【解析】广西河池市宜州区2023年中考二模物理试题

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一、单选题

1．李白的诗句“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的

A．响度B．音调C．音色D．频率

【答案】A

【知识点】音调、响度与音色的区分

【解析】【解答】“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指的是声音的音量大，即响度大。故A正确，B、C、D错误。

故答案为：A。

【分析】响度指声音的强弱，即日常生活中所说的“音量”；音调指声音的高低，即日常生活中所说的“声音粗细”。

2．下列说法正确的是（）

A．月亮是光源

B．激光准直是利用光沿直线传播

C．光总是沿直线传播的

D．光在透明介质中的传播速度都是3×108m/s

【答案】B

【知识点】光与光源；光的直线传播及其应用；光的传播速度与光年

【解析】【解答】A、月亮的光来自于对太阳光的反射，月亮本身不发光，所以不是光源，故A错误；

B、激光准直利用的就是光沿直线传播，故B正确；

C、光在介质中传播时，介质是同种的、均匀的，光才会沿直线传播，故C错误；

D、光在真空中的传播速度都是3×108m/s，在水中的传播速度是真空中的，在玻璃中的传播速度是真空中的；

故答案为：B。

【分析】光源是自身发光的物体，月亮、钻石都不是光源；光在同种均匀介质中沿直线传播；在不同介质中，光的传播速度不同。

3．早上小明乘坐公交车上学，途中发现路边的电线杆快速往后退，小明所选的参照物是（）

A．电线杆B．公路

C．公交车D．站台上候车的人

【答案】C

【知识点】参照物及其选择

【解析】【解答】A、电线杆快速往后退，说明电线杆是研究对象，电线杆自身不能作为参照物，所以A错误；

BD、电线杆快速往后退，说明电线杆处于运动状态，电线杆与公路、站台上候车的人，相对位置都没有发生变化，所以公路、站台上候车的人都不是电线杆的参照物，所以BD错误；

C、电线杆处于运动状态，电线杆与公交车的相对位置发生了变化，所以公交车是电线杆的参照物，所以C正确；

故答案为：C。

【分析】先确定研究对象及其运动状态，再根据研究对象与其他物体相对位置是否变化，判断参照物。

4．工人雕刻石像的过程中，石像不会发生变化的是（）

A．质量B．体积C．密度D．形状

【答案】C

【知识点】质量及其特性；密度及其特性

【解析】【解答】AB、质量是指物体含有物质的多少。体积指物体所占空间的大小。所以在雕刻石像的过程中，质量、体积都会减小。故A、B不符合题意；

C、密度是指单位体积内所含质量的大小，在雕刻石像的过程中，密度并没有改变。故C符合题意；

D、雕刻石像的过程本质上就是在改变物体的形状，故D不符合题意；

故答案为：C。

【分析】严格根据质量、体积、密度、形状的定义，来判断在雕刻过程中四个物理量是否发生变化。

5．生活现象中蕴含丰富的光学知识。下列说法正确的是（）

A．“镜中花”是由光的折射形成的

B．“月食”是由光沿直线传播形成的

C．“潭清疑水浅”是由光的反射形成的

D．“一叶障目”是由光的折射形成的

【答案】B

【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；平面镜成像的原理、特点

【解析】【解答】A、“镜中花”是平面镜成像，本质是光的反射，故A错误；

B、“月食”是指太阳光在传播到月球的过程中，被地球挡住了，月亮上没有光，使得地球上的人无法看到月亮。所以“月食”是由光沿直线传播形成的，故B正确；

C、“潭清疑水浅”是由光的折射形成的，故C错误；

D、“一叶障目”是由光沿直线传播形成的，故D错误；

故答案为：B。

【分析】首先，要熟知什么是光沿直线传播、反射、平面镜成像、折射、色散；其次，要会用光沿直线传播、反射、平面镜成像、折射、色散解释各自对应的生活中常见的光现象。

6．宇航员在月球上传递信息是利用（）

A．电磁波B．次声波C．超声波D．激光

【答案】A

【知识点】声音的传播条件

【解析】【解答】A、月球上是真空状态，电磁波可以在真空中传播，宇航员在月球上传递信息用的就是电磁波，故A正确；

BC、次声波、超声波都属于声音，声音在真空中不能传播，故BC错误；

D、激光是一种光，光可在真空中传播，但宇航员在月球上传递信息不是利用的激光，故D错误；

故答案为：A。

【分析】电磁波可以在真空中传播，声音不能在真空中传播，光可在真空中传播。

7．红绿灯路口写有标语“红灯停，绿灯行”。关于红灯与绿灯的连接方式，下列判断正确的是（）

A．一定是并联B．一定是串联

C．有时是串联，有时是并联D．不能判断是串联还是并联

【答案】A

【知识点】串联电路和并联电路的辨别

【解析】【解答】红灯与绿灯交替发光，两用电器互不影响，说明是并联关系，故A对，BCD错。

故答案为：A。

【分析】根据具体问题中，两用电器是否相互影响，可判断两用电器的串并联关系。

8．如图所示，在两辆靠得较近的小车上分别放一块磁体甲和乙，松手后，下列说法正确的是（）

A．甲先对乙施力，然后乙才对甲施力

B．由于甲、乙两磁体没有接触，因此甲、乙之间没有力的作用

C．甲对乙的作用力与乙对甲的作用力是一对平衡力

D．甲对乙的作用力与乙对甲的作用力是一对相互作用力

【答案】D

【知识点】力的概念及单位；力作用的相互性；平衡力的辨别

【解析】【解答】两小车上分别放磁体甲和乙，根据同性相吸，可知两磁体相互排斥。甲对乙施加的力和乙对甲施加的力是一对相互作用力，相互作用力同时产生，同时消失，并没有先后之分，故ABC错误，D正确。

答案为：D。

【分析】根据图像，可知两磁体同性相斥，产生了一对相互作用力。另外，两物体有没有接触，并不是判断有没有力产生的依据。

9．有一款新型皮箱，其内部没有电源，但拖动皮箱让轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，拉着皮箱在夜间行走会更安全。如图所示的装置中，与其原理相同的是（）

A．B．

C．D．

【答案】D

【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理

【解析】【解答】皮箱内部没有电源，皮箱轮子滚动时，轮子里的LED灯会发光，说明有电产生，即与发电机原理一致。

A图为通电导线周围存在磁场，即电流的磁效应；B图为通电导线在磁场中运动；C图为电动机；D图为闭合电路的部分导线切割磁感线运动（电磁感应），即发电机原理。故ABC错误，D正确。

故答案为：D。

【分析】熟知电与磁的原理及其装置。技巧：看图中有没有电源，有电源的是电生磁，没电源的是磁生电。

10．关于如图所示的四个事例，下列说法正确的是（）

A．甲图中软木塞飞出时，空气中的水蒸气会发生液化现象

B．乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，说明分子间存在引力

C．丙图中活塞向上运动时，内能转化为机械能

D．丁图中小朋友下滑时，内能转化为机械能

【答案】B

【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；内燃机的四个冲程；能量的转化或转移；分子间相互作用力

【解析】【解答】A、甲图试管中的水沸腾后，水蒸气将木塞推出，水蒸气对木塞做了共，其内能转化为木塞的机械能，木塞内能减少，温度降低，液化形成水雾。故A错误；

B、乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，可知两铅块相互吸引，说明分子间存在引力，故B正确；

C、丙图所示为汽油机，进气门关闭，出气门打开，活塞向上运动，说明此时为排气冲程，内能、机械能不相互转化，故C错误；

D、丁图中小朋友下滑时，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，故D错误；

故答案为：B。

【分析】水蒸气做功，内能降低，导致液化；两铅块分不开，说明分子间存在斥力；根据汽油机的状态可判断其冲程种类；克服摩擦力做功，内能增加，机械能减小，是内能转化为机械能的过程。

11．下列说法正确的是（）

A．家庭电路中火线与零线之间的电压为220V

B．开关接零线、火线都可以

C．可以用铜丝、铁丝等导线代替保险丝

D．使用试电笔时，人体绝对不能接触笔尾金属体

【答案】A

【知识点】家庭电路的连接；家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；测电笔的使用；熔断器的作用及保险丝的选择

