2023-2024学年 人教版 必修二 　孟德尔实验方法的启示、遗传规律的再发现和应用 作业

课时分层作业(4)孟德尔实验方法的启示、遗传规律的再发现和应用题组一孟德尔实验方法的启示及遗传规律的再发现1．孟德尔揭示了遗传因子的分离定律和自由组合定律，他获得成功的主要原因有()①选取豌豆作实验材料②科学地设计实验程序③进行人工杂交实验④应用统计学方法对实验结果进行分析⑤选用了从一对相对性状到多对相对性状的研究方法⑥先选择豌豆再选择紫茉莉、草莓等植物作实验材料A．①②③④ B．①②④⑤C．②③④⑤ D．③④⑤⑥B[与孟德尔同时代的其他科学家也进行了人工杂交实验，但没有成功，人工杂交实验不是成功的原因，③错误；孟德尔没有选择紫茉莉、草莓等植物作实验材料，⑥错误。综上所述，B符合题意。]2．如图所示，生活在水池中的同一株水毛茛，裸露在空气中的叶呈扁平片状，浸在水中的叶则呈狭小细长的丝状，其子代仍保持了这一特性。下列分析和推测合理的是()A．两种形态的叶，细胞的基因组成是相同的B．扁平叶是显性性状，丝状叶是隐性性状C．丝状叶是水诱导水毛茛产生的变异D．若减少水池中的水，则露出水面的丝状叶将变成片状叶A[叶片来自同一株水毛茛，因此这两种形态的叶的细胞基因组成是相同的，A合理；扁平叶和丝状叶没有显隐性关系，B不合理；丝状叶是受水环境条件影响的结果，不是诱导水毛茛产生的变异，C不合理；细胞已经发生分化，即使改变环境也是不可逆的，故减少水池中的水，露出水面的丝状叶不会因环境的改变而变成片状叶，D不合理。]题组二孟德尔遗传规律的应用3．牵牛花的红花A对白花a为显性，阔叶B对窄叶b为显性，两对性状独立遗传。纯合红花窄叶和纯合白花阔叶牵牛花杂交获得F1，F1与“某植株”杂交其后代中红花阔叶、红花窄叶、白花阔叶、白花窄叶的比例依次是3∶1∶3∶1，则“某植株”的基因型是()A．aaBb B．aaBBC．AaBb D．AAbbA[根据后代中红花∶白花＝1∶1，可知亲本对应的基因型为Aa×aa；根据后代中阔叶∶窄叶＝3∶1可知，亲本对应的基因型为Bb×Bb，所以亲本基因型为AaBb×aaBb，则“某植株”的基因型为aaBb，A正确。]4．人体耳垂离生(A)对连生(a)为显性，眼睛棕色(B)对蓝色(b)为显性，两对基因自由组合。一个棕眼离生耳垂的男性与一个蓝眼离生耳垂的女性婚配，生了一个蓝眼连生耳垂的孩子。倘若他们再生育，未来子女为蓝眼离生耳垂、蓝眼连生耳垂的概率分别是()A．1/4，1/8 B．1/8，1/8C．3/8，1/8 D．3/8，1/2C[根据题意可知，父母的基因型为AaBb和Aabb，若他们再生育，未来子女为蓝眼离生耳垂的概率是1/2×3/4＝3/8，未来子女为蓝眼连生耳垂的概率是1/2×1/4＝1/8，C正确。]5．某生物兴趣小组用已知基因型为AAbb和aaBB(两对基因独立遗传)的某种植物进行杂交育种实验，下列关于他们实验设计思路的叙述，不合理的是()A．要获取aabb植株，可从F1中直接选育出表型符合要求的个体B．要获取AABB植株，可从F2中选出表型符合要求的个体连续自交C．要获取AaBb植株，可将亲代上所结的种子直接保存进行播种D．要获取AaBb植株，可将亲本保留起来进行年年制种A[亲本基因型为AAbb和aaBB，F1基因型为AaBb，故不能得到aabb的个体，A不合理；亲本基因型为AAbb和aaBB，F1基因型为AaBb，要获取AABB植株，可让F1自交，从F2中选出表型符合要求的个体连续自交，最终得到纯合子，B合理；亲本基因型为AAbb和aaBB，F1基因型为AaBb，故可将亲代上所结的种子直接保存进行播种，C合理；要获取AaBb植株，由于该个体属于双杂合子，可将亲本保留起来进行年年制种，D合理。]6．基因型为AaBb的个体与基因型为aaBb的个体杂交，两对基因独立遗传，且A对a、B对b为完全显性，则后代中()A．表型有4种，比例为3∶1∶3∶1；基因型有6种B．表型有2种，比例为1∶1；基因型有6种C．表型有4种，比例为1∶1∶1∶1；基因型有4种D．表型有3种，比例为1∶2∶1；基因型有4种A[根据两对基因独立遗传，可以将基因型为AaBb的个体与基因型为aaBb的个体杂交，拆分成Aa与aa杂交、Bb与Bb杂交进行分析，其中Aa与aa杂交，后代有2种基因型，即Aa与aa，比例为1∶1，则2种表型比例也为1∶1；Bb与Bb杂交，后代有3种基因型，即BB、Bb和bb，比例为1∶2∶1，则表型有2种，比例为3∶1。因此基因型为AaBb的个体与基因型为aaBb的个体杂交，后代中表型有2×2＝4(种)，比例为(1∶1)×(3∶1)＝3∶1∶3∶1，基因型有2×3＝6(种)，A符合题意。]7．豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡杂交，F1为胡桃冠，F1雌雄个体相互交配，其F2为9胡桃冠∶3豌豆冠∶3玫瑰冠∶1单冠。让F2中的玫瑰冠鸡与单冠鸡交配，则后代中的表型及其比例是()A．1玫瑰冠∶2单冠 B．2胡桃冠∶1单冠C．3玫瑰冠∶1单冠 D．