河北省唐山市遵化市2024届物理高一第一学期期末学业水平测试试题含解析

河北省唐山市遵化市2024届物理高一第一学期期末学业水平测试试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、两辆汽车沿平直公路做同向运动，从某时刻开始计时，分别测量两辆车速度大小，并记录在下表中。从表中数据可知，在到的这段时间内（）时间01234汽车甲18.016.515.013.512.0汽车乙9.09.510.010.511.0A.汽车甲相对计时起点的位移随时间减小 B.汽车乙的位移大于汽车甲的位移C.汽车甲的速度变化量比汽车乙的大 D.汽车甲的加速度比汽车乙的小2、如图所示．用一根橡皮筋水平拉置于粗糙水平桌面上的杯子．杯子始终保持静止状态．不计橡皮筋与杯子把手间的摩擦．下列说法正确的是A.若θ角不变，逐渐增大F，杯子所受摩擦力保持不变B若F大小不变，逐渐增大θ角，杯子所受摩擦力逐渐增大C.若θ角与F大小不变，往杯子中加水，杯子所受摩擦力增大D.要刚好拉动杯子，θ角越大时，则F也越大3、半径为R的光滑半圆球固定在水平面上，顶部有一小物体，如图所示．今给小物体一个水平初速度，则物体将：()A.沿球面滑至M点B.先沿球面滑至某点N再离开球面做斜下抛运动C.立即离开半圆球做平抛运动，且水平射程为D.立即离开半圆球做平抛运动，且水平射程为2R4、一辆汽车在教练场上沿着平直道路行驶，以x表示它相对于出发点的位移，汽车在0~40s内的x-t图像如图所示。则A.汽车在0~10s内做匀加速运动B.汽车在0~20s内的位移大小为30mC.汽车在30s时的速度大小为15m/sD.汽车在40s时的位移最大5、在如图所示的四个图像中，表示物体做匀加速直线运动的图像是（）A. B.C. D.6、如图所示，质量分别为M、m的物体A、B用轻绳连接后跨过滑轮，A静止在倾角为30°的斜面上，不计滑轮的摩擦．现将斜面倾角由30°缓慢增大到60°，A仍保持静止，下列说法一定正确的是A.轻绳对A的拉力不变 B.斜面对A的支持力减小C.A所受的摩擦力减小 D.A所受的合力增大7、如图所示，质量为m的小球A、B置于倾角为θ＝30°的光滑斜面上，小球A、B之间通过一段压缩的轻弹簧连接，小球A通过细线系在斜面体的挡板M上，小球B与挡板N接触，系统处于静止状态．下列说法正确的是（）A.小球B与挡板N之间无挤压B.剪断细线的瞬间小球B的加速度为零C.剪断细线的瞬间小球A可能仍保持静止状态D.撤去挡板N的瞬间小球B的加速度不一定变化8、下列哪组力作用在物体上，有可能使物体处于平衡状态（）A.3N,4N,8N B.3N,5N,1NC.4N,7N,8N D.7N,9N,6N9、把一个已知力F分解，要求其中一个分力F1跟F成30°，而大小未知；另一个分力F2＝F，但方向未知，则F1的大小可能是()A. B.FC.F D.F10、水平面上有一个质量m=2kg的小球,小球与水平面的动摩擦因数为小球与水平轻弹簧以及与竖直方向成角的不可伸长的轻绳一端相连,如图所示,此时小球处于静止状态,水平面对小球的支持力恰好为零．假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,已知以下说法正确的是A.此时轻弹簧的弹力为零B.此时轻绳的拉力为C.当剪断轻弹簧的瞬间,小球具有水平同右加速度,大小为D.当剪断轻绳后小球刚开始滑动瞬间,小球的加速度大小为方向水平向左二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）装卸、搬运是物流过程中必不可少的环节。某公司设计了如图甲、乙所示的皮带输送机，输送机速度可调，可针对不同货物设置不同的速度；输送机长度可调，可直接延伸到拖车中作业；输送机的高度也可调，方便工人直接搬运货厢高处的货物。(1)若货物A（可视为质点）与输送机等高，输送过程示意图如图丙所示，已知输送机长度，输送机以的速度顺时针传送，货物A与输送机之间的动摩擦因数，货物A从输送机左端由静止释放，求货物A刚放上时的加速度以及从左端到右端所用的时间。