【解析】【解答】A、我国家庭电路中的电压为220V，家庭电路中火线与零线之间的电压为220V，故A正确；

B、为了防止断开开关后用电器仍带电，开关应该接火线，而不能接零线，故B错误；

C、电阻大、熔点低的金属适合作为保险丝使用，用铜丝、铁丝等导线代替保险丝，当电路中电流过大时，铜丝或铁丝的熔点较高，不易熔断，起不到保险的作用，故C错误；

D、使用试电笔时，手必须接触上端的金属帽，电笔才会发挥作用，故D错误；

故答案为：A。

【分析】火线与零线之间的电压为220V；开关接火线，用电器接零线；电阻较大、熔点较低的金属适合作为保险丝使用；使用试电笔时，手必须接触上端的金属帽。

12．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，下列判断正确的是（）

A．电压表的示数变小

B．灯泡变暗

C．电流表的示数变小

D．电压表的示数与电流表的示数的比值变大

【答案】A

【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；实际功率

【解析】【解答】A、根据电路图，可判断出灯泡和滑动变阻器是串联关系，并且电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器电压。在滑动变阻器滑片P右滑过程中，其电阻变小，根据串联电路中电压规律-电阻越小，分压越小，可知电压表示数变小，故A正确；

B、滑动变阻器电阻变小，所以电路中总电阻变小，根据欧姆定律，可知电压不变时，电阻越小，电流越大，所以该串联电路中电流变大，即流过灯泡的电流变大。由于灯泡电阻不变，所以根据电功率变形公式，可知灯泡电功率变大，即灯泡变亮，故B错误；

C、该串联电路中电流变大，所以电流表示数变大；

D、电压表测滑动变阻器电压，电流表测滑动变阻器电流，所以根据欧姆定律，可知两个示数之比为为滑动变阻器的电阻大小。又由于滑片P右滑过程中，其电阻变小，可知两者比值变小，故D错误；

故答案为：A。

【分析】先判断电路中各元件的串并联关系，再根据滑动变阻器电阻的变化，判断其它物理量的变化。串联电路中，用电器分压，并且是按电阻比例来分配，所以在其他用电器电阻不变的情况下，用电器电阻越大，分压越多。不论串联电路，还是并联电路，电路中任何一个电阻变大时，总电阻都会变大，据此可以将电路中局部的变化过渡到整体的变化。

二、多选题

13．在水平桌面上，甲、乙两个相同的容器中装有体积相等的两种液体，将由同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时两容器中的液面相平，如图所示。下列结论正确的是（）

A．A的质量小于B的质量

B．A受到的浮力大于B受到的浮力

C．乙杯中液体的密度更大

D．甲杯液体和乙杯液体对容器底的压强相等

【答案】B

【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用

【解析】【解答】A、两种液体的体积相同，并且分别盛放在两个相同的容器中，可知最初液面相平。放入A、B两物体后，两容器中的液面依旧相平，可知。由图中A漂浮，B悬浮，可知，，所以。由于物体A、B是实心，并且是同种材料制作，所以ρA=ρB。根据密度公式ρ=，可知当ρA=ρB，时，，故A错误；

B、根据重力公式G=mg，可知当时，；又由于A漂浮、B悬浮，可知FA浮=GA、FB浮=GB，所以。故B正确；

C、已求出关系、，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，可知，故C错误。

D、已求出关系，并且已知静止时两容器中的液面相平，即两容器底部液体深度相同，即h甲=h乙，根据液体压强公式p=ρgh，可知p甲＞p乙。故D错误。

故答案为：B。

【分析】据图，可以判断物体体积与排开液体的体积关系，此为隐含条件，注意发掘。根据密度公式，已知两物体体积的大小关系，可求两物体质量的大小关系。根据重力公式，已知两物体质量的大小关系，可求两物体重力的大小关系。

14．如图（a）所示是某家用电热器的内部电路结构图，其中R1、R2为加热电阻丝（R1小于R2）。若用它来烧开同一壶水，如图（b）所示是其电阻丝的四种连接方式，则下列说法正确的是（）

A．甲所用时间最长B．乙所用时间最长

C．丙所用时间最短D．丁所用时间最短

【答案】B,D

【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系

【解析】【解答】电阻丝连接方式为甲图时，R1被短路，只有R2工作，则电功率为P甲=；电阻丝连接方式为乙图时，R1和R2串联，则电功率为P乙=；电阻丝连接方式为丙图时，R1、R2都不工作，则电功率为P丙=0W；电阻丝连接方式为丁图时，R1和R2并联，则电功率为P丁=+；综上所述，P乙＜P甲＜P丁、P丙=0W，所以烧开同一壶水，丁最快，乙最慢。故A、C错误，B、D正确。

故答案为：BD。

【分析】根据四中连接方式，识别串并联电路。根据电功率的变形公式P=，判断四种连接方式对应的电功率大小，据此判断加热快慢。

15．下列说法正确的是（）

A．50℃的水的比热容比100℃的水的比热容小

B．质量相同的水和酒精升高相同的温度，水含有的热量更多

C．春天百花盛开，人们很远都能闻到花香，这是扩散现象

D．汽油机的做功冲程中将内能转化为机械能

【答案】C,D

【知识点】比热容；内燃机的四个冲程；分子热运动

【解析】【解答】A、比热容表示物质的吸热能力，是物质本身的性质，与物质的温度无关。50℃的水和100℃的水都是水，比热容相同，故A错误；

B、由质量相同的水和酒精升高相同的温度，知m水=m酒精，=，ρ水＞ρ酒精，根据比热容的变形式，可知＞，所以水吸收的热量比酒精吸收的热量多。由于原有热量的大小关系未知，所以最终含有的热量无法比较。故B错误；

C、香气是由于相应分子在不停的做无规则运动而发生的扩散现象，故C正确；

D、汽油机的做功冲程是气缸内气体推动活塞向下运动的过程，气体对外做功，气体的内能转化为汽油机的机械能，故D正确；

故答案为：CD。

【分析】比热容是物质本身的性质，与温度无关；两物体无论吸热多少，两物体的热量无法比较；花香是扩散现象；做功冲程是内能转化为机械能的过程。

16．小明踢足球，足球被踢出后向上运动又落回地面的运动轨迹如图中虚线所示。不计空气阻力，关于足球离开脚后的运动过程，下列说法正确的是（）

A．足球能继续上升，是由于惯性作用

B．足球上升过程中，动能转化为重力势能，到最高点时动能不为零

C．足球下落过程中，速度越来越快，惯性越来越大

D．足球下落过程中，重力对足球做了功

【答案】B,D

【知识点】动能和势能的大小变化；动能的影响因素；惯性及其现象；是否做功的判断

【解析】【解答】A、惯性作用是指力，不存在。足球离开脚后，能继续上升，是由于惯性，而非惯性作用，故A错误；

B、足球上升过程中，速度减小，高度变大，质量不变，所以动能减小，重力势能变大，又由于不计空气阻力，所以动能完全转化为重力势能。但是，即使升高到最高点，水平方向上依旧有速度，所以动能不为零，故B正确；

C、足球下落过程中，速度越来越快，但惯性不变。因为惯性只与质量有关，质量越大，惯性越大，足球下落时并未改变质量，故C错误；

D、足球下落过程中，运动方向向下，受重力的方向向下，所以重力对足球做了功；

故答案为：BD。

【分析】惯性作用并不存在；根据足球轨迹，可知在最高点时，依旧有水平向前的速度，由此判断动能不为零；惯性只与质量有关，质量不变，惯性不变；物体在力的方向产生距离，则该力对物体做了功。

三、填空题

17．如图所示，秒表的读数为；如图所示，物体的长度为cm。

【答案】5min37.5s；2.50

【知识点】时间及其测量；长度及其测量

【解析】【解答】秒表的小表盘中，指针指到5min到6min两刻度之间，所以时间为6min多，不到7min。由于小表盘指在5min和6min之间，并且过半，所以大表盘上的指针已经转过了第一圈，即该指针是在37s和38秒两刻度的正中间位置，所以大表盘所示时间为37.5s，故秒表示数为5min＋37.5s=5min37.5s。

