2021年湖北省荆州市中考物理模拟试卷（一）（附答案详解）

2021年湖北省荆州市中考物理模拟试卷（一）

1.（202。云南省玉溪市.期末考试）“小明，上学啦！“家住一楼的小强大声喊着三楼的

小明，邀他一起上学。对这一过程中的声现象的解释，错误的是（）

A.小强的喊声大，说明他的音调高

B.小明能听到楼下的喊声，说明声音可以在空气中传播

C.小明从喊声中听出是小强，他是根据声音的音色来判断的

D.小明的妈妈提醒他下楼时脚步要轻些，这是为了减小噪声

2.（2021.广东省・单元测试）寒假，小华一家人驾车出去旅行时，小华发现汽车的前窗玻

璃出现了一层水雾。打开除雾开关后，不一会玻璃上的水雾消失了，下列说法正确

的是（）

A.水雾的形成是汽化现象B.水雾出现在前窗玻璃的内表面

C.水雾是空气液化形成的D.水雾消失是升华现象

3.（2021•甘肃省张掖市.模拟题）在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，某小组同学利

用图甲测出了透镜的焦距后，正确安装并调节实验装置如图乙所示，在光屏上得到

一个清晰的像。下列说法正确的是（）

A.乙图中成的是倒立放大的实像，符合放大镜的成像原理

B.乙图中成的是倒立放大的实像，符合照相机的成像原理

C.乙图中如果在烛焰与透镜之间放置一近视眼镜的镜片，则将光屏适当左移可得

一个清晰的像

D.在乙图中保持凸透镜的位置不变，将蜡烛与光屏的位置互换，则成像情况符合

投影仪的原理

4.（2020•四川省攀枝花市.模拟题）2019年1月3日，由我国发射的嫦娥四号，实现了

人类首次在月球背面成功着陆。下列有关嫦娥四号巡视器“玉兔二号”的判断，正

确的是（）

A.飞行控制中心利用声波控制“玉兔二号”

B.飞行控制中心利用电磁波控制“玉兔二号”

C.驱动“玉兔二号”的电能是一次能源

D,太阳能帆板接收的太阳能是不可再生能源

5.（2019•山东省枣庄市•期中考试）如图所示，一个密封的圆台状容器，/\

内装一定质量的水，放在水平桌面上，现把它倒置过来，则（）户安M

A.水对容器底的压力减小‘一二"

B.水对容器底的压强减小

C.容器对桌面的压强减小

D.容器对桌面的压力减小

6.（2021•湖北省荆州市•模拟题）人们的生活水平在逐步提高，安全意识也要加强，下列

说法正确的是（）

A.若有人触电，用湿木棒去分离人与电线

B.安装保险装置，可用铜丝代替保险丝

C.有小孩的家里，电源插座应加保护盖

D.如图所示，高铁站台上候车可以在黄色安全线外侧站立

AA5辆

外例

安仝线

内倒

7.（2021•安徽省•历年真题）关于内能、温度和热量，下列说法中正确的是（）

A.的冰没有内能

B.质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量越多，其热值越大

C.物体吸收热量，温度不一定升高

D.热传递过程中，内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移

8.（2020•重庆市市辖区•期中考试）如图所示，％为定值

电阻,/?2为滑动变阻器，电源电压恒定，闭合开关S,

调节滑动变阻器滑片，&、两端的电压打、4与

电流/的变化关系图象如选项所示，其中正确的是

（）

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9.（2021•四川省遂宁市•期末考试）有一种佩戴在手腕上的“计步器”，其构造是在一段

塑料管中密封一小块磁铁，管外缠绕着线圈。运动时，磁铁在管中反复运动，线圈

的输出电流随之不停地变化，显示出运动步数。“计步器”的基本原理与下列哪幅

图相同（）

发电机

电动机

c.UP电水壶

D.扬声器

10.（2019•河南省周口市•期末考试）有一种叫“蹦极”的游戏，游戏者将

一根有弹性的绳子一端系在身上，另一端固定在高处，从高处跳下。

如图所示，图中。点是弹性绳自然下垂时的位置，c点是游戏者所

到达的最低点。在游戏者由跳台至最低点。的过程中，空气阻力不

计。下列说法正确的是（）

A.整个过程中游戏者在。点的动能最大

B.游戏者在c点时受平衡力作用

C.a到c过程中游戏者重力势能的变化量小于绳子的弹性势能变化量

D.从。点下落到c点的过程中，游戏者的动能先增大后减小

11.（2021•湖北省荆州市•模拟题）“荆门至荆州城际铁路”项目于2020年开工建设，建

设中用到的某种起重机的结构示意图如图所示，用该起重机将放在水平地面上的长

方体混凝土墩放入水中。起重机的吊臂0A8粗细不计，可以看作杠杆，吊臂B端

连着滑轮组，已知混凝土墩的密度为2.5*1。3的/加3,底面积为4m2,高为力”，

p^=1.0x103kg/m3.g取10N/g。混凝土墩的质量为加，混凝土墩被提起到最

高点静止时，立柱C4恰好竖直，04。8=1：6。若忽略滑轮组、钢丝绳和吊臂

的重力及各种摩擦，混凝土墩浸没在水中后，起重机立柱C4对吊臂A点竖直向上

的作用力是以；它匀速下降过程中所受钢丝绳的拉力为F;不计水的阻力，有下列

结果：①m=2xl0"g；②方=7.2X1（）5%；（3）F=4x1047V»其中正确的个

数为（）

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A.0个

12.