（g取）(2)若货物B（可视为质点）处于较高处，输送过程示意图如图丁所示，已知输送机长度变为，倾角，货物B与输送机之间的动摩擦因数，货物B从输送机左端由静止释放，输送机仍然顺时针转动。当货物B到达右端的速度大于7m/s时，货物就会因碰撞而损坏。为确保货物安全，输送机的速度应满足怎样的条件？（，，g取）14、（14分）一质点从静止开始做匀加速直线运动，质点在第1S内的位移为3m，求：（1）质点运动的加速度大小？（2）质点在前3s内的位移为多大？（3）质点在第3s内位移为多大？（4）质点经过12m位移时的速度为多少？15、（13分）一滑块由静止开始，从斜面顶端匀加速下滑，第5s末的速度是6m/s。求：(1)第4s末速度；(2)头7s内的位移；(3)第3s内的位移

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解题分析】A．根据表中数据可知汽车甲的速度方向沿正方向，但由于物体的初位置未知，相对于计时起点的位移变化无法判断，故A错误；B．根据表中数据可知甲的平均速度大于乙的平均速度，故在相同时间内汽车甲的位移大于汽车乙的位移，故B错误；C．根据表中数据可知甲的速度变化量负号表示方向与速度方向相反；乙的速度变化量故汽车甲的速度变化量比汽车乙的大，故C正确；D．甲的加速度负号表示方向与速度方向相反；乙的加速度故可知汽车甲的加速度比汽车乙的大，故D错误。故选C。2、D【解题分析】A．同一根橡皮筋上的拉力大小处处相等，若θ角不变，逐渐增大F，根据力的平行四边形法则可知杯子所受拉力增大，杯子保持静止，则杯子受到的静摩擦力变大，A错误；B．若F大小不变，逐渐增大θ角，根据力的平行四边形法则可知杯子所受拉力减小，杯子保持静止，杯子所受摩擦力减小，B错误；C．若θ角与F大小不变，杯子所受拉力不变，杯子保持静止，杯子所受摩擦力不变，C错误；D．要刚好拉动杯子，拉力和最大静摩擦力大小相等，拉力大小一定，根据力的平行四边形法则可知θ角越大时则F也越大，D正确。故选D。3、C【解题分析】在最高点，根据牛顿第二定律得，，解得N=0，知物体在最高点支持力为零，仅受重力，做平抛运动．由，，解得x=R,故C正确，ABD错误．故选C考点：平抛运动【名师点睛】解决本题的关键知道圆周运动径向的合力提供向心力．以及知道仅受重力，有水平初速度将做平抛运动4、B【解题分析】A．根据位移-时间图象的“斜率”等于速度，知倾斜的直线运动表示匀速直线运动，汽车在0-10s内做匀速运动，故A错误。B．汽车在0-20s内的位移大小为：△x=30m-0=30m，故B正确。C．根据位移-时间图象的“斜率”等于速度，得汽车在30s时的速度大小为：故C错误。D．由图象可知，汽车在40s时的位移为零，回到出发点，故D错误。故选B。5、C【解题分析】AB．匀加速运动的位移时间公式即x是t的二次函数，故图象应是一条抛物线，故A错误，B错误；CD．匀加速运动的速度公式其中，故v是t的一次函数，故图象是一条倾斜的直线，故C正确，D错误。故选C。6、AB【解题分析】根据“A在斜面上保持静止”可知，本题考查连接体的平衡，根据绳连接体的特点，运用受力分析和平衡条件，列式进行讨论分析.【题目详解】A、斜面倾角增大过程中，物体B始终处于平衡状态，因此绳子上拉力大小始终等于物体B重力的大小，保持不变，故A正确；B、对A由垂直斜面方向的平衡条件有，故斜面倾角θ增大时支持力减小，故B正确；C、绳子张力不变，由于两个物体的质量之间的关系不明确，所以不能根据角度的变化确定摩擦力的变化，若静摩擦力的方向开始时向上，则可能增大；若静摩擦力的方向开始时向下，可能减小后变成向上并增大；故C错误；D、物体A保持静止，合力为零不变，故D错误；故选AB【题目点拨】本题关键是先对物体B受力分析，再对物体A受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解7、BC【解题分析】A．对B球受力分析，沿斜面方向，由于弹簧压缩，所以B受到弹簧弹力沿斜面向下，重力有沿斜面向下的分力，B要保持平衡，必然受到挡板沿斜面向上的弹力，所以与挡板之间一定有挤压，A错误；BC．