高中物理难题巧解归纳总结

..高中物理难题巧解归纳总结用逆向思维巧解运动学问题匀减速运动中的某些问题，用常规解法来解，步骤往往比拟多，或似乎无法求解；如改用逆向思维来考虑，不仅能顺利求解，而且步骤也比拟简便。此处所谓逆向思维是把运动的"末状态〞当作"初状态〞，而把物体的运动逆时间顺序倒过来考虑。例1：做匀减速直线运动直到静止的物体，在最后三个连续相等的运动时间通过的位移比是。解析：初速度为零的匀加速直线运动开场的三个连续相等的时间通过的位移比为：1：3：5，如把这题中的运动倒过来逆时间顺序考虑，可用上前面的规律，那么可得答案为：5：3：1。例2：一物体以4m/s2的加速做匀减速直线运动直到停顿，求物体停顿前的第2s通过的路程。解析：按常方法考虑似乎缺少条件，无法求解。如改用逆思维，将物体看成从静止开场做加速度为4m/s2的匀加速运动，它在第二秒通过的路程与题目所求的物体在静止前的第二秒通过的路程相等。那么s=at22/2-at12/2=4×22/2-4×12/2=6m。例3：一小物体以一定的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab的中点，物体由a到e的时间为t0,那么它从e经b再返回e所需时间为[]A．t0B.(-1)t0C.2(+1)t0D.(2+1)t0解析：由逆向思维可知物体从b到e和从e到a的时间比为：1：(-1)；即：t：t0=1：(-1),得t=(+1)t0,由运动的对称性可得从e到b和从b到e的时间相等，所以从e经b再返回e所需时间为2t,即2(+1)t0，答案为C。例4：一物体以某一初速度在粗糙的平面上做匀减速直线运动，最后静止下来。假设物体在最初5s通过的路程与最后5s通过的路程之比为11：5，求此物体一共运动了多长时间。解析：由题意可知运动时间大于5s,但比10s大，还是小还是相等，无法确定。下列图是按运动时间大于10s画出的示意图。设总的运动时间为t，用逆向思维考虑，将物体看成反方向的匀加速直线运动，那么有：s2=at22/2=25a/2(1)s1=at2/2-a(t-t1)2/2(2)又:s1：s2=11：5(3)联立〔1〕、〔2〕、〔3〕解得：t=8s巧解平抛运动解平抛运动问题的一般方法是利用运动的合成和分解，但不能硬搬原理，机械地套公式，要灵活运用。1.利用分运动的特点例1.在研究平抛运动的实验中，用一印有小方格的纸记录平抛小球的运动轨迹，小方格的边长，假设小球在平抛运动过程中的几个位置如图1中的a、b、c、d点所示，那么小球做平抛运动的初速度是多大？图1分析：平抛运动的水平运动是匀速运动，要求初速度，即水平速度，可利用来求，其中水平位移可由图读出，问题的关键是确定与对应的时间间隔。观察图中a、b、c、d的位置关系，可以看出：相邻两点间的水平位移相等，竖直位移之比为1：2：3。从而可断定相邻两点的时间间隔相等，且a点不是抛出点。平抛运动在竖直方向上的分运动是由自由落体运动，而匀加速直线运动在连续相等的时间的位移差是一个常量，即因为a、b、c、d相邻两点的时间间隔相等所以在竖直方向上有代入数据得即所以小球抛出的速度，即水平速度为2.利用分运动之间的关系例2.如图2，在倾角为的斜面上以速度水平抛出一小球，设斜面足够长，不计空气阻力，求小球再次落到斜面上所用的时间和发生的位移大小是多少？图2分析：按平抛运动的常规分析方法，应由小球下落的高度求时间，但下落的高度未知，这条思路不通，此时可利用分运动之间的关系，根据平抛运动分运动的特点知，两个分运动的位移与合运动的位移构成一个直角三角形那么有所以位移大小3.旋转坐标例3.如图3，一小球以初速度沿水平方向从斜面的顶端抛出，斜面的倾角为，求小球何时离斜面最远？最远距离是多少？〔设斜面足够长〕图3分析：从沿水平方向和竖直方向的直角坐标系考虑，很难判断小球何时离斜面最远。运用运动的合成与分解思想，不妨建立如图4所示的倾斜直角坐标系，即将小球的初速度分解为沿斜面的分速度和垂直于斜面的分速度，将小球的加速度分解为沿斜面的分加速度和垂直于斜面的分加速度。