物体左端对应刻度为1.00cm，右端对应刻度为3.50cm，所以物体长度为3.50cm－1.00cm=2.50cm。

【分析】根据秒表的小表盘指针情况可判断大标盘中指针是当前1min内的第一圈还是第二圈；刻度尺测量物体需要估读，注意是否是从零刻度线量起。

18．太阳能属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源。科学家通过不懈的努力，掌握了核能的获取方法来为人类服务，其中原子弹是通过（选填“核裂变”或“核聚变”）方式释放核能的。

【答案】可再生；核裂变

【知识点】能源及其分类；核聚变；核裂变

【解析】【解答】太阳能是能够在自然界中源源不断的得到的能源，属于可再生能源；原子弹是通过核裂变的方式释放核能的。

【分析】水能、风能、太阳能是常见的可再生能源；原子弹爆炸是核裂变，氢弹爆炸是核聚变。

19．如图所示，用F＝20N的拉力竖直向上匀速提升G＝50N的木块，2s内木块上升的高度为0.1m。在此过程中，拉力F做的功为J，滑轮组的机械效率为。

【答案】6；83.3%

【知识点】滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功

【解析】【解答】由图知，有三股绳子承担物重，即n=3，由于木块上升高度为h=0.1m，所以拉出绳子距离为s=nh=3×0.1m=0.3m。根据功的公式，可有拉力做功为W=Fs=20N×0.3m=6J。

法①：有用功为克服木块重力做功W有=Gh=50N×0.1m=5J，根据机械效率定义式式，可有η==×100％=83.3％；

法②：滑轮组机械效率η==×100％=83.3％。

【分析】抓住图中隐含条件，即承担物重绳子的股数，根据滑轮组工作原理，可得绳子移距，根据功的公式，即可计算拉力做功；滑轮组机械效率有两种方法可求，一种是以功的角度列机械效率公式，另一种是以力的角度列机械效率公式，通常情况下，第二种会更加简便。

20．我国的茶文化源远流长，茶壶的壶嘴与壶身相通而且等高，是利用原理制成的。泡好的茶放一段时间后茶叶下沉，是因为茶叶受到的浮力（选填“大于”“小于”或“等于”）重力。

【答案】连通器；小于

【知识点】连通器原理；物体的浮沉条件及其应用

【解析】【解答】茶壶的壶嘴与壶身相通，且壶嘴和壶身各自的上端都开口，所以利用的是连通器原理。

根据物体浮沉条件，重力大于浮力时，物体下沉，可知茶叶下沉时，其所受浮力小于重力。

【分析】下端连通，上端开口，即为连通器；重力大于浮力时，物体下沉，可根据浮沉，反推重力与浮力的关系。

21．如图所示，电源电压为4.5V且保持不变，定值电阻R为5Ω，滑动变阻器R′上标有“20Ω0.5A”的字样，电流表的量程为，电压表的量程为。闭合开关，在移动R′滑片P的过程中，为保证电路元件安全，滑动变阻器R′接入电路的最小阻值为Ω，定值电阻R的最大功率为W。

【答案】4；1.25

【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】根据电路图可知，定值电阻R和滑动变阻器R'串联，电流表测电路中电流，电压表测R两端电压。要求滑动变阻器R′接入电路的最小阻值，需考虑电路中最大电流应是多少。由于R′的规格为“20Ω0.5A”，电流表量程为，可初步判断最大电流为0.5A。由于电压表量程为，可知R两端最大电压为3V，根据欧姆定律，可求电路中的最大电流为I===0.6A。综上，电路中最大电流为0.5A时，滑动变阻器R′接入电路的阻值最小。此时，R两端电压为UR=I最大R=0.5A×5Ω=2.5V，所以R′两端电压为U′=U-UR=4.5V－2.5V=2V，最值为R′===4Ω。

根据功率的变形公示表P=I2R可知，定值电阻R两端电流最大时，功率最大。故P最大=I2最大R=0.52×5Ω=1.25W。

【分析】根据电路图，判断电学元件间的串并联关系。根据滑动变阻器、电流表、电压表规格，讨论电学最值问题。灵活运用串联电路中电流、电压规律及欧姆定律。在电阻一定时，选用功率的变形公示表P=I2R或P=讨论P的最值。

22．如图（a）所示，放在水平面上的实心圆柱体甲、乙由同种材料制成，其密度为，甲、乙的高度均为0.1m，甲的质量为10kg，乙的质量为20kg，则甲对水平面的压强为Pa；若在甲、乙上沿水平方向截去某一相同的厚度h，并将截去的部分分别叠放至对方剩余部分上表面的上都，如图（b）所示，此时恰能使叠放后的物体丙、丁对地面的压力相等，则物体丙对地面的压强与物体丁对面的压强之比为。

【答案】2000；2︰1

【知识点】力作用的相互性；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算

【解析】【解答】由于甲为实心圆柱体，密度为ρ=2×103kg/m3，高为h=0.1m，所以甲对水平面的压强为p=ρgh=2×103kg/m3×10N/kg×0.1m=2×103Pa；

同理，乙对水平面的压强也为p=2×103Pa，根据压强的定义式P=，可知S甲∶S乙=F甲∶F乙；根据重力公式G=mg和相互作用力，可有F甲∶F乙=G甲∶G乙=m甲∶m乙=10kg∶20kg=1：2；所以S甲∶S乙=F甲∶F乙=1：2，则S丙∶S丁=1：2；对于丙和丁，根据压强的定义式P=可知，当物体丙、丁对地面的压力相等时，p与S成反比，故p丙∶p丁=S丁∶S丙=2：1。

【分析】p=ρgh不仅适用于液体，也适用于柱体。根据p=ρgh可知甲乙对水平面的压强相等，再根据压强定义式，可知压力与受力面积成正比。对于丙丁，根据压强定义式，可知压力一定时，压强与受力面积成反比。

四、作图题

23．如图所示，静止在斜面上的物体受到斜面的支持力为8N，请画出该物体所受支持力的示意图。

【答案】

【知识点】力的三要素及力的示意图

【解析】【解答】斜面对物体的支持力，作用点在两接触面的受力物体上，方向垂直于斜面向上，大小为8N，如图所示。

【分析】支持力的作用点在两接触面的受力物体上，方向垂直于接触面朝向受力物体。

24．（2022·镇江）请用笔画线代替导线，将开关和灯泡正确连入家庭电路。

【答案】解：如图所示：

【知识点】家庭电路的连接

【解析】【解答】开关要控制火线，火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，如下图所示：

【分析】家庭电路中，灯泡的开关连接在火线一侧，开关连接在灯泡的顶端。

五、实验题

25．图甲、乙所示分别是做“探究平面镜成像特点”实验和“探究凸透镜成像规律”实验的装置。

（1）甲实验中，小米用玻璃板代替平面镜，主要利用了玻璃透明的特点，便于。放置玻璃板时，要求玻璃板与纸板垂直。珍珍同学用左手将放在玻璃板前的蜡烛点燃，发现玻璃板中的“自己”是用（选填“左”或“右”）手点燃蜡烛的；

（2）乙试验中，光屏上成清晰的像，像和蜡烛相比是（选填“放大”或“缩小”）的实像，（填光学仪器名称）就是利用这一成像规律工作的；如果将蜡烛逐渐向靠近凸透镜的方向移动，保持凸透镜的位置不变，要想在光屏上得到清晰的像，应将光屏向（选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动。

【答案】（1）确定像的位置；右

（2）放大；投影仪；远离

【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；探究平面镜成像的特点

【解析】【解答】（1）用玻璃板代替平面镜，是为了便于找到像的位置；平面镜成像所成的像与物是对称关系，人的左手是镜中人的右手。

（2）根据凸透镜成像规律，蜡烛在一倍焦距与二倍焦距之间时，成倒立放大的实像；利用此规律的光学仪器是投影仪；当蜡烛逐渐向靠近凸透镜的方向移动时，所成的像会远离凸透镜，所以要在光屏上得到清晰的像，光屏应远离凸透镜。