2玫瑰冠∶1单冠D[根据题干信息分析，豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡杂交，F1为胡桃冠，F1雌雄个体相互交配，其F2为9胡桃冠∶3豌豆冠∶3玫瑰冠∶1单冠，说明F1是双杂合子(用A、a和B、b表示)，其基因型为AaBb，且胡桃冠为A_B_，豌豆冠为A_bb(或aaB_)，玫瑰冠为aaB_(或A_bb)，单冠为aabb，则亲本基因型为AAbb、aaBB。F2中的玫瑰冠鸡基因型及其比例为aaBB(或AAbb)∶aaBb(或Aabb)＝1∶2，单冠基因型为aabb，让它们杂交，后代单冠比例为2/3×1/2＝1/3，其余都是玫瑰冠，因此后代中的表型及其比例是玫瑰冠∶单冠＝2∶1，故选D。]8．利用遗传变异的原理培育作物新品种，在现代农业生产上得到广泛应用。请回答下列问题：(1)水稻的大穗(A)对小穗(a)为显性。基因型为Aa的水稻自交，在F1中，基因型为________的个体表现出小穗，应淘汰；基因型为________________的个体表现出大穗，需进一步自交和选育。(2)水稻的晚熟(B)对早熟(b)为显性，利用现有纯合子水稻品种，通过杂交育种方法培育纯合大穗早熟水稻新品种。①培育纯合大穗早熟水稻新品种，选择的亲本基因型分别是________和________。两亲本杂交的目的是____________________。②将F1所结种子种下去，长出的水稻中表现为大穗早熟的概率是________，在这些大穗早熟植株中约有________是符合育种要求的。[解析](1)根据分离定律，Aa自交，F1会出现性状分离，分离比为3∶1，有1/4aa小穗要被淘汰掉，大穗的基因型有两种，分别为AA、Aa，需要进一步进行连续自交，然后逐代淘汰小穗(aa)，慢慢就能获得纯化的大穗品系。(2)水稻的晚熟(B)和早熟(b)与大穗(A)和小穗(a)两对相对性状独立遗传，属于自由组合定律在育种上的应用。①育种目标是获得大穗早熟的品系AAbb，纯合亲本的基因型选择是AABB和aabb，杂交得F1(AaBb)，这样A、b基因就集中到F1个体上。②F1所结种子为F1自交所得F2，F2中分离比为9∶3∶3∶1，其中1/16AAbb、2/16Aabb属于重新组合的大穗早熟植株，因此大穗早熟植株中有1/3AAbb是符合育种要求的纯合品系。[答案](1)aaAA或Aa(2)①AABBaabb将基因A和b集中到同一个体上②3/161/39．小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(由基因D、d控制)，抗锈病与感锈病是另一对相对性状(由基因R、r控制)，这两对性状的遗传遵循自由组合定律。以纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)。再用F1与丁进行杂交，得到F2，F2有四种表型，对每对相对性状的植株数目进行统计，结果如图：(1)两对相对性状中，显性性状分别是__________、__________。(2)亲本甲、乙的基因型分别是________、________，丁的基因型是________。(3)F1形成的配子有________种，产生这几种配子的原因是F1在形成配子的过程中______________________________________________。(4)F2中基因型为ddRR的个体所占的比例为__________，光颖抗锈病植株所占的比例是________。(5)F2中表型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部F2的比例是________。[解析](1)由于纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)，所以毛颖、抗锈病为显性性状，光颖、感锈病为隐性性状。(2)甲、乙为纯种，基因型分别为DDrr、ddRR，所以F1的基因型为DdRr，与丁杂交后，抗锈病与感锈病之比为3∶1，毛颖与光颖之比为1∶1，所以丁的基因型为ddRr。(3)由于F1的基因型为DdRr，因此可以形成4种配子。(4)F1(DdRr)×丁(ddRr)产生的F2中，基因型为ddRR的个体占1/2×1/4＝1/8，光颖抗锈病植株(ddR_)占1/2×3/4＝3/8。(5)F2中，与甲(DDrr)表型相同的个体占1/2×1/4＝1/8，与乙(ddRR)表型相同的个体占1/2×3/4＝3/8，所以表型不同于双亲的个体占1/2。[答案](1)毛颖抗锈病(两空可颠倒)(2)DDrrddRRddRr(3)4决定同一性状的基因彼此分离，决定不同性状的非等位基因自由组合(4)1/83/8(5)1/210．某多年生植物的高茎和矮茎分别由等位基因A、a控制，红花和白花分别由等位基因B、b控制，两对基因分别位于两对染色体上。已知AB雄配子不能受精，当AaBb为父本，aaBb为母本时，子代表型和比例为()A．高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝3∶1∶3∶1B．高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝1∶1∶3∶1C．高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝9∶3∶3∶1D．