的绕法，决定滑轮组的使用效果。动滑轮被几段绳子承担，拉力就是物

体和动滑轮总重的几分之一。

23.【答案】解：由电路图可知，该电路为串联电路；电流从电源的正极出来，先后经

过灯泡灯泡打、开关S回到电源的负极，实物图如下：

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【解析】分析电路的连接方式及开关的作用，根据电路图连接实物图。

本题考查根据电路图连接实物图，关键是分清电路连接关系，注意各元件顺序与电路图

一一对应。

24.【答案】0.02绳子的重力、绳子与滑轮间存在摩擦88.21、2越高

【解析】解：

(1)根据表中数据可知，动滑轮上升的高度等于物体上升的高度，即九=0.1/n,则前二

次克服动滑轮重所做的功：%=G/i=0.2Nx0.1m=0.027.

由于绳子的重力、绳子与滑轮间存在摩擦，所以对比表中数据，发现匕与脑的和嘴小

于“2；

(2)由表中数据可知，第二次实验的机械效率：功=需义100%=警、100%

100%«88.2%；

(3)研究滑轮组的机械效率与物重的关系，要控制其它因素相同，只改变物重大小，故

通过比较1、2两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机

械效率越高。

故答案为：(1)0.02；绳子的重力、绳子与滑轮间存在摩擦；(2)88.2；(3)1、2；越高。

(1)根据勿=G动力求出前二次克服动滑轮重所做的功；

(2)根据1=耨1=詈求出第二次实验的机械效率；

(3)研究滑轮组的机械效率与物重的关系，要控制其它因素相同，只改变物重大小，据

此分析。

本题考查了测量滑轮组机械效率的实验，涉及到滑轮组机械效率的计算以及分析实验数

据得出结论等，要注意影响滑轮组机械效率因素的掌握。

25.【答案】右左将左侧的钩码去掉一个大于A变大变大

【解析】解：(1)杠杆静止时，杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，应将平衡

螺母需向右调节使杠杆重心右移，使杠杆在水平位置平衡；

(2)设杠杆每个格的长度为3每个钩码的重力为G,根据杠杆的平衡条件：尸左心左=

Fa右,即3Gx3L>2Gx3L,故左端下沉；

要使杠杆重新在水平位置平衡，如果不增加钩码总个数和悬挂点位置，只需要将左侧的

钩码去掉一个，则有：2Gx3L=2Gx33即可平衡；

(3)假设弹簧测力计竖直向下拉杠杆，由杠杆的平衡条件：F以左=£斗右,即3GX4L=

Fx33解得F=4G=4x0.5N=2N,

由图可知弹簧测力计向右倾斜，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大，即

弹簧测力计的示数大于2N；

(4)由图可知，弹簧测力计拉力方向竖直向上，钩码拉力方向竖直向下，只能在杠杆的

左侧挂钩码才能时杠杆平衡，

由杠杆平衡条件可知，要是挂的钩码最少即力最小，应使力臂最大，由丁图可知，钩码

挂在4点时力臂最大，故将钩码挂在4点时挂的钩码最少；

(5)根据图示可知，将钩码移动到B点时，阻力和动力臂都不变，阻力臂增大，由FMi=

尸242可知，动力将变大；

将钩码移至B点，提升相同高度，有用功相同，弹簧测力计竖直移动的距离不同，B点

时杠杆上上升的高度小些，做的额外功小些，所以机械效率变大。

故答案为：(1)右；(2)左；将左侧的钩码去掉一个；(3)大于；(4)4(5)变大；变大。

(1)杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，使

杠杆在水平位置平衡；

(2)设一个钩码重为G,杠杆一个小格是3根据杠杆平衡条件判断杠杆向哪端下降，要

保持平衡，根据杠杆的平衡条件判断去掉哪侧钩码：

(3)先假设弹簧测力计竖直向下拉杠杆，根据杠杆的平衡条件求出此时的拉力大小，再

分析拉力的方向倾斜时，拉力力臂的变化，根据杠杆的平衡条件分析弹簧测力计示数变

化；

(4)先根据弹簧测力计拉力的方向和钩码拉力的方向结合图分析钩码应挂在哪侧才能使

杠杆平衡，再根据杠杆平衡条件可知，力臂最大时对应的力最小；

(5)根据杠杆平衡条件进行分析；通过分析有用功和额外功的变化得出机械效率的变化.