【分析】用玻璃板代替平面镜，是为了便于找到像的位置。平面镜成的像与物是对称关系；凸透镜成像，物体在一倍焦距与二倍焦距之间时，成像特点为“倒、大、实”；对应仪器是投影仪；“实像物进像远像变大”。

26．比较不同物质吸热的情况如图甲所示，用相同规格的电加热器给质量相同的水和食用油加热，记录数据并绘制出两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图乙所示；

（1）由图象可知，水和食用油升高相同的温度，的加热时间更长，说明它的吸热能力更强；换用多种液体进行实验，发现不同物质在质量相同、升高的温度相同的情况下，吸收的热量一般不同；为了表示不同物质的这种性质差别，物理学中引入了这个物理量；

（2）实验中通过比较（选填“加热时间的长短”或“温度计示数变化”）来反映液体吸收热量的多少；

（3）实验中水的质量是200g，0﹣3min内它吸收的热量是J；（c水＝4.2×103J/（kg℃））

（4）继续给水加热，水沸腾时温度计的示数如图丙所示，则水的沸点是℃，没有达到，原因可能是水面上的气压（选填“高于”或“低于”）一个标准大气压。

【答案】（1）水；比热容

（2）加热时间的长短

（3）1.68×104J

（4）98；低于

【知识点】比热容；热量的计算；沸点及沸点与气压的关系；比较不同物质吸热的情况实验

【解析】【解答】（1）由图像知，水和食用油升高相同的温度，水加热的时间更长；物质的吸热能力用比热容来表示；

（2）电加热器给水和食用油加热，加热的时间长短表示加热器放出的热量多少，即表示液体吸收热量的多少；

（3）由图像知，水在0﹣3min内温度由60℃升高到80℃，所以温度升高了=20℃，又知水的质量为m=200g=0.2kg，所以有Q吸=c水m=4.2×103J/（kg℃）×0.2kg×20℃=1.68×104J；

（4）水沸腾时温度计的示数如图丙所示，示数为98℃；温度低于100℃，由大气压越低，水的沸点越低，并且1标准大气压下，水的沸点为100℃，可知，此时水面上的气压低于1标准大气压。

【分析】比热容表示物质的吸、放热能力；电加热器的加热时长意味着放热多少，也意味着物质吸热多少；根据Q=cm，可以“知三求一”；大气压影响水的沸点，大气压越低，水的沸点越低。

27．为探究影响滑动摩擦力大小的因素，实验小组的同学用如图甲所示的装置和器材进行实验；

（1）本实验需要的测量工具是，实验原理是；

（2）只在木块上加放砝码，是为了探究滑动摩擦力大小与的关系，这里用到的实验方法是；

（3）实验中，发现弹簧测力计的示数很难稳定，于是同学们设计了如图乙所示的装置来进行实验；（水平传送带的速度可以调节，定滑轮摩擦忽略不计）

启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定时，其示数为2N，此时木块相对于地面是的，木块所受滑动摩擦力的大小是N；

（4）当弹簧测力计的示数稳定后，改变传送带的速度大小，发现弹簧测力计的示数没有改变，说明木块所受滑动摩擦力的大小与传送带的速度大小（选填“有关”或“无关”）。

【答案】（1）弹簧测力计；二力平衡条件

（2）压力大小；控制变量法

（3）静止；2

（4）无关

【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验

【解析】【解答】（1）实验中，滑动摩擦力大小是用弹簧测力计测出来的；并且根据二力平衡，物体所受木板的摩擦力大小等于拉力大小，方可用弹簧测力计示数表示滑动摩擦力的大小。

（2）只在木块上加放砝码，使得木块对平面的压力增大，是为了在不改变接触面粗糙程度的情况下，测量摩擦力的变化，来探究动摩擦力大小与压力大小的关系，用到了控制变量法。

（3）如图乙装置，木块与地面的相对位置没有发生变化，所以，木块相对于地面是静止的，根据二力平衡及定滑轮特点，木块所受拉力大小为弹簧测力计示数2N。

（4）弹簧测力计的示数表示木块所受滑动摩擦力的大小，改变传送带的速度大小时，弹簧测力计的示数不变，说明木块所受滑动摩擦力的大小不变，所以木块所受滑动摩擦力的大小与传送带的速度大小无关。

【分析】根据二力平衡，用弹簧测力计测滑动摩擦力。只放砝码，是为了只改变压力这一因素，判断压力对摩擦力的影响，用的是控制变量法；依据研究对象与参照物的相对位置是否发生变化，判断物体动静；定滑轮只改变力的方向，不改变力的大小。

28．小明用如图甲所示的电路测量未知电阻的阻值：

（1）请帮小明用笔画线代替导线将甲图中的实物电路连接完整（要求：将滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表的示数变小）；

（2）此实验的原理是，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片移到最（选填“左”或“右”）端；

（3）闭合开关，发现电压表的示数为零，但电流表的指针发生明显偏转，则电路中发生的故障可能是；

（4）排除故障后，闭合开关S，当将滑动变阻器的滑片P移动到某一个位置时，电流表的示数为0.4A，电压表的示数如图乙所示，其示数为V，则待测电阻的阻值为Ω；

（5）完成上述实验后，小明又设计了如图丙所示的电路图，其中电源电压未知且恒定，另一定值电阻的阻值为R0，操作如下：

①闭合S1、S2时，电压表的示数为U1；

②闭合S1，断开S2时，电压表的示数为U2；

③电阻Rx=（用U1、U2、R0表示）。

【答案】（1）

（2）；左

（3）未知电阻Rx短路

（4）2；5

（5）

【知识点】实物的电路连接；电压的测量及电压表的使用；电路故障的判断；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验

【解析】【解答】（1）滑片P左移时，电流表的示数变小，根据欧姆定律，可知此时应是滑动变阻器电阻变大导致的，所以连接电路时，是将滑动变阻器下边右端的接线柱与开关右边的接线柱用导线连接在了一起，如图。

（2）此实验目的是测未知电阻阻值，根据实物图可知，用的是伏安法测电阻，所以原理是欧姆定律；为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器阻值调到最大，所以滑片P离下接线柱最远，即划片移至最左端。

（3）闭合开关，电流表的指针发生明显偏转，说明整个串联电路中有电流，没有发生断路，电压表的示数为零，可能是由于所测的未知电阻Rx短路导致。

（4）由图乙可知，电压表量程为0-3V，所以分度值为0.1V，示数为2V，又知电流表示数为0.4A，所以根据欧姆定律，可求待测电阻阻值

（5）闭合S1，断开S2时，Rx未接入电路，电压表与R0串联，电压表的示数为电源电压，即U2。闭合S1、S2时，Rx与R0串联，电压表测Rx的电压，即U1。根据串联分压，可知R0两端电压为U2-U1，根据欧姆定律变形式，可求经过R0的电流；根据串联不分流，可知流过Rx的电流也为。根据欧姆定律，可求。

【分析】滑动变阻器的滑片远离下接线柱时，阻值变大，靠近下接线柱时，阻值变小；伏安法测电阻的原理是欧姆定律；电流表有明显示数，说明电路中有电流，为通路状态，电压表的示数为，说明被测电阻两端电压为0V，可能是电阻短路或电压表损坏；电压表的读数，注意先判断量程；电学实验的最后一问通常为缺电流表或缺电压表的情况，即用“单伏法”或“单安法”完成实验。

六、计算题

29．一辆满载货物的小货车总重为3×104N，它在平直的公路上匀速行驶1000m，用时50s，消耗的燃油为0.2kg，此过程中它受到的阻力为车总重的0.1倍，在此过程中，求：（燃油的热值约为4.5×107J/kg）