电压表量程为“

有”2.5V1.25WZ

L的电流不超过额定电流，电流表、电压表不能超过量程，则移动滑动变阻器的滑

片，有下列说法：①电压表示数变化范围为1.51/〜3八②滑动变阻器消耗的电功

率变化范围为0.6W〜0.75W；③小灯泡的实际电功率变化范围为0.2W〜1.25W;④

滑动变阻器连入电路的阻值变化范围为10。〜200。其中正确的是（）

A.①③B.②④C.③④D.①②

13.（2021•湖北省荆州市•模拟题）泥石流是在暴雨天极易发生的自然灾害。如果在野外突

遇泥石流来袭，停留在泥石流下游低洼处是很危险的，这是由于力的作用，

泥石流会涌向低洼处：正确的逃生方法是，朝着与泥石流（选填“垂

直”“相同”或“相反”）的方向迅速逃离到较高的地方。泥石流向下游流动过程

中，重力（选填“做功”或“没有做功”），重力势能主要转化成能。

14.（2021.湖北省荆州市.模拟题）小冲同学看见他爸爸的手机锂电池上面标明电压为

3.7乙容量为3000nM•九，则它充电时相当于（选填“用电器”或“电源”，

下同），手机待机时相当于，充满电后存储的电能为经查，该手

机的待机电流为15〃源，则该手机最长待机时间为鼠

15.（2021•湖北省荆州市•模拟题）小华家在偏远的农村，还没用上天然气，使用的是瓶装

液化气。如果每瓶中装入20依液化气，液化气的热值取4.2x107〃kg,则每瓶液

化气完全燃烧放出的热量是J-,若炉子的效率为50%,在标准大气压下可把

1000奴的水从2（TC加热至℃[c次=4.2xl03〃（kg・℃）]。

16.（2021•湖北省荆州市•模拟题）如图所示，体积为500加3的长方体木块-

浸没在装有水的柱形容器中，细线对木块的拉力为2N,容器的底面t$：:

积为200cm2,g取lON/kg,则木块的密度为kg/m3；若剪断

细线待木块静止后，容器底受到水的压强变化了Pa。

17.（2021.湖北省荆州市.模拟题）光从空气斜射入水和玻璃时都会发生折射现象,但是水

和玻璃的折射情况会相同吗？为了探究这个问题，小华选择了光屏、透明玻璃砖、

水槽、激光电筒等器材进行实验。他在光屏上画出互相垂直的和两条线段

（1）小华将玻璃砖的一个表面与齐平放置，让激光电筒发出的光线从A点到。

点入射，他看到了如图乙所示的光路（4。、OC为同一直线），你认为出现光线OC

是因为所致，鉴于本实验的目的，此时最应该记录的两条光线是。

（2）接下来他要观察光从空气中进入水中的情况，他将光屏竖直放入水槽中，（使线

段水平）并向水槽中慢慢注水至水面与齐平，入射光线应从A点向。点射

入，这是为了保证______,其实本实验小华还考虑了入射光线所在一侧的

相同。

（3）小华最终在光屏上记录下了如丙所示的光路图（OE为水中的折射光线）通过分析

光路，你认为玻璃和水这两种介质对光的偏折能力较强的是o

（4）若激光相同的入射角分别从玻璃和水中斜射入空气中，则射出的折射光

线更远离法线。

18.（2018♦浙江省杭州市•期末考试）在学习影响滑动摩擦力大小的因素后，小柯还是认为:

重力越大，滑动摩擦力越大。于是张老师用如图装置与他一起实验。

步骤一：将铁块放在木板上，往沙桶中加入一定量细沙，使压力传感器的示数为5.00

牛，水平向左拉动木板，读出拉力传感器的示数并记录。

步骤二：换用质量不同、粗糙程度和底面积都相同的铁块，重复步骤一，记录结果

如表。

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实验次数质量不同的铁块压力传感器示数（牛）拉力传感器示数（牛）

1小5.002.10

2中5.002.11

3大5.002.11

请回答下列问题:

（1）第1次实验中铁块受到的摩擦力为牛。

（2）通过实验得出的结论是。

（3）小柯认为：该实验中压力传感器的上表面要尽量光滑，否则会使拉力传感器的

读数偏大，你认为他的说法是否合理，为什么？

19.（2020.山东省潍坊市.模拟题）小敏同学参加研学旅行

时，在湖边捡到一块漂亮的小石块，她用家中常见

物品与刻度尺巧妙地测出了小石块的密度，她的测

量方案如下：耿初襁

①用细绳将一直杆悬挂，调节至水平位置平衡，记下细绳在直杆上的结点位置。;

②将一重物悬于结点。左侧的A点，小石块悬于结点。的右侧，调整小石块的位

置，如图所示，当小石块悬于B点时•，直杆在水平位置平衡；

③用刻度尺测量OA的长度为Li，OB的长度为42；

④保持重物的悬点位置A不变，将结点。右侧的小石块浸没在盛水的杯中（且未与

杯底、杯壁接触），调整小石块的悬点位置，当小石块悬于C点时，直杆在水平位

置平衡；

⑤用刻度尺测量OC的长度为人。

请根据她的测量方案回答以下问题

（1）实验中三次调节了直杆在水平位置平衡。其中，第一次调节水平平衡是，

第二次调节水平平衡是；（选填“屋’或"b"）

a.消除直杆自重的影响瓦便于测量力臂

（2）实验中长度（选填“J"、“2“或“3”）的测量是多余的；

(3)C点应该在B点的(选填“左”或“右”)侧;