第26页，共31页

此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用以及杠杆机械效率

的测量，把握有用功、额外功的计算方式，明确机械效率的表达式和杠杆的平衡条件是

关键。

26.【答案】小车增加甲图小车由静止释放时的高度质量相同时，小车的速度越大,

动能越大DBD

【解析】解：(1)根据题意可知，实验中探究小球的动能，即小球撞击木块时的动能；

(2)由图可知，图甲中小车下滑的高度大于乙中小车下滑的高度，实验中观察到木块移

动的距离Si、S2接近，这表明小车的动能接近，为了使现象更明显，可以增大自来增大

小车的动能，从而使S］更大；

(3)如图所示，同一小车从斜面不同高度由静止释放，达到水平面的速度不同，高度越

高，达到水平面的速度越大，纸盒被推得越远，说明小球的动能越大，结论是：质量相

同时，小车的速度越大，动能越大；

(4)根据实验可知，小车下滑的高度不同，到达水平面时的速度不同，探究的是动能大

小与速度的关系，速度越大，动能越大；

4高速公路对货车限高，与动能的大小无关；

B.高速公路对货车限重，是通过减小质量来减小动能的；

C.桥梁对货车限重，与动能的大小无关；

D高速公路对货车限速，是通过减小速度来减小动能的，

故。正确。

(5)实验中通过小车撞击木块运动的距离的大小判定动能的大小，采用的是转换法；

A“点火爆炸”实验中滴入的酒精，当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气

对盒盖做功，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小，没有用到转换法,

故A不符合题意；

8"探究影响重力势能大小因素”实验中，通过小桌下陷的深度来体现物体重力势能的

大小，用到了转换法，故B符合题意；

C.“探究不同物质吸热升温现象”实验中的水和沙子质量相同，应用了控制变量法，故

C不符合题意；

D“比较质量相同的不同燃料燃烧放出热量”实验中，根据水的温度变化大小判定燃料

放出热的多少，用到了转换法，故。符合题意；

故选：BD。

故答案为：(1)小车；(2)增加甲图小车由静止释放时的高度；(3)质量相同时，小车的速

度越大，动能越大；(4)D：(5)BD。

(1)据题意可知，实验中探究小车的动能，即小车撞击木块时的动能；

(2)可以从增大速度，从而增大动能的方法考虑；

(3)动能的大小与物体的质量和速度有关，探究动能与速度关系时，要控制质量不变，

据此分析；

(4)在质量一定时，速度越大，动能越大；

(5)根据转换法分析。

本题探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，考查控制变量法及转换法的运用,

同时也考查了对实验方案的改进。

27.【答案】B、C天平加热时间燃料燃烧放出的热量多少②

【解析】解：(1)为了比较不同物质的吸热本领的大小，需要燃烧相同的燃料，加热相

同的时间，比较质量和初温相同的不同液体升高的温度，应选择B、C两套装置；

要完成该探究实验，需要使液体的质量相同、相同质量的不同燃料，因此该实验还需要

使用天平测质量；

(2)相同的酒精灯，在相同时间内液体吸收的热量相同，所以“探究不同物质吸热升温

现象”的实验中，物质吸收的热量是通过加热时间来反映的；

“比较不同燃料燃烧放出热量”的实验中，为了比较不同燃料燃烧时放出热量，要选择

不同燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，

进而来比较燃料燃烧放出的热量多少；

比较不同燃料的热值，应控制被加热液体的种类、质量相同而燃料不同；为了比较不同

物质的吸热本领的大小，需要燃烧相同的燃料，比较质量和初温相同的不同液体升高的

温度，所以两个实验中都需要控制不变的量吸热物质的质量，故②正确。

故答案为：⑴B、C；天平；(2)加热时间；燃料燃烧放出的热量多少；②。

(1)探究不同物质吸热升温的现象，应选用不同的液体，相同燃料：

实验中需要控制液体的质量或燃料的质量相等，据此可知测量质量的工具；

(2)加热时间的长短反映物质吸收热量的多少；相同质量的同种液体，升高的温度反映

燃料放出热量的多少；

利用控制变量法进行分析。

本题比较不同物质的吸热能力和比较不同燃料的热值实验，考查控制变量法、转换法的

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应用，综合性强。

28.