（1）小货车的牵引力；

（2）小货车发动机的功率；

（3）小货车发动机的效率。

【答案】（1）解：由题意可知，小货车受到的阻力为f=0.1G=0.1×3×104N=3×103N

因为该车满载货物后在平直的公路上匀速行驶，牵引力和阻力是平衡力，故由二力平衡条件可知，该小货车受到的牵引力为F=f=3×103N

答：该货车牵引力是3×103N；

（2）解：匀速行驶1000m时，牵引力所做的功为W=Fs=3×103N×1000m=3×106J

由可得，小货车发动机的功率为

答：小货车发动机的功率为6×104W；

（3）解：燃油完全燃烧放出的热量为Q放=m燃油q燃油=0.2kg×4.5×107J/kg=9×106J

故该小货车发动机的效率为

答：小货车发动机的效率为33.3%。

【知识点】功率的计算；燃料的热值；热机的效率；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用

【解析】【分析】（1）已知小货车总重，小货车受到的阻力为车总重的0.1倍，据此可求小货车受到的阻力f；由于小货车在平直的公路上匀速行驶，即小货车处于平衡状态，所以受力平衡，在水平方向上，牵引力和阻力是一对平衡力，据此可求牵引力F；

（2）根据功的公式，可求牵引力做功W；根据功率的定义式，可求牵引力做功的功率P，即为发动机功率。

（3）利用热值的变形式，可求热机放出的热量；根据热机效率公式，可求货车发动机效率。

30．在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R的阻值为8Ω，通过灯泡L的电流随其两端电压变化的关系如图乙所示，闭合开关，灯泡L两端的电压为8V；

（1）求电源电压；

（2）将甲图中的R换成和L一样的灯泡，求100s内一个灯泡消耗的电能；

（3）将甲图中的R和L由串联改为并联，求整个电路的电功率。

【答案】（1）解：由图乙可知，小灯泡两端电压为UL=8V时，流过小灯泡的电流为IL=0.5A，因小灯泡与定值电阻串联，则由欧姆定律可得定值电阻两端的电压为U0=I0R=0.5A×8Ω=4V

因串联电路中总电压等于各分电压之和，故电源电压为U=UL+U0=8V+4V=12V

答：电源电压为12V；

（2）解：将图甲中的R换成和L一样的灯泡后，由串联电路电阻等比例分压可知，两灯泡的电压为

由图乙可知，此时流过灯泡的电流为I′L=0.45A，则100s内一个灯泡消耗的电能为WL=U′LI′Lt=6V×0.45A×100s=270J

答：将图甲中的R换成和L一样的灯泡，100s内一个灯泡消耗的电能为270J；

（3）解：将图甲中R和L由串联改为并联，此时灯泡L的电压为U=12V，由图乙可知，此时流过灯泡的电流为I′=0.6A，由欧姆定律可得，通过定值电阻的电流为

由并联电路的电流规律可得电路中的总电流为I总＝I′+I′0=0.6A+1.5A=2.1A

则由P=UI可得，整个电路的电功率为P总=UI总=12V×2.1A=25.2W

答：将图甲中R和L由串联改为并联，整个电路的电功率为25.2W。

【知识点】串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算

【解析】【分析】（1）由于已知灯泡L两端的电压，所以根据乙图，可读出该电压对应的电流。根据电路图，可知R与灯泡L串联，根据串联不分流，可知整个电路中的电流。根据欧姆定律变形式，可求R两端电压。根据串联分压，可求电源电压；

（2）根据串联分压可知，当两阻值相等的灯泡串联时，电阻均分电源电压，此时可求灯泡电压。根据乙图，可读出该电压对应的电流。根据电功的定义式W=UIt，可求灯泡消耗的电能；

（3）根据并联不分压，R和L并联时，可知R和L两端的电压都为电源电压U。根据乙图，可读出L的电流。。由欧姆定律，可求通过R的电流。根据并联分流，可求干路电流。根据电功率的定义式P=UI，可求整个电路的电功率。

31．如图所示，水平地面上放着一个底部有阀门K的薄壁柱形容器，容器的底面积为200cm2，用细线把边长为0.1m的不吸水的正方体物块悬挂在力传感器下方（力传感器连接电脑后可显示拉力大小），物块有的体积露出水面且处于静止状态，此时细线的拉力为1N，水深15cm；（细线的长度变化忽略不计，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）

（1）物块受到的浮力多大？

（2）物块的密度是多少kg/m3？

（3）假设细线能承受的最大拉力为6N，打开阀门让水缓慢流出，当细线刚好断时，立即关闭阀门，当物体处于静止时，容器底部受到水的压强与打开阀门前相比变化了多少？

【答案】（1）解：由题意可知，物块的体积为V=(0.1m)3=1×10-3m3

因物块有五分之一的体积露出水面且静止，故物块排开水的体积为

由阿基米德原理可得，物块受到的浮力为F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10-4m3=8N

答：物块受到的浮力为8N；

（2）解：物块有五分之一的体积露出水面且静止时细线的拉力F=1N，由称重法可得物块的重力为G=F浮+F=8N+1N=9N

由G=mg可得，物块的质量为

故由可得，物块的密度为

答：物块的密度是0.9×103kg/m3；

（3）解：物块有五分之一的体积露出水面且静止时水深h=15cm，则有V水+V排=S容h①

当细线刚好断时细线的拉力F′=6N，则此时物块受到的浮力为F′浮=G-F′=9N-6N=3N

浮力的变化量为ΔF浮=F浮-F′浮=8N-3N=5N

由F浮=ρ液gV排可得，物块浸入水中体积的减小量为

物块的底面积为S=(0.1m)2=0.01m2

水面下降的高度

流出水的体积为ΔV水=(S容-S)Δh=(200×10-4m2-10-2m2)×0.05m=5×10-4m3

由ρ＜ρ水可知，物块静止时处于漂浮状态，受到的浮力为F′′浮=G=9N

此时物块排开水的体积为

此时有V水-ΔV水+V′排=S容h′②

由①-②可得

则由p=ρgh可得，容器底部受到水的压强与打开阀门前相比变化量为Δp=ρ水gΔh=ρ水g(h-h′)=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa

答：当物体处于静止时，容器底部受到水的压强与打开阀门前相比变化了200Pa。

【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；浮力大小的计算

【解析】【分析】（1）注意物块为正方体，已知边长，就相当于给出了物块体积的大小；物块露出水面，即可得出物块排开水的体积，根据阿基米德原理p=ρ液gV排，可求此时物块受到的浮力。

（2）物块在水中处于静止状态，即平衡态，所以可根据受力平衡，求物块重力；再根据重力公式G-mg，可求其质量；最后根据密度公式ρ=，可求其密度大小。

（3）根据细线能承受的最大拉力及受力平衡，可求当细线刚好断时，物块所受水的浮力大小；与初态的浮力作差，可求出让水缓慢流出的过程中，浮力的减小量；根据阿基米德原理，可求出水流出前和流出后，物块排开水的体积的减小量，即物块浸入水中体积的减小量；由物块边长可求物块底面积，进而求出液体相对于物块，水面下降的高度及流出水的体积；根据物块与水的密度关系，可判断物块静止时漂浮在水中；根据阿基米德原理，可求此时排开水的体积；根据初态体积关系、末态体积关系，可知初、末态的水深变化量；据液体压强公式p=ρgh，可求初、末态时，容器底部受到水的压强的变化量。

1/1广西河池市宜州区2023年中考二模物理试题

一、单选题

1．李白的诗句“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的

A．响度B．音调C．音色D．频率

2．下列说法正确的是（）

A．月亮是光源

B．激光准直是利用光沿直线传播

C．光总是沿直线传播的

D．光在透明介质中的传播速度都是3×108m/s

3．早上小明乘坐公交车上学，途中发现路边的电线杆快速往后退，小明所选的参照物是（）

A．电线杆B．公路

C．公交车D．站台上候车的人

4．工人雕刻石像的过程中，石像不会发生变化的是（）

A．质量B．体积C．密度D．形状

5．生活现象中蕴含丰富的光学知识。下列说法正确的是（）

A．“镜中花”是由光的折射形成的

B．“月食”是由光沿直线传播形成的

C．“潭清疑水浅”是由光的反射形成的

D．“一叶障目”是由光的折射形成的

6．宇航员在月球上传递信息是利用（）

A．电磁波B．次声波C．超声波D．激光

7．红绿灯路口写有标语“红灯停，绿灯行”。关于红灯与绿灯的连接方式，下列判断正确的是（）

A．一定是并联B．一定是串联

C．有时是串联，有时是并联D．不能判断是串联还是并联

8．如图所示，在两辆靠得较近的小车上分别放一块磁体甲和乙，松手后，下列说法正确的是（）

A．甲先对乙施力，然后乙才对甲施力

B．由于甲、乙两磁体没有接触，因此甲、乙之间没有力的作用

C．甲对乙的作用力与乙对甲的作用力是一对平衡力

D．甲对乙的作用力与乙对甲的作用力是一对相互作用力

9．有一款新型皮箱，其内部没有电源，但拖动皮箱让轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，拉着皮箱在夜间行走会更安全。如图所示的装置中，与其原理相同的是（）