由运动的独立性原理可知，小球在平行于斜面方向做匀加速直线运动，在垂直斜面方向做类竖直上抛运动。图4当小球距离斜面最远时，垂直于斜面方向的分速度应为零〔即小球此时的速度方向与斜面平行〕那么即，所以小球离斜面的最远距离为4.等效转换例4.如图5，光滑斜面长为，宽为，倾角为。一物块从斜面左上方顶点P水平入射，从右下方顶点Q离开斜面，那么入射的初速度为多大？图5分析：物块在斜面上只受重力和支持力作用，合外力为，方向沿斜面向下，与物体的初速度方向垂直，所以物块的运动可看作是在斜面上的"平抛运动〞，即沿初速度方向的匀速运动与沿斜面向下的匀加速运动的合运动。在水平方向上的位移沿斜面方向的位移所以练习：1.如图6，以水平初速度抛出一物体，飞行一段时间后，恰好垂直地撞在倾角的斜面上，求物体完成这段飞行的时间。〔答：〕图62.如图7，一弹性球从圆柱形筒壁口的A点水平抛入，与筒壁碰撞后恰落到筒底正中心O处，不计碰撞中的能量损失，那么PN：MN＝_______〔答：5：9〕图7巧用回路法求导线的感应电动势在用法拉第电磁感应定律求感应电动势时，常碰到"曲导线〞，甚至碰到似乎超纲，感到无从下手的问题。此时假设利用回路法构建一闭合回路，将所求的问题巧妙转化，使问题迎刃而解。构建回路，利用回路的电动势为零求感应电动势BPBPQ图1解析直接求曲导线PQ产生的感应电动势较繁。假设连接PQ建成一半圆形的闭合回路，根据法拉第电磁感应定律可得该回路产生的感应电动势为零。即半圆形金属导线PQ与直导线PQ产生的感应电动势相等。导线PQ产生的感应电动势E=2rvB。例2如图2所示，金属导线ABC弯成直角处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面向里，AB=2L，BC=L，导线ABC在自身所在平面绕A点在磁场中以角速度匀速转动，求导线ABC产生的感应电动势的大小。图2C图2CAB困难。假设连接AC建成一三角形的闭合回路，根据法拉第电磁应定律可得该回路产生的感应电动势为零。即金属导线ABC与直导线AC产生的感应电动势相等。而AC=，导线ABC产生的感应电动势的大小E=Bl=B二、构建回路，利用对称性求感应电动势例3如图3-1所示，半径为r的圆形区域充满磁场，磁感强度以=k的变化率均匀变化，其方向垂直圆形平面向里。一长度为r、固定不动的直导线ab垂直磁场方向置于磁场中，且直导线两端a、b恰在圆周上，求导线ab中感应电动势的大小？解析此题乍一看似乎超纲，感到无从下手。但根据对称性，在圆形区域添加五条与ab一样的直导线构成一个接正六边形导线回路，如图3-2所示。由法拉第电磁感应定律可得回路b图3-2ab图3-1a中感应电动势①，而正六边形面积S=②，由对称性得直导线ab中感应电动势③解①②③b图3-2ab图3-1a三、构建回路，利用等效性求感应电动势CBO图4-1例4如图4-1，半径为r的金属圆环，处在磁感应强度为B的匀强磁场中绕轴以角速度匀速转动，假设从图示位置起转过弧度，求转动过程中，BC弧〔所对圆心角度600〕切割磁感线产生的平均感应电动势。CBO图4-1BC图4-2BC图4-2NM困难。假设构成如图4-2的BM闭合回路，根据法拉第电磁应定律可得在转动过程中，BC弧〔所对圆心角度600〕切割磁感线产生平均感应电动势，可等效为金属线圈BM绕轴匀速转动产生平均感应电动势，该回路的面积S=，转过弧度的时间t=/，由法拉第电磁感应定律可得回路BM平均感应电动势==用"V—t图象〞巧解运动学问题使用"速度—时间〞解运动学问题，不但形象直观，而且十分简捷准确。有些问题可以直接从图象得到答案，有些问题借助于图象只须简单的计算就能求解还可以纠正解析法的错误。下面就这种方法举例说明：一、运动时间长短确实定t乙t乙t甲t丙V0甲vt乙丙图1A、甲车先通过下一路标B、乙车先通过下一路标C、丙车先通过下一路标D、条件缺乏，无法判断分析：甲、乙、丙三辆汽车通过的路程一样，其速度图线与t轴所围的面积相等。