(4)小石块密度的表达式为。=(选用字母P忒、L］、工2、表示)。

20.(2021•湖北省荆州市•模拟题)小明同学用如图甲所示的实验电路来测定“小灯泡的

额定电功率”，所用电源电压为6匕小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为100左右。

510

oV/3

乙

(1)甲图是小明同学连接的错误电路，在应改动的一根导线上打“X”，并用笔画线

代替导线画出正确的接法。

(2)连接电路时，开关应______,正确连线后，闭合开关。小灯泡立即发出明亮耀

眼的光，并很快熄灭，他接下来的操作是。

(3)故障排除后，开始进行实验。逐步移动滑动变阻器滑片，看到如图乙所示的电

压表示数，为使灯泡正常发光，应向(选填“左”或“右”)端移动滑片。

最后小明根据测量数据绘制了灯泡的/-U图象，如图丙所示，则灯泡的额定电功

率为W.

(4)他又找来了3个阻值分别为50、100、200的定值电阻替换小灯泡。来探究通

过导体的电流与电阻的关系。实验中，控制电阻两端的电压为2V不变，为了完成

实验，他选用的滑动变阻器的阻值至少为0。

21.(2021•湖北省荆州市•模拟题)理想实验是科学研究中的一种重要方法,它是将实验条

件、过程在思维中以理想化的方式表现。如为了研究轻重不同的物体在真空中的下

落快慢，科学家曾做过下面的理想实验：将大小相同的金、铅、木三个实心小球,

分别同时放入三种密度不同的介质中(P分庾1>P介质2>P分龙3)，观察比较三个小

球下落的快慢，如图所示。

cQ介

oQ

-.:?:

-X1

£/£

22次

5呈

*

试回答下列问题:

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(1)“下落的快慢”可以通过比较三个实心小球在同种介质的同i高度，由静止同

时释放，下落到相同位置时所需的得出。

(2)在上述实验中，三个小球下落快慢的差异由大到小的介质依次是。

(3)进一步推理可得，当三个小球在真空中由静止同时释放时，关于它们下落快慢

的差异，以下推理合理的是o

A下落快慢的差异将变大8.下落快慢的差异与介质3相似C.下落快慢的差异将为零。

22.(2021•湖北省荆州市•模拟题)工人师傅用如图所示的滑轮组将重为

600N的货物以lm/s的速度匀速提升了2m,做了1500J的功。不计A:

绳重及摩擦，求：/V

(1)滑轮组此时的机械效率。F4

(2)拉力的功率。(J

(3)当他用此拉力匀速提升其它货物时，做的额外功为总功的10%,“

求提升货物的重力。

23.(2017•浙江省宁波市•模拟题)如图所示，电源电压保持不变，

滑动变阻器最大值为R1=400,小灯泡的电阻为10。且保持

不变.当S］、S2均闭合且滑片P滑到6端时，电流表4、&的

示数之比为3：2；当Si、S2均断开且滑片P置于滑动变阻器

中点时，小灯泡L的功率为10〃.求：

(1)电阻&的阻值；

(2)当S］、52均闭合且滑片「在6端时，电压的示数;

(3)整个电路消耗的最小电功率.