A．B．

C．D．

10．关于如图所示的四个事例，下列说法正确的是（）

A．甲图中软木塞飞出时，空气中的水蒸气会发生液化现象

B．乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，说明分子间存在引力

C．丙图中活塞向上运动时，内能转化为机械能

D．丁图中小朋友下滑时，内能转化为机械能

11．下列说法正确的是（）

A．家庭电路中火线与零线之间的电压为220V

B．开关接零线、火线都可以

C．可以用铜丝、铁丝等导线代替保险丝

D．使用试电笔时，人体绝对不能接触笔尾金属体

12．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，下列判断正确的是（）

A．电压表的示数变小

B．灯泡变暗

C．电流表的示数变小

D．电压表的示数与电流表的示数的比值变大

二、多选题

13．在水平桌面上，甲、乙两个相同的容器中装有体积相等的两种液体，将由同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时两容器中的液面相平，如图所示。下列结论正确的是（）

A．A的质量小于B的质量

B．A受到的浮力大于B受到的浮力

C．乙杯中液体的密度更大

D．甲杯液体和乙杯液体对容器底的压强相等

14．如图（a）所示是某家用电热器的内部电路结构图，其中R1、R2为加热电阻丝（R1小于R2）。若用它来烧开同一壶水，如图（b）所示是其电阻丝的四种连接方式，则下列说法正确的是（）

A．甲所用时间最长B．乙所用时间最长

C．丙所用时间最短D．丁所用时间最短

15．下列说法正确的是（）

A．50℃的水的比热容比100℃的水的比热容小

B．质量相同的水和酒精升高相同的温度，水含有的热量更多

C．春天百花盛开，人们很远都能闻到花香，这是扩散现象

D．汽油机的做功冲程中将内能转化为机械能

16．小明踢足球，足球被踢出后向上运动又落回地面的运动轨迹如图中虚线所示。不计空气阻力，关于足球离开脚后的运动过程，下列说法正确的是（）

A．足球能继续上升，是由于惯性作用

B．足球上升过程中，动能转化为重力势能，到最高点时动能不为零

C．足球下落过程中，速度越来越快，惯性越来越大

D．足球下落过程中，重力对足球做了功

三、填空题

17．如图所示，秒表的读数为；如图所示，物体的长度为cm。

18．太阳能属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源。科学家通过不懈的努力，掌握了核能的获取方法来为人类服务，其中原子弹是通过（选填“核裂变”或“核聚变”）方式释放核能的。

19．如图所示，用F＝20N的拉力竖直向上匀速提升G＝50N的木块，2s内木块上升的高度为0.1m。在此过程中，拉力F做的功为J，滑轮组的机械效率为。

20．我国的茶文化源远流长，茶壶的壶嘴与壶身相通而且等高，是利用原理制成的。泡好的茶放一段时间后茶叶下沉，是因为茶叶受到的浮力（选填“大于”“小于”或“等于”）重力。

21．如图所示，电源电压为4.5V且保持不变，定值电阻R为5Ω，滑动变阻器R′上标有“20Ω0.5A”的字样，电流表的量程为，电压表的量程为。闭合开关，在移动R′滑片P的过程中，为保证电路元件安全，滑动变阻器R′接入电路的最小阻值为Ω，定值电阻R的最大功率为W。

22．如图（a）所示，放在水平面上的实心圆柱体甲、乙由同种材料制成，其密度为，甲、乙的高度均为0.1m，甲的质量为10kg，乙的质量为20kg，则甲对水平面的压强为Pa；若在甲、乙上沿水平方向截去某一相同的厚度h，并将截去的部分分别叠放至对方剩余部分上表面的上都，如图（b）所示，此时恰能使叠放后的物体丙、丁对地面的压力相等，则物体丙对地面的压强与物体丁对面的压强之比为。

四、作图题

23．如图所示，静止在斜面上的物体受到斜面的支持力为8N，请画出该物体所受支持力的示意图。

24．（2022·镇江）请用笔画线代替导线，将开关和灯泡正确连入家庭电路。

五、实验题

25．图甲、乙所示分别是做“探究平面镜成像特点”实验和“探究凸透镜成像规律”实验的装置。

（1）甲实验中，小米用玻璃板代替平面镜，主要利用了玻璃透明的特点，便于。放置玻璃板时，要求玻璃板与纸板垂直。珍珍同学用左手将放在玻璃板前的蜡烛点燃，发现玻璃板中的“自己”是用（选填“左”或“右”）手点燃蜡烛的；

（2）乙试验中，光屏上成清晰的像，像和蜡烛相比是（选填“放大”或“缩小”）的实像，（填光学仪器名称）就是利用这一成像规律工作的；如果将蜡烛逐渐向靠近凸透镜的方向移动，保持凸透镜的位置不变，要想在光屏上得到清晰的像，应将光屏向（选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动。

26．比较不同物质吸热的情况如图甲所示，用相同规格的电加热器给质量相同的水和食用油加热，记录数据并绘制出两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图乙所示；

（1）由图象可知，水和食用油升高相同的温度，的加热时间更长，说明它的吸热能力更强；换用多种液体进行实验，发现不同物质在质量相同、升高的温度相同的情况下，吸收的热量一般不同；为了表示不同物质的这种性质差别，物理学中引入了这个物理量；

（2）实验中通过比较（选填“加热时间的长短”或“温度计示数变化”）来反映液体吸收热量的多少；

（3）实验中水的质量是200g，0﹣3min内它吸收的热量是J；（c水＝4.2×103J/（kg℃））

（4）继续给水加热，水沸腾时温度计的示数如图丙所示，则水的沸点是℃，没有达到，原因可能是水面上的气压（选填“高于”或“低于”）一个标准大气压。

27．为探究影响滑动摩擦力大小的因素，实验小组的同学用如图甲所示的装置和器材进行实验；

（1）本实验需要的测量工具是，实验原理是；

（2）只在木块上加放砝码，是为了探究滑动摩擦力大小与的关系，这里用到的实验方法是；

（3）实验中，发现弹簧测力计的示数很难稳定，于是同学们设计了如图乙所示的装置来进行实验；（水平传送带的速度可以调节，定滑轮摩擦忽略不计）

启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定时，其示数为2N，此时木块相对于地面是的，木块所受滑动摩擦力的大小是N；

（4）当弹簧测力计的示数稳定后，改变传送带的速度大小，发现弹簧测力计的示数没有改变，说明木块所受滑动摩擦力的大小与传送带的速度大小（选填“有关”或“无关”）。

28．小明用如图甲所示的电路测量未知电阻的阻值：

（1）请帮小明用笔画线代替导线将甲图中的实物电路连接完整（要求：将滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表的示数变小）；

（2）此实验的原理是，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片移到最（选填“左”或“右”）端；

（3）闭合开关，发现电压表的示数为零，但电流表的指针发生明显偏转，则电路中发生的故障可能是；

（4）排除故障后，闭合开关S，当将滑动变阻器的滑片P移动到某一个位置时，电流表的示数为0.4A，电压表的示数如图乙所示，其示数为V，则待测电阻的阻值为Ω；

（5）完成上述实验后，小明又设计了如图丙所示的电路图，其中电源电压未知且恒定，另一定值电阻的阻值为R0，操作如下：

①闭合S1、S2时，电压表的示数为U1；

②闭合S1，断开S2时，电压表的示数为U2；

③电阻Rx=（用U1、U2、R0表示）。

六、计算题

29．一辆满载货物的小货车总重为3×104N，它在平直的公路上匀速行驶1000m，用时50s，消耗的燃油为0.2kg，此过程中它受到的阻力为车总重的0.1倍，在此过程中，求：（燃油的热值约为4.5×107J/kg）