作三辆汽车的速度图象如图1所示，由速度图象直接得出正确答案为〔B〕。二、判断加速度的大小VCvt乙a1图2a2VAVBO例2、做匀速直线运动的物体，经过A、B两点时的速度vA和vB，经过A、B中点C时的速度为vC=〔vA+vB〕VCvt乙a1图2a2VAVBOA、a1>a2B、a1<a2C、a1=a2D、条件缺乏，无法判定分析：vC为AB中点的瞬时速度而它满足物体初速度为vA，末速度为vB的匀加速直线运动的时间中点的瞬时速度。如图2所示，速度图线与t轴所围的面积其数值等于物体运动的位移。位移中点的时刻必须从时间中点右移，因此物体运动的速度图象只能是图中实线所示的情况。所以a1<a2。答案B正确gtsinαgtsinαvt图4OABAB图3例3、如图3所示，倾角为α的斜面与光滑水平面有一小圆弧相连接，B物体从斜面上由静止下滑，与此同时，A物体在斜面底部做初速度为零的匀加速直线运动，为使B物体滑下后沿水平面运动且恰能追上A，那么A物体的加速度大小为AB图3分析：B物体在光滑斜面上做匀加速直线运动，设运动时间为t，滑到底端的速度为gtsinα；在水平面做匀速直线运动。B物体恰能追上A物体的临界条件是两物体速度相等时B追上A。那么B物体在光滑水平面的位移与A物体在光滑水平面上的位移相等，即B物体在光滑水平面上的速度图线与t轴所包围的矩形面积等于等于A物体在光滑水平面上的速度图线与t轴所包围的三角形面积，如图4所示，当图中画有斜线的一对三角形面积相等时，B恰好追上A。所以A物体的加速度a=gtsinα/2t=gsinα/2。用别离法速解选择题解选择题时，应重视把知识与实践相结合，灵活运用各种方法，如排除法、赋值法、极值法、别离法等等，那么能到达化繁为简，化难为易的目的，这些方法能让学生从另一种思维中快速找到答案，而且学生更容易理解。其中别离法，就是将多个相互关联的研究对象别离成多个单独的对象进展研究，或将一个研究对象别离成几个局部单独研究，各个击破，使问题得以简化，到达快速解题的目的。例1.一艘载有石块的小船浮在一水池里，如果把石块投入水中，那么池中水面如何变化？A.升高 B.降低C.不变 D.无法判断解析：此题按严格的逻辑与解法应先求出投入前后的排开体积来比拟，即：投入前：船与石块处于漂浮状态，有投入后：石块下沉，排开的体积就是石块的体积比拟〔1〕、〔2〕两式，由于所以水面降低。此解法逻辑性强，但学生对无数据题往往无从下手，如果采用别离法，那么会显得简单，更易理解。我们假设开场石块用一根绳吊在船下，这与放在船中排开的总体积应该是一样的，现在将船和石块分开，即将绳子剪断，石块下落并不影响水面上下，而船由于少一个石块向下的拉力而上浮一些，排开水的体积减少，所以水面降低。例题2.如下图，三个容器中装有适量的液体，当温度升高时，不考虑液体蒸发和容器的膨胀，容器底部的压强将：图1：______________，图2：______________，图3：_______________。A.增大 B.减小C.不变 D.无法判断解析：此题图1由于温度变化前后液体重力不变，底面积不变，所以压强不变，关键是图2和图3，下面本人以图2为例，用别离法来解答，为了说得清楚，我们用画图来加以说明。如图4所示，假设我们用一大小可忽略的圆筒形物体将容器中的液体分成两局部，中间为圆柱体，外面是上大下小的环形锥体，现在温度升高，圆筒的液体升高至h2处，外面由于是锥形，所以在同样的膨胀度下上升得低一点，上升到h3处，如果将分隔的圆筒去掉，那么筒水面会降一点，外面水面上升一点，最后液面高度为，如温度升高后液体密度为，那么温度升高后的压强为。而由图1的结论，温度升高前容器底部的压强等于升高后筒液体对底部的压强，即，因为，所以压强减小。对于图3同样的方法可解，压强将增大。图4从以上解题过程我们可以看到，用别离法解题使问题得以简化，容易理解，同时可以培养学生的发散思维和创新能力。