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答案和解析

1.【答案】A

【知识点】声音的传播条件、噪声的控制、响度、音色

【解析】

【分析】

本题考查声现象中的一些基本概念，正确区分声音的音调、响度和音色是解决此题的关

键。属于基础题，难度不大。

【解答】

A、小强的叫喊声很大，说明他的响度大。故A错误；

8、小明能听到楼下的叫喊声，说明声音可以在空气中传播。故B正确；

C、每个人在说话时的音色是有区别的，小明从叫喊声中听出是小强，他是根据声音的

音色来判断的。故C正确；

。、小明的妈妈提醒她下楼时脚步要轻些，这是为了在声源处减弱噪声。故。正确。

故选：Ao

2.【答案】B

【知识点】物态变化的辨别、液化现象

【解析】解：

ABC、在冬天，车玻璃的温度较低，车内的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成小水滴，附着

在玻璃的内表面形成雾气，故4c错误，8正确；

。、打开除雾开关，对着玻璃吹暖风，玻璃上的小水滴会汽化为水蒸气，车窗玻璃就清

晰了，故。错误。

故选：

(1)在一定条件下，物体的三种状态-固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物

态变化；

(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液

态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；

(3)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、

液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

本题主要考查学生对液化现象在生活中的应用的了解和应用，是一道基础题。

3.【答案】D

【知识点】实验：探究凸透镜成像的规律

【解析】解：

由甲图可知该透镜焦距为40.0cm-30.0cm=10.0cm,由图乙可知，物距大于像距，

当物距大于二倍焦距时，所成的像是缩小、倒立的实像，是照相机的成像原理，故AB

错误；

C.近视眼镜的镜片是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，靠近凸透镜时，使光线发散，

像会聚在光屏的后方，像距增大，在光屏上要得到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即要

将光屏向右移动才能在光屏上成清晰的像，故C错误。

D根据光路的可逆性，若将光屏和蜡烛的位置互换，在光屏上仍能成像，此时物距小于

像距，凸透镜成倒立放大的实像，其应用是投影仪，故。正确。

故选：D。

凸透镜的焦距是使平行于主光轴的光会聚的点到光心的距离：当物距大于二倍焦距时所

成的像是缩小倒立的实像，照相机这一光学器件正是应用了这点；当凹透镜靠近凸透镜

时，会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方；物距处于/和，■之间，凸透镜成倒立放大的

实像；物距大于勿凸透镜成倒立缩小的实像。

此题是探究凸透镜成像的实验，主要考查了学生对实验操作的要求及对凸透镜成像规律

的掌握。

4.【答案】B

【知识点】能源及其分类、电磁波的传播

【解析】解：

A3、飞行控制中心是利用电磁波控制“玉兔二号”而不是声波，因为真空不能传声，

而电磁波可以真空中传播，故4错误、B正确；

C、电能不是直接取自自然界，而是由其它形式的能转化得到的，故电能不是一次能源，

故C错误；

。、太阳能在短时间内可以再次产生，是可再生能源，故。错误。

故选：B。

(1)电磁波可以在真空中传播，声波不能在真空中传播；

(2)一次能源是指直接取自自然界没有经过加工转换的各种能量和资源；由一次能源经

过加工转换以后得到的能源产品，称为二次能源；

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(3)使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源，使用之后在短

时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源。

本题借助嫦娥四号考查了对电磁波应用、能源的分类的认识和理解，属于一道基础题。

5.【答案】A

【知识点】比较固体压强的大小

【解析】解：设如图放置时的底面积为S元倒置过来后的底面积为S”