（1）小货车的牵引力；

（2）小货车发动机的功率；

（3）小货车发动机的效率。

30．在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R的阻值为8Ω，通过灯泡L的电流随其两端电压变化的关系如图乙所示，闭合开关，灯泡L两端的电压为8V；

（1）求电源电压；

（2）将甲图中的R换成和L一样的灯泡，求100s内一个灯泡消耗的电能；

（3）将甲图中的R和L由串联改为并联，求整个电路的电功率。

31．如图所示，水平地面上放着一个底部有阀门K的薄壁柱形容器，容器的底面积为200cm2，用细线把边长为0.1m的不吸水的正方体物块悬挂在力传感器下方（力传感器连接电脑后可显示拉力大小），物块有的体积露出水面且处于静止状态，此时细线的拉力为1N，水深15cm；（细线的长度变化忽略不计，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）

（1）物块受到的浮力多大？

（2）物块的密度是多少kg/m3？

（3）假设细线能承受的最大拉力为6N，打开阀门让水缓慢流出，当细线刚好断时，立即关闭阀门，当物体处于静止时，容器底部受到水的压强与打开阀门前相比变化了多少？

答案解析部分

1．【答案】A

【知识点】音调、响度与音色的区分

【解析】【解答】“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指的是声音的音量大，即响度大。故A正确，B、C、D错误。

故答案为：A。

【分析】响度指声音的强弱，即日常生活中所说的“音量”；音调指声音的高低，即日常生活中所说的“声音粗细”。

2．【答案】B

【知识点】光与光源；光的直线传播及其应用；光的传播速度与光年

【解析】【解答】A、月亮的光来自于对太阳光的反射，月亮本身不发光，所以不是光源，故A错误；

B、激光准直利用的就是光沿直线传播，故B正确；

C、光在介质中传播时，介质是同种的、均匀的，光才会沿直线传播，故C错误；

D、光在真空中的传播速度都是3×108m/s，在水中的传播速度是真空中的，在玻璃中的传播速度是真空中的；

故答案为：B。

【分析】光源是自身发光的物体，月亮、钻石都不是光源；光在同种均匀介质中沿直线传播；在不同介质中，光的传播速度不同。

3．【答案】C

【知识点】参照物及其选择

【解析】【解答】A、电线杆快速往后退，说明电线杆是研究对象，电线杆自身不能作为参照物，所以A错误；

BD、电线杆快速往后退，说明电线杆处于运动状态，电线杆与公路、站台上候车的人，相对位置都没有发生变化，所以公路、站台上候车的人都不是电线杆的参照物，所以BD错误；

C、电线杆处于运动状态，电线杆与公交车的相对位置发生了变化，所以公交车是电线杆的参照物，所以C正确；

故答案为：C。

【分析】先确定研究对象及其运动状态，再根据研究对象与其他物体相对位置是否变化，判断参照物。

4．【答案】C

【知识点】质量及其特性；密度及其特性

【解析】【解答】AB、质量是指物体含有物质的多少。体积指物体所占空间的大小。所以在雕刻石像的过程中，质量、体积都会减小。故A、B不符合题意；

C、密度是指单位体积内所含质量的大小，在雕刻石像的过程中，密度并没有改变。故C符合题意；

D、雕刻石像的过程本质上就是在改变物体的形状，故D不符合题意；

故答案为：C。

【分析】严格根据质量、体积、密度、形状的定义，来判断在雕刻过程中四个物理量是否发生变化。

5．【答案】B

【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；平面镜成像的原理、特点

【解析】【解答】A、“镜中花”是平面镜成像，本质是光的反射，故A错误；

B、“月食”是指太阳光在传播到月球的过程中，被地球挡住了，月亮上没有光，使得地球上的人无法看到月亮。所以“月食”是由光沿直线传播形成的，故B正确；

C、“潭清疑水浅”是由光的折射形成的，故C错误；

D、“一叶障目”是由光沿直线传播形成的，故D错误；

故答案为：B。

【分析】首先，要熟知什么是光沿直线传播、反射、平面镜成像、折射、色散；其次，要会用光沿直线传播、反射、平面镜成像、折射、色散解释各自对应的生活中常见的光现象。

6．【答案】A

【知识点】声音的传播条件

【解析】【解答】A、月球上是真空状态，电磁波可以在真空中传播，宇航员在月球上传递信息用的就是电磁波，故A正确；

BC、次声波、超声波都属于声音，声音在真空中不能传播，故BC错误；

D、激光是一种光，光可在真空中传播，但宇航员在月球上传递信息不是利用的激光，故D错误；

故答案为：A。

【分析】电磁波可以在真空中传播，声音不能在真空中传播，光可在真空中传播。

7．【答案】A

【知识点】串联电路和并联电路的辨别

【解析】【解答】红灯与绿灯交替发光，两用电器互不影响，说明是并联关系，故A对，BCD错。

故答案为：A。

【分析】根据具体问题中，两用电器是否相互影响，可判断两用电器的串并联关系。

8．【答案】D

【知识点】力的概念及单位；力作用的相互性；平衡力的辨别

【解析】【解答】两小车上分别放磁体甲和乙，根据同性相吸，可知两磁体相互排斥。甲对乙施加的力和乙对甲施加的力是一对相互作用力，相互作用力同时产生，同时消失，并没有先后之分，故ABC错误，D正确。

答案为：D。

【分析】根据图像，可知两磁体同性相斥，产生了一对相互作用力。另外，两物体有没有接触，并不是判断有没有力产生的依据。

9．【答案】D

【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理

【解析】【解答】皮箱内部没有电源，皮箱轮子滚动时，轮子里的LED灯会发光，说明有电产生，即与发电机原理一致。

A图为通电导线周围存在磁场，即电流的磁效应；B图为通电导线在磁场中运动；C图为电动机；D图为闭合电路的部分导线切割磁感线运动（电磁感应），即发电机原理。故ABC错误，D正确。

故答案为：D。

【分析】熟知电与磁的原理及其装置。技巧：看图中有没有电源，有电源的是电生磁，没电源的是磁生电。

10．【答案】B

【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；内燃机的四个冲程；能量的转化或转移；分子间相互作用力

【解析】【解答】A、甲图试管中的水沸腾后，水蒸气将木塞推出，水蒸气对木塞做了共，其内能转化为木塞的机械能，木塞内能减少，温度降低，液化形成水雾。故A错误；

B、乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，可知两铅块相互吸引，说明分子间存在引力，故B正确；

C、丙图所示为汽油机，进气门关闭，出气门打开，活塞向上运动，说明此时为排气冲程，内能、机械能不相互转化，故C错误；

D、丁图中小朋友下滑时，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，故D错误；

故答案为：B。

【分析】水蒸气做功，内能降低，导致液化；两铅块分不开，说明分子间存在斥力；根据汽油机的状态可判断其冲程种类；克服摩擦力做功，内能增加，机械能减小，是内能转化为机械能的过程。

11．【答案】A

【知识点】家庭电路的连接；家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；测电笔的使用；熔断器的作用及保险丝的选择

【解析】【解答】A、我国家庭电路中的电压为220V，家庭电路中火线与零线之间的电压为220V，故A正确；

B、为了防止断开开关后用电器仍带电，开关应该接火线，而不能接零线，故B错误；

C、电阻大、熔点低的金属适合作为保险丝使用，用铜丝、铁丝等导线代替保险丝，当电路中电流过大时，铜丝或铁丝的熔点较高，不易熔断，起不到保险的作用，故C错误；

D、使用试电笔时，手必须接触上端的金属帽，电笔才会发挥作用，故D错误；

故答案为：A。

【分析】火线与零线之间的电压为220V；开关接火线，用电器接零线；电阻较大、熔点较低的金属适合作为保险丝使用；使用试电笔时，手必须接触上端的金属帽。

12．【答案】A

【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；实际功率

【解析】【解答】A、根据电路图，可判断出灯泡和滑动变阻器是串联关系，并且电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器电压。在滑动变阻器滑片P右滑过程中，其电阻变小，根据串联电路中电压规律-电阻越小，分压越小，可知电压表示数变小，故A正确；