用运动图象巧解直线运动问题运动图象能形象直观地反映物体的运动情况，而且图线的斜率、与t轴所围的面积等等都有明确的含义，因而利用运动图象，可以提高解题的能力与技巧，甚至可以解决一些单用解析方法在中学阶段还不能解决的问题，请看下面几例.[例1]从车站出发的每辆车都先以加速度a作匀加速直线运动，加速到速度为v时开场作匀速直线运动，由于发车的时间间隔一样，相邻的作匀速直线运动的两车间距均为s，那么相邻两车发车的时间间隔为_____.此例假设想用解析方法求解，会感到较难下手，假设引导学生画出相邻各车的v－t图线，那么问题很快可以解决，如图1，ts末第一、第二辆车的速度都到达v，此后两车间距s不变.此时第一辆车通过的路程数值上等于梯形OABt的面积，第二辆车通过的路程数值上等于三角形t1Bt的面积，两图形的面积之差即平行四边形OABt1的面积数值上等于两车的路程之差，即两车的间距s.依据平行四边形的面积等于一边与这一边上高的乘积，从图1中可对应找到s=v△t，即相邻两车发车的时间间隔为s/v。[例2]质点沿光滑斜面无初速下滑，第一次从A至B，第二次从A至C再到D，B、D在同一水平面，AB=AC＋CD，如图2所示。质点在C处不损失能量，两次下滑时间分别为t1与t2，那么[]A.t1＞t2.B.t1＜t2.C.t1=t2.D.无法判断.由于在下滑过程中不损失机械能，因此质点到达B点和D点的速度均为v，如图3所示，即两次下滑的v－t图线的终点均应落在直线vF上.OF为第一次下滑的v－t图线，OG为第二次下滑AC段的图线，由于AC段的加速度比AB段大，OG的斜率比OF的斜率大.GH为CD段图线，H落在vF上，H可能在F的左边、右边或与F重合.假设H正好与F重合，那么四边形OGHt1的面积比三角形OFt1的面积大，这说明第二次下滑的路程较长，这与AB=AC＋CD相矛质，所以H不可能与F重合，即t1不可能等于t2.假设H在F的右边，如图4.GH与OF的交点为M，过M作MN∥vH，连FN，FN与MH交于K，Ft1与MH交于I.△FMH与△FNH同底等高，两者面积相等，去掉公共局部△FKH的面积，可得△MKF与△HKN的面积相等.两次下滑的v－t图线包围的面积，公共重叠的局部是四边形OMIt1，第一次下滑的v－t图中不重叠局部只有△MFI，而它的面积S△MFI＜S△MFK=S△NHK，S△NHK只是第二次下滑的v－t图中不重叠面积中的一局部，这就证明了H在F的右边时，四边形OGHt2。的面积比三角形OFt1的面积大，这与题设矛盾，所以H只能在F的左边，即t1＞t2，〔A〕选项正确.[例3]作匀加速直线运动的物体先后经过A、B、C三点，在AB段物体的平均速度为3m/s，在BC段平均速度为6m/s，AB=BC，那么物体在B点的速度为[]A.4m/s.B.4.5m/s.C.5m/s.D.5.5m/s.AB=BC，通过两段路程的时间之比为t1：t2=2：1.图5画出了物体通过两段路程的v－t图，根据匀变速直线运动中某段中间时刻的瞬时速度等于整段时间的平均速度，那么AB段中间时刻的速度vF=的MG∥NK，依据平行线所截线段对应成比例.那么EG:GK=t1∶t2=2∶1，又因为F为EG中点，H为GK中点，所以FG：GH=2：1，而FG：GH=项正确.[例4]作匀变速直线运动的物体在运动过程过一段路程s用时间为t，接着再通过一段路程s用时间为2t，又继续前进，那么物体的加速度大小为____.由后通过路程s所用的时间长，可知一定是匀减速运动，物体作匀减速运动的v－t图象如图6所示，第一段路程中间时刻的速度vA等于第一段路程的平均速度s/t，第二段路程中间时刻的速度vC等于第二段路程的平均速度s/2t，这二个中间时刻的时间间隔tC-tA=3t/2，根据v-t图线斜率的绝对值在数值上等于加速度的大小，设直线EG的斜率为k，那么[例5]质点P以O点为平衡位置竖直向上作简谐运动，同时质点Q也从O点被竖直上抛，它们恰好同时到达最高点，且高度一样