因为水的体积一定，所以倒置过来后水的高度增大了，则根据液体压强公式p=pg/i可

知，倒置过来后水对容器底的压强变大了。

(1)第一次水对容器底的压力：F=PS=pghS大,即水对容器底的压力是以S人为底面积,

/?为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水多，所以水对容器底的压

(2)第二次水对容器底的压力：F'=p'S^=pgh'S^,即水对容器底的压力是以S/为底

面积，〃为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水少，所以水对容器

底的压力小于水的重力。如图：

对比前后两次情况,液体对容器底部的压力将会变小，且倒置后，液面升高，据p=pgh,

〃变大，容器底部所受液体的压强变大；

且倒置前后容器对桌面的压力等于总重力，重力不变故压力不变，而与水平面的接触面

积减小，故压强增大。

故选：A。

先分析水对容器底的压强，由液体压强公式2=09/1,只需分析当把容器倒置过来后，h

有何变化，就可以得出压强如何变化。

分析水对容器底的压力，我们就需要用公式尸=pS进行分析。而直接用这个公式还不能

分析出水对容器底的压力变化情况，因为倒置过来后水对容器底的压强变大了（九变大了

）,而容器底面积却变小了，所以压强与容器底面积的乘积是变大了还是变小了，我们

就无法判断出来。所以我们还需要寻找一个量，通过这个量把第一次和第二次水对容器

底的压力联系起来，从而进行比较。

第一次，水对容器底的压力大于水的重力。理由：水对容器底的压力是以S大为底面积，

〃为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水多，所以水对容器底的压

力大于水的重力；

第二次，水对容器底的压力小于水的重力。理由：水对容器底的压力是以S不为底面积，

九'为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水少，所以水对容器底的压

力小于水的重力。

由此就可得出第一次和第二次水对容器底的压力变化情况了。

本题的难点在于判断水对容器底的压力变化情况。不同形状的容器，水对容器底的压力

和水的重力关系是不同的。

圆柱形容器，水对容器底的压力等于水的重力；上窄下宽的容器，水对容器底的压力大

于水的重力QK对容器侧壁有压强压力，压力的方向垂直于侧壁，由于物体间力的作用

是相互的，所以侧壁会对水有一个相对容器底斜向下方向的压力，所以水对容器底的压

力大于水的重力）；上宽下窄的容器，水对容器底的压力小于水的重力（水对容器侧壁有

压强压力，压力的方向垂直于侧壁，由于物体间力的作用是相互的，所以侧壁会对水有

一个相对容器底斜向上方向的压力，所以水对容器底的压力小于水的重力）。

6.【答案】C

【知识点】流体压强与流速的关系、触电及触电事故的处理、保险丝和空气开关的作用、

安全用电常识

【解析】解：人湿木棒是导体，若有人触电，用湿木棒去分离人与电线，会使救人的

人发生触电事故。故A错误；

3、保险丝的材料是电阻大熔点低的铅睇合金制成的，铜丝是电阻小熔点高的材料不适

合做保险丝材料•，不能起到保险的作用。故B错误；

C、电源插座应加保护盖，防止小孩误接触其中的火线发生触电事故。故C正确；

。、列车通过时，列车速度大，导致列车和安全线之间的空气流速增大压强减小，安全

线内侧的压强大，当人站在黄线的外侧，容易被大气压压向列车，容易出现交通事故，

所以不能站在安全线外侧。故。错误。

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故选：Co

(1)当有人触电时，一定要用绝缘体把触电的人和电线分离；

(2)千万不要用铜丝代替保险丝；

(3)电源插座一定要加保护防止接触其中的火线发生触电事故；

(4)根据流体流速越大压强越小进行解释。

本题考查的内容是安全用电常识和流体压强和流速关系，是一道联系实际生活的综合题,

难度不大。

7.【答案】C

【知识点】内能与温度、热量、质量的关系

【解析】

【解答】A、内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和，不管在什么样的温

度下，物体都会存在内能，0℃的冰也有内能，故A错误。

8、相同质量的不同燃料完全燃烧时，放出热量越多的热值越大，故8错误；

C、物体吸收热量，内能变大，温度不一定升高，可能是状态发生了变化，例如晶体的

熔化过程，故C正确；

。、影响物体内能的因素有温度和质量，温度高的物体的内能不一定大，温度低的物体

可能比温度高的物体内能大,故热量可以从内能少的物体传向内能多的物体，故。错误。

故选：Co

【分析】

(1)内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和，

(2)热值是燃料本身的一种性质，不同的燃料，完全燃烧时释放的热量不同；

(3)物体吸收热量，内能变大，温度不一定升高，可能是状态发生了变化；

(4)热传递的条件：温度差。

热量、内能、温度是热学里三个最重要，同时也是联系最密切的概念，要真正理解。

8.【答案】BD

【知识点】欧姆定律在串、并联电路中的应用

【解析】解：

①从图可知，定值电阻％和滑动变阻器串联串联，当滑片P向右移动时，其连入电

路中电阻的变大，则根据串联电路电阻的特点可知，此时电路中的总电阻变大，而电源