高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝1∶1∶1∶1B[由题可知，AB雄配子不能受精，当AaBb为父本，其产生的配子的种类及比例为Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1，aaBb为母本，其产生的配子的种类及比例为aB∶ab＝1∶1，故子代表型和比例为高茎红花(AaBb)∶高茎白花(Aabb)∶矮茎红花(aaBB＋2aaBb)∶矮茎白花(aabb)＝1∶1∶3∶1，B正确。]11．已知水稻的抗旱性(A)和多颗粒(B)属于显性性状，各由一对等位基因控制且独立遗传。现有抗旱、多颗粒植株若干，对其进行测交，子代的性状分离比为抗旱多颗粒∶抗旱少颗粒∶敏旱多颗粒∶敏旱少颗粒＝2∶2∶1∶1，若这些抗旱多颗粒的植株相互授粉，后代性状分离比为()A．9∶3∶3∶1 B．24∶8∶3∶1C．15∶5∶3∶1 D．25∶15∶15∶9B[由题意可知水稻的抗旱性(A)和多颗粒(B)的遗传遵循自由组合定律。因此，对测交结果中每一对相对性状可进行单独分析，抗旱∶敏旱＝2∶1，多颗粒∶少颗粒＝1∶1，则提供的抗旱、多颗粒植株产生的配子中A∶a＝2∶1，B∶b＝1∶1，让这些植株相互授粉，敏旱(aa)占(1/3)2＝1/9，抗旱占8/9，少颗粒(bb)占1/4，多颗粒占3/4。根据自由组合定律，后代性状分离比为(8∶1)×(3∶1)＝24∶8∶3∶1，B正确。]12．(不定项)某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa表现为小花瓣，aa表现为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr表现为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断正确的是()A．子代共有9种基因型B．子代共有4种表型C．子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/3D．子代的所有植株中，纯合子占1/4ACD[Aa×Aa后代有3种基因型，3种表型；Rr×Rr后代有3种基因型，2种表型。故AaRr的亲本自交后代有3×3＝9种基因型，有2×3＝6种表型，但基因型为aa的个体无花瓣，因此，表型只有5种，A正确，B错误。子代有花瓣植株占12/16＝3/4，其中，AaRr(4/16)所占的比例为1/3，C正确。子代的所有植株中，纯合子占4/16＝1/4，D正确。]13．(不定项)人体中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋，这两对基因独立遗传。下列有关说法正确的是()A．夫妇中有一方耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，也可能生出的所有孩子听觉均正常C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为7/16D．基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子的概率为9/16ABC[根据题干信息分析，正常个体的基因型为D_E_，若夫妻中有一方耳聋，另一方基因型为DDEE，则后代全部正常，A正确；只有耳蜗管正常(D_ee)与只有听神经正常(ddE_)的夫妇，产生的后代听觉可能都正常，B正确；基因型为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为1－9/16＝7/16，C正确；基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子(__E_)的概率为3/4，D错误。]14．某自花传粉的植物，花的颜色由两对基因(A和a，B和b)控制，其遗传符合自由组合定律。已知A基因控制红色素合成，B基因控制紫色素合成，当两种色素同时合成时，花色表现为品红色，两种色素都不能合成时，花色表现为白色。科研小组做了甲、乙两组人工杂交实验，结果如下。请回答下列问题：甲：品红花×白花→F1：品红花、红花乙：品红花×紫花→F1：品红花、红花、紫花、白花(1)甲组品红花亲本和F1中品红花个体的基因型分别是________、________。(2)乙组两个亲本的基因型分别是____________，F1四种表型的比例是__________________。(3)欲判断乙组F1中某品红花植株的基因型，请你为该科研小组设计一个最简便的实验方案，并预测实验结果、结论：让该品红花植株__________，观察并统计后代的表型及比例。①若子代__________________________________，则该品红花植株的基因型为_____________________________________________________________________；②若子代_____________________________________