B、滑动变阻器电阻变小，所以电路中总电阻变小，根据欧姆定律，可知电压不变时，电阻越小，电流越大，所以该串联电路中电流变大，即流过灯泡的电流变大。由于灯泡电阻不变，所以根据电功率变形公式，可知灯泡电功率变大，即灯泡变亮，故B错误；

C、该串联电路中电流变大，所以电流表示数变大；

D、电压表测滑动变阻器电压，电流表测滑动变阻器电流，所以根据欧姆定律，可知两个示数之比为为滑动变阻器的电阻大小。又由于滑片P右滑过程中，其电阻变小，可知两者比值变小，故D错误；

故答案为：A。

【分析】先判断电路中各元件的串并联关系，再根据滑动变阻器电阻的变化，判断其它物理量的变化。串联电路中，用电器分压，并且是按电阻比例来分配，所以在其他用电器电阻不变的情况下，用电器电阻越大，分压越多。不论串联电路，还是并联电路，电路中任何一个电阻变大时，总电阻都会变大，据此可以将电路中局部的变化过渡到整体的变化。

13．【答案】B

【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用

【解析】【解答】A、两种液体的体积相同，并且分别盛放在两个相同的容器中，可知最初液面相平。放入A、B两物体后，两容器中的液面依旧相平，可知。由图中A漂浮，B悬浮，可知，，所以。由于物体A、B是实心，并且是同种材料制作，所以ρA=ρB。根据密度公式ρ=，可知当ρA=ρB，时，，故A错误；

B、根据重力公式G=mg，可知当时，；又由于A漂浮、B悬浮，可知FA浮=GA、FB浮=GB，所以。故B正确；

C、已求出关系、，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，可知，故C错误。

D、已求出关系，并且已知静止时两容器中的液面相平，即两容器底部液体深度相同，即h甲=h乙，根据液体压强公式p=ρgh，可知p甲＞p乙。故D错误。

故答案为：B。

【分析】据图，可以判断物体体积与排开液体的体积关系，此为隐含条件，注意发掘。根据密度公式，已知两物体体积的大小关系，可求两物体质量的大小关系。根据重力公式，已知两物体质量的大小关系，可求两物体重力的大小关系。

14．【答案】B,D

【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系

【解析】【解答】电阻丝连接方式为甲图时，R1被短路，只有R2工作，则电功率为P甲=；电阻丝连接方式为乙图时，R1和R2串联，则电功率为P乙=；电阻丝连接方式为丙图时，R1、R2都不工作，则电功率为P丙=0W；电阻丝连接方式为丁图时，R1和R2并联，则电功率为P丁=+；综上所述，P乙＜P甲＜P丁、P丙=0W，所以烧开同一壶水，丁最快，乙最慢。故A、C错误，B、D正确。

故答案为：BD。

【分析】根据四中连接方式，识别串并联电路。根据电功率的变形公式P=，判断四种连接方式对应的电功率大小，据此判断加热快慢。

15．【答案】C,D

【知识点】比热容；内燃机的四个冲程；分子热运动

【解析】【解答】A、比热容表示物质的吸热能力，是物质本身的性质，与物质的温度无关。50℃的水和100℃的水都是水，比热容相同，故A错误；

B、由质量相同的水和酒精升高相同的温度，知m水=m酒精，=，ρ水＞ρ酒精，根据比热容的变形式，可知＞，所以水吸收的热量比酒精吸收的热量多。由于原有热量的大小关系未知，所以最终含有的热量无法比较。故B错误；

C、香气是由于相应分子在不停的做无规则运动而发生的扩散现象，故C正确；

D、汽油机的做功冲程是气缸内气体推动活塞向下运动的过程，气体对外做功，气体的内能转化为汽油机的机械能，故D正确；

故答案为：CD。

【分析】比热容是物质本身的性质，与温度无关；两物体无论吸热多少，两物体的热量无法比较；花香是扩散现象；做功冲程是内能转化为机械能的过程。

16．【答案】B,D

【知识点】动能和势能的大小变化；动能的影响因素；惯性及其现象；是否做功的判断

【解析】【解答】A、惯性作用是指力，不存在。足球离开脚后，能继续上升，是由于惯性，而非惯性作用，故A错误；

B、足球上升过程中，速度减小，高度变大，质量不变，所以动能减小，重力势能变大，又由于不计空气阻力，所以动能完全转化为重力势能。但是，即使升高到最高点，水平方向上依旧有速度，所以动能不为零，故B正确；

C、足球下落过程中，速度越来越快，但惯性不变。因为惯性只与质量有关，质量越大，惯性越大，足球下落时并未改变质量，故C错误；

D、足球下落过程中，运动方向向下，受重力的方向向下，所以重力对足球做了功；

故答案为：BD。

【分析】惯性作用并不存在；根据足球轨迹，可知在最高点时，依旧有水平向前的速度，由此判断动能不为零；惯性只与质量有关，质量不变，惯性不变；物体在力的方向产生距离，则该力对物体做了功。

17．【答案】5min37.5s；2.50

【知识点】时间及其测量；长度及其测量

【解析】【解答】秒表的小表盘中，指针指到5min到6min两刻度之间，所以时间为6min多，不到7min。由于小表盘指在5min和6min之间，并且过半，所以大表盘上的指针已经转过了第一圈，即该指针是在37s和38秒两刻度的正中间位置，所以大表盘所示时间为37.5s，故秒表示数为5min＋37.5s=5min37.5s。

物体左端对应刻度为1.00cm，右端对应刻度为3.50cm，所以物体长度为3.50cm－1.00cm=2.50cm。

【分析】根据秒表的小表盘指针情况可判断大标盘中指针是当前1min内的第一圈还是第二圈；刻度尺测量物体需要估读，注意是否是从零刻度线量起。

18．【答案】可再生；核裂变

【知识点】能源及其分类；核聚变；核裂变

【解析】【解答】太阳能是能够在自然界中源源不断的得到的能源，属于可再生能源；原子弹是通过核裂变的方式释放核能的。

【分析】水能、风能、太阳能是常见的可再生能源；原子弹爆炸是核裂变，氢弹爆炸是核聚变。

19．【答案】6；83.3%

【知识点】滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功

【解析】【解答】由图知，有三股绳子承担物重，即n=3，由于木块上升高度为h=0.1m，所以拉出绳子距离为s=nh=3×0.1m=0.3m。根据功的公式，可有拉力做功为W=Fs=20N×0.3m=6J。

法①：有用功为克服木块重力做功W有=Gh=50N×0.1m=5J，根据机械效率定义式式，可有η==×100％=83.3％；

法②：滑轮组机械效率η==×100％=83.3％。

【分析】抓住图中隐含条件，即承担物重绳子的股数，根据滑轮组工作原理，可得绳子移距，根据功的公式，即可计算拉力做功；滑轮组机械效率有两种方法可求，一种是以功的角度列机械效率公式，另一种是以力的角度列机械效率公式，通常情况下，第二种会更加简便。

20．【答案】连通器；小于

【知识点】连通器原理；物体的浮沉条件及其应用

【解析】【解答】茶壶的壶嘴与壶身相通，且壶嘴和壶身各自的上端都开口，所以利用的是连通器原理。

根据物体浮沉条件，重力大于浮力时，物体下沉，可知茶叶下沉时，其所受浮力小于重力。

【分析】下端连通，上端开口，即为连通器；重力大于浮力时，物体下沉，可根据浮沉，反推重力与浮力的关系。

21．【答案】4；1.25

【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用

【解析】【解答】根据电路图可知，定值电阻R和滑动变阻器R'串联，电流表测电路中电流，电压表测R两端电压。要求滑动变阻器R′接入电路的最小阻值，需考虑电路中最大电流应是多少。由于R′的规格为“20Ω0.5A”，电流表量程为，可初步判断最大电流为0.5A。由于电压表量程为，可知R两端最大电压为3V，根据欧姆定律，可求电路中的最大电流为I===0.6A。综上，电路中最大电流为0.5A时，滑动变阻器R′接入电路的阻值最小。此时，R两端电压为UR=I最大R=0.