电压不变，由公式/=：可知电路中的电流变小，即电流表的示数变小。

②因为定值电阻义的阻值不变，而电路中的电流变小，所以由公式U=/R可知定值电

阻％两端的电压/变小；而电源电压不变，根据串联电路电压的特点可知，滑动变阻器

/?2两端的电压小变大。

综上所述，当电路中的电流/变大时，定值电阻当两端的电压/变大，滑动变阻器/?2两

端的电压U2变小，符合此要求的是8、D。

故选：BD。

①由电路图可知，定值电阻％与滑动变阻器/?2串联，电压表匕测量的是定值电阻凡两

端的电压，电压表彩测量的是滑动变阻器&两端的电压，电流表测电路中的电流。首先

判断出滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，滑动变阻器连入电路中电阻的变化，再

根据串联电路电阻的特点，判断出电路中总电阻的变化，可利用公式/=£判断出电路

中电流的变化。

②定值电阻⑹的阻值不变，利可用公式U=/R判断出定值电阻两端电压的变化；再利

用串联电路电压的特点，判断出滑动变阻器两端电压的变化，从而可以判断出当、/?2两

端的电压为、“与电流/的变化关系图象。

本题考查了学生对欧姆定律、串联电路电压、电流和电阻关系的掌握和运用，关键是欧

姆定律的应用，还要会看关系图象。

9.【答案】A

【知识点】电磁感应

【解析】解：根据“计步器”的特点可知，磁铁在管中反复运动，切割线圈而产生电流。

因此，计步器的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化成了电能。

A是电磁感应现象；利用的是通电导体在磁场中受力运动的原理；C是电流的热效

应：故A正确。

故选：Ao

闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是

电磁感应：这一过程中，可将机械能转化为电能。

了解电磁感应现象，知道产生感应电流的条件，明确这一过程中的能量转化，是解答本

题的关键。

10.【答案】CD

【知识点】动能和势能在生活中的应用

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【解析】解：

A。、游戏者从跳台到a的过程中，高度减小、速度增大，重力势能减小，动能增大；

从。点到c点的过程中（如下图），曲段人的重力大于弹性绳的拉力，游戏者做加速运动，

速度越来越快，动能越来越大；历段人的重力小于弹性绳的拉力，游戏者做减速运动,

速度越来越慢，动能越来越小，最低点时速度为零；

在b点拉力等于重力

c,

I

I

I

所以，整个过程中，游戏者的动能先增大后减小，最后动能为零。整个过程中游戏者在

匕点的动能最大。故A错误，。正确；

从游戏者在c点时（最低点），弹性绳被拉得最长，拉力最大，拉力大于游戏者的重力，

这两个力是非平衡力，故B错误。

C、游戏者从跳台到“的过程中，重力势能转化为动能；从。到c的过程中，重力势能

转化为动能和弹性势能。故游戏者重力势能的变化量小于绳子的弹性势能变化量。故C

正确。

故选：CD。

具有弹性的物体，只有发生弹性形变才具有弹性势能。

游戏者从最高点到a时，重力势能转化为动能。从a到c时，重力势能转化为动能和弹

性势能。

从。点到c点的过程中，人受到弹力和重力作用，分成两段：上段受到向下的合力改变

物体的运动状态，速度越来越快。下段受到向上的合力改变物体的运动状态，速度越来

越慢，到最低点速度为零。

此题考查动能和势能的大小变化，对于从a到c过程中，上半段受到向下的合力，速度

越来越大，学生不容易理解，这是此题的难点。

11.【答案】C

【知识点】滑轮组中相关量的计算、杠杆的平衡条件、阿基米德原理

【解析［解：（1）混凝土墩的体积为：V=Sh=4m2x2m=8m3；

根据P=蔡可知，物体的质量为：m=pV=pSh=2.5x103kg/m3x8m3=20000kg,

故①正确；

(2)混凝土墩浸没在水中受到浮力是：F浮=p水9丫排=1.0x103kg/m3xlON/kgx

87n3=8x104/V；

混凝土墩的重力：G=mg=2x104kgxlON/kg=2x105/V；

如图，

B

作出动力臂和阻力臂，

在RM40C和RMB。。中，AC//BD,

所以△AOC-ZkB。。，

OA：OB=1：6

所以，OC：OD=1：6,

由图知，当石墩被提起且仍浸没在水中时，若忽略动滑轮、钢绳和吊臂的重力及各种摩

擦，

石墩对杠杆B点的拉力为降=G-尸浮=2x105/V-8x104/V=1.2x105N,

根据杠杆平衡条件可得：FAxOC=FBXOD,

起重机立柱CA对吊臂4点竖直向上的作用力：

FA="箸=1.2x105/Vx6=7.2XIO'N；故②正确；

(3)混凝土浸没在水中后，它匀速下降过程中所受钢丝绳的拉力等于重力减去浮力，拉

力为F拉=&=G-F浮=2x10,N-8x104/V=1.2x105N,故③错误。

故选：Co

(1)根据V=Sh算出混凝土墩的体积；根据m=pV算出混凝土墩的质量；

(2)作出动力臂和阻力臂，利用相似三角形求出动力臂与阻力臂之比，然后根据杠杆平

衡条件计算起重机立柱CA对吊臂4点竖直向上的作用力；

(3)根据阿基米德原理求出浮力的大小，根据力的合成求出拉力的大小。

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本题主要考查密度、浮力、杠杆的平衡等知识，是一道综合题。