分析小球A，沿斜面方向，受到自身重力沿斜面向下的分力，弹簧沿斜面向上的弹力，细线是否有拉力要根据弹簧弹力和重力沿斜面分力的大小关系判断，若有拉力，剪断细线瞬间拉力变为0，小球向下滑动，加速度立即变化，若没有拉力，剪断细线后仍然平衡，加速度不会变化，仍然静止，BC正确；D．撤去挡板之前，B静止，加速度0.挡板撤去瞬间，挡板弹力变为0，B在弹簧弹力和自身重力作用下沿斜面向下加速，加速度一定发生变化，D错误。故选BC。8、CD【解题分析】物体处于平衡状态，合力为零：A．3N、4N的合力范围是8N不在其范围内，所以3N、4N、8N合力的最小值为1N，不可能使物体处于平衡状态，故A错误；B．3N、5N的合力范围是1N不在其范围内，所以3N、5N、1N合力的最小值为1N，不可能使物体处于平衡状态，故B错误；C．4N、7N的合力范围是8N在其范围内，所以4N、7N、8N合力的最小值为0N，可能使物体处于平衡状态，故C正确；D．7N、9N的合力范围是6N不在其范围内，所以7N、9N、6N合力的最小值为0N，可能使物体处于平衡状态，故D正确。故选CD。9、BC【解题分析】根据“已知力F分解、求F1的大小”可知，本题考查力的分解讨论，根据力的平行四边形定则，运用几何三角形的边角关系列式分析.【题目详解】由题意可知，F2的大小为，大于，因此有两种分解结果；根据平行四边形定则得，如图所示：又因一个分力F1跟F成30°角，且F2的大小为，由几何关系得或；故B、C正确，A、D错误.故选BC.【题目点拨】解决本题的关键知道合力一定，分力的方向已知，因为F2大于该分力的最小值，所以有两解，注意巧用几何知识中直角三角形中线与各边的关系.10、BD【解题分析】先分析剪断轻绳前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小；再研究剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出瞬间的加速度大小【题目详解】在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力：F=mgtan45°=20×1=20N，绳子拉力，故A错误，B正确；剪断弹簧的瞬间，轻绳对小球的拉力瞬间为零，此时小球所受的合力为零，则小球的加速度为零，故C错误；断轻绳的瞬间，弹簧的弹力仍然为20N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用，小球受摩擦力为：f=μmg=0.2×20N=4N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：；合力方向向左，所以加速度方向向左．故D正确；故选BD【题目点拨】解决本题的关键知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，剪短弹簧的瞬间，轻绳的弹力要变化，结合牛顿第二定律进行求解二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、(1)2m/s2；3.5s(2)小于1m/s【解题分析】(1)以货物A为研究对象，进行受力分析，根据牛顿第二定律可得代入数据可得当货物A与输送机共速时，根据运动学公式可得根据运动学公式可得之后货物A做匀速运动可得所以货物A运动的总时间(2)以货物B研究对象，进行受力分析，根据牛顿第二定律可得代入数据可得当货物B与输送机共速时之后货物B继续加速，受力分析后根据牛顿第二定律可得代入可得代入数据解得故输送机速度应小于1m/s。14、（1）质点运动的加速度大小为6m/s2；（2）质点在前3s内的位移为27m；（3）质点在第3s内的位移为15m；（4）质点经过12m位移时的速度为12m/s【解题分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出质点运动的加速度，从而结合位移公式求出前3s内的位移和第3s内的位移．根