12.【答案】A

【知识点】电功率的计算、欧姆定律在串、并联电路中的应用

【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测变

阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。

(D灯泡正常发光时的电压为2.5U,功率为1.25VV,

因串联电路总电压等于各分电压之和，

所以，灯泡正常发光时电压表的示数。滑=U-UL=4V-2.5V=1.5V,

因1.5V<3人没有超出电压表的量程，

所以，电压表的最小示数为1.5U,则电压表的示数变化范围为1.5U〜3V，故①正确；

此时灯泡正常发光，即小灯泡的最大实际功率为1.25W,

由「=〃可得，灯泡正常发光时的电流：〃=今=等=0.54,

ULZ.OK

因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程“0〜0.64”，滑动变阻器允许通过的最

大电流为14,

所以，电路中的最大电流/大=〃=。-54此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，

则滑动变阻器接入电路的最小阻值：R滑小=孑=悬=3。，故④错误；

(2)灯泡的电阻：&=£=言=5。，

当电压表的示数最大为3V时，电路中的电流最小，灯泡的实际功率最小，

则灯泡两端的最小电压：瓦'=U-U滑大=4K-3K=IV,

电路中的最小电流：//=¥="=0.24

灯泡的最小功率:PL,j、=(以)2&=(024)2*50=0.2W,

所以，小灯泡的实际电功率变化范围为0.2勿〜1.25W,故③正确；

(3)滑动变阻器的电功率：

22

PR=(U_IRL)I=(41/-/x50)/=-5(/xIP-0.81/x/)=-5(/xin-0.8Vx

I+0.16W-0.16W)=0.8V/-(/-0.44)2X5/2,

因电路中的电流范围为0.2A〜0.54

所以，当/=0.44时，滑动变阻器消耗的电功率最大，最大为PR大=08小，

当/=0.24时，滑动变阻器的电功率最小，最小为PR“=0.8W-(0.2/1-0.44)2x5/2=

0.6W,

所以，滑动变阻器消耗的电功率变化范围为0.6〃〜0.8W，故②错误；

综上可知，①③正确。

故选：4。

由电路图可知，灯泡乙与滑动变阻器R串联，电压表测变阻器R两端的电压，电流表测

电路中的电流。

(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器

两端的电压，然后与电压表的量程相比较确定灯泡能正常发光，然后得出电压表的量程,

根据P=U/求出灯泡正常发光时的电流，然后与滑动变阻器允许通过的最大电流相比较

确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出滑

动变阻器接入电路中的最小阻值；

(2)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当电压表的示数为3V时滑动变阻器接入电路中的电

阻最大，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两

端的电压，利用欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=U1=求出灯泡的最小功

率，然后得出小灯泡的实际电功率变化范围；

(3)根据串联电路的特点和P=U/表示出滑动变阻器的电功率，然后结合电路中电流的

变化范围得出滑动变阻器消耗的最大、最小功率，然后得出滑动变阻器消耗的电功率变

化范围。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，正确的判断滑动变阻

器消耗的电功率最大和最小值是关键；另外，只要判断出有一个数据错误，则该选项错

误。

13.【答案】重垂直做功动

【知识点】重力、动能和势能的转化、力做功的两个因素

【解析】解：

(1)由于重力的作用，泥石流会涌向低洼处：

(2)泥石流从山坡上滚下，速度越来越快，所以，如果在野外突遇泥石流来袭，停留在

泥石流下游低洼处是很危险的，正确的逃生方法是：朝着与泥石流垂直的方向迅速逃离

到较高的山坡上；

(3)泥石流向下游流动过程中，受到重力作用，且在重力的方向上通过了距离，所以重

力做功；

(4)泥石流向下游流动过程中，高度降低，速度变大，故重力势能减少，动能增大，泥

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石流的重力势能主要转化为动能。

故答案为：重；垂直；做功；动。

(1)在地球附近，由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力；

(2)泥石流从山坡上滚下，速度越来越快，逃生时要朝着与泥石流垂直的方向，不能相

同或相反，否则都会被冲走：

(3)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二

者缺一不可；

(4)判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的，据此结合动

能和势能的影响因素分析解答。

本题通过泥石流考查了学生对重力概念、力是否做功的判断、能量转化的了解与掌握，

难度不大•

14.【答案】用电器电源39960200

【知识点】电路的组成、电功的计算

【解析】解：手机充电过程中，将电能转化为化学能储存，消耗量电能，所以充电时相

当于用电器，手机待机时，将化学能转化为电能，此时相当于电源。

充电电流所做的功即储存的电能为：

W=UIt=3.7Vx3000xIO-3?!X3600s=39960/。

该手机最长待机时间为：

廿=2=3000^=200h

，侍15mA°

故答案为：用电器；电源；39960；200«

手机充电过程中，将电能转化为化学能储存，消耗量电能，待机时将化学能转化为电能。

知道电池的容量，根据/=，求出电池储存的电荷量，根据勿=U/t=UQ求出电流做的

功，即为储存的电能，根据电池容量求出待机的时间。

本题考查了手机电池充满电后储存电能的计算，电池充电过程的能量转化等，弄明白电

池容量的含义是解题关键。

15.【答案】8.4x108100

【知识点】热平衡方程、热值的计算

【解析】解：

8

(1)整瓶液化气完全燃烧放出的热量：＜2成=mq=20kgX4.2x10”/kg=8.4x107;

(2)由题意可知I,Q吸=。成x50%=8.4x108/x50%=4.2x108/1

Qi®_4.2X108/

△t=100℃；

由Q般=，水小水△°可得，升高的温度为:C木m，-4.2xl03//(kp℃)X1000fca

标准气压下水的沸点为100。&所以水的末温为100。点

故答案为:8.4x108；100。

(1)利用Q或=mq求整瓶液化气完全燃烧放出的热量；

(2)已知放出的热量有50%被利用，用这些热量加热水，知道水的比热容和水的质量,

利用吸热公式求水的变化的温度，根据标准气压下水的沸点判定末温的大小。

本题综合考查了水吸收热量的计算和燃料燃烧放出热量的计算，利用好Q破=<?成*

50%是关键，因条件已给出，难度不大。

16.【答案】0.6x103100

【知识点】密度的计算、液体压强的计算

【解析】解：Q)因为木块浸没在水中，所以叮#=匕^=500。根3=5*10-4巾3,

则木块受到水的浮力：

33

?理=p排=1.0x10kg/mxION/kgx5x10Tm3=5/v；

木块静止在水中，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和竖直向下的绳子拉力,

由力的平衡条件可得：F浮=G木+F,

所以，木块的重力：G木=F浮-F=5N-2N=3N,

由6=小。可得，木块的质量：

m木=工=-=0.3kg,

木g10N/kg»

木块的密度：

0633

P木=£=言益=>^kg/m;

(2)剪断绳子后，木块将上浮最终漂浮在水面上，

此时木块受到的浮力：=G木=3N,

根据F/=P次9嗫'可得，此时木块排开水的体积：

-43

V言=—=----3-----3------=3x10m,

琲p水gl.OxlOkg/mxlON/kg

木块排开水的体积变化量：

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△V排=V排一Vd=5x10-4m3-3x10-47713=2x10-47n3,

水面降低的高度：

水对容器底部减小的压强：

△p=p术g△h=1X103kg/m3XION/kgx0.01m=lOOPa。

故答案为：0.6X103；100,

(1)木块浸没在装有水的柱形容器中，根据阿基米德原理求出木块受到水的浮力；木块

静止时处于平衡状态，受到竖直向上的浮力等于自身重力和绳子拉力之和，据此求出木

块的重力，根据G=mg求出木块的质量，根据p=£求出木块的密度；

(2)长方体木块浸没在装有水的柱形容器中排开水的体积和自身的体积相等，木块漂浮

时所受的浮力等于它自身的重力，可得浮力的大小，根据阿基米德原理求排开水的体积,

然后即可求出排开水的体积变化，知道容器底面积，可求水深的变化量，再利用液体压

强公式求容器底所受压强改变量。

本题考查阿基米德原理、重力公式、密度公式、液体压强公式和物体浮沉条件的应用，

根据力的平衡条件求出木块的重力是关键。

17.【答案】有部分光线并没有通过玻璃破，而依旧在空气中传播A。和。8入射光线

重合介质玻璃玻璃

【知识点】光的折射规律

【解析】解：(1)光线A。到OC,光的传播路线没有改变，说明光在同一种均匀介质中

传播，所以可以判断有部分光线并没有通过玻璃砖，而依旧在空气中传播。本实验探究

光的折射规律，要记录光的折射光线和入射光线，所以要记录的两条光线是A。和。瓦

(2)探究光在玻璃和水的折射能力，要控制入射光线相同，还要控制A点所在的介质相

同，观察折射光线和折射角的变化情况，所以入射光线应从A点向。点射入，这是为

了保证入射光线重合，并且介质相同。

(3)如乙丙图，当光在空气中传播时A。入射，OC传播；当光线从空气斜射入水中，AO

入射，OE传播；当光线从空气斜射入玻璃中，A。入射;03传播，比较两条折射光线

OB和OE,OB偏离OC更多，所以玻璃和水这两种介质对光的偏折能力较强的是玻璃。

(4)光从空气斜射入玻璃中的偏折能力比在水中的偏折能力强，根据光路是可逆的，当

光从玻璃斜射入空气中时的偏折能力比光从水中斜射入空气中时的偏折能力强，所以从

玻璃中射出的折射光线更远离法线。

故答案为：(1)有部分光线并没有通过玻璃砖，而依旧在空气中传播；A0和。8；(2)入

射光线重合；介质；(3)玻璃：(4)玻璃。

(1)光在同种均匀介质中沿直线传播。探究光的折射规律，一定要记录光的折射光线和

入射光线：

(2)探究物体问题时一般要控制其他量不变，这是物理上常用的控制变量法：

(3)光在同种均匀介质中沿直线传播，当遇到另一种介质时光线发生偏折，光线偏折的

角度越大，偏折能力越大；

(4)光路可逆的性质进行分析。

此实验通过光在空气中直线传播，光从空气斜射入水，光从空气斜射入玻璃，这三个实

验过程，对比玻璃的偏折能力更强，光路可逆等。

18.【答案】2.10；在压力和接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小相同，与重力无

关；小柯的说法不合理：铁块与压力传感器不接触，拉力传感器示数始终等于木块对铁

块的摩擦力，而与压力传感器和木板之间的摩擦无关。

【知识点】实验：探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关

【解析】解：

(1)实验中，水平向左拉动木板时，铁块在水平方向受到向右的摩擦力和拉力传感器向

左的拉力处于静止状态，根据二力平衡的知识可知，水平方向受到的摩擦力和拉力大小

相同，因此第1次实验中铁块受到的摩擦力为2.10N：

(2)三次实验中，木板受到的压力和接触面的粗糙程度相同，摩擦力大小相同，可得出

结论：在压力和接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小相同，与重力无关；

(3)实验中测量的摩擦力是铁块与木板之间的摩擦力，铁块与压力传感器不接触，压力

传感器与木板之间的摩擦力对实验无影响，所以小柯的说法不合理。

故答案为：(1)2.10；

(2)在压力和接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小相同，与重力无关；

(3)小柯的说法不合理；铁块与压力传感器不接触，拉力传感器示数始终等于木块对铁

块的摩擦力，而与压力传感器和木板之间的摩擦无关。

(1)根据二力平衡的知识可知，铁块在水平方向受到的拉力和摩擦力大小相等；

(2)根据影响摩擦力大小的因素利用控制变量法进行分析，得出结论；

(3)根据滑动摩擦力产生的条件进行分析。

本题考查了“探究影响滑动摩擦力大小”实验的实验操作、实验现象分析等，实验中应

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用了控制变量法，正确理解并熟练应用控制变量法是正确解题的关键。

19.【答案】abL］右咄

L3T2

【知识点】固体密度的测量

【解析】解：(1)第一次在实验前调节直杆在水平位置平衡的目的是使直杆的重心落在

支点上，从而使直杆自重的力臂为0,使直杆自重对杠杆的平衡没有影响；第二、三次，

在实验的过程中再次使直杆在水平位置平衡，此时直杆的力臂与直杆的一部分相重合,

从而可以便于对力臂的测量。

(2)实验中两次使直杆在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件，可以得到两个等式：G以1=

G#2,G或I=F'L3,所以有G〃2=F'L3,所以G以1在实验中起中间桥梁的作用，ZJ

的测量是多余的。

(3)实验中两次使直杆在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件，可以得到两个等式：G或1=

G〃2,G以I=F23,所以有GZ/2=F'L3,F'是小石块浸没在水中时，小石块对直杆

的拉力，由于浮力的作用，可知F'<G行，所以人>人，即C点在8点的右侧。

(4)实验中两次使直杆在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件，可以得到两个等式：G以1=

G42,G"、=F'L?,所以有：

G#2=F0,G^2=(G万一F浮)人，Py匐42=9声石§-P科排g)L3,

因为小石块浸没在水中，所以限=丫小

所以P万4^2=(P/韶-P严韵)乙3,

故本题答案为：(l)a,6；(2)人；(3)右；(4)占

(1)该题考查杠杆平衡条件实验中杠杆在水平位置平衡的目的：实验前使杠杆在水平位

置平衡的目的是为了消除杠杆自重对平衡的影响；实验过程中再次使杠杆在水平位置平

衡的目的是为了便于力臂的测量。

(2)本实验的目的是测量石块的密度，实验过程中，两次使杠杆在水平位置平衡，该题

应使用杠杆平衡条件来分析求解，从而判断出那个力臂的测量是多余的。

(3)该题应根据杠杆的平衡条件，由力的变化，进而判断出力臂的变化，从而判断出C

点的位置。

(4)根据杠杆的平衡条件并结合浮力知识构建等式，求出小石块密度。

本题借助于杠杆平衡条件与浮力知识测量小石块的密度，属于较难题。

20.【答案】断开断开开关，换用同规格的灯泡，将滑片移到最左端右0.540

【知识点】实验：测量小灯泡的电功率

【解析】解：(1)由图甲知，电压表串联在电路中了，电流表应串联在电路中，这是错

误的，电压表应与灯泡并联，电流表应与灯泡串联，改接电路如图所示：

电通

组

(2)为了保护电路，连接电路时，开关应断开；

正确连线后，闭合开关，小灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，说明电路中电流

过大，将灯泡烧坏了，他接下来的操作是：断开开关，换用同规格的灯泡，将滑片移到

最左端；

(3)灯泡在额定电压下正常发光，由图乙知，电压表选用小量程，分度值为0.1V,示数

为2.2心小于灯泡的额定电压2.5U,应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，

应减小变阻器的电压，由分压原理,应减小变阻器连入电路中的电阻，故滑片向右移动，

直到电压表示数为额定电压2.5八

根据测量数据绘制了灯泡的/-U图象知，灯泡两端电压等于额定电压2.5U时的电流为

0.24,所以灯泡的额定电功率为：

P=UI=2.5Vx0.2A=0.5W；

(4)探究电流与电阻的关系时，应控制电阻两端的电压始终保持2