2021年河南省洛阳市洛宁县中考物理一模试卷

2021年河南省洛阳市洛宁县中考物理一模试卷

一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）

1.在2021央视春节联欢晚会上，舞蹈侏鹘飘逸灵动，静谧梦幻，演员们对朱鹘

的演绎惟妙惟肖，宛如一幅流动的画，诉说着人与自然的和谐共生，如图所示。下

列说法正确的是（）

A.当演员们动作整体向前走时，彼此是运动的

B.演员在每块地屏上所成的像都是不完整的

C.舞台上的地屏光滑平整，相当于一个个平面镜

D.我们能从地屏上看到演员们的像，说明光照到地屏上发生了漫反射

2.下列说法错误的是（）

A.人体正常的体温是36.5。（：左右

B.两杯水的温度相同，内能也一定相同

C.烧水时壶嘴冒出“白气”是液化现象，需要放出热量

D.物体吸收热量，温度不一定升高

3.如图甲是汉能便携式薄膜太阳能发电书包，这样的书包给人们带来了全新体验。对

于该书包，下列说法不正确的是（）

甲乙

A.太阳能来源于太阳内部发生的核裂变

B.如图乙所示，该书包左侧肩带处设计有大小吸盘，可以安放手机，这是由于大

气压的作用

C.该书包带有两个USB接口，利用该书包给手机充电时，书包相当于电源

D.某时刻，该太阳能发电书包的发电功率为10.5VV,接收太阳能的功率为52.5勿,

则该过程中太阳能的利用率为20%

4.小明在光具座上做“探究凸透镜成像规律”的实验。当光屏、凸透镜及烛焰的相对

位置如图所示时，恰能在光屏上得到一个清晰的像。由此判断正确的是（）

4In

小20cm-16cm-

A.这是投影仪的成像原理

B.若在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，光屏向左移动才能成清晰的像

C.当把烛焰放在距凸透镜8cm的位置时，向右移动光屏，光屏上成倒立、放大的

实像

D.当把烛焰放在距凸透镜16c”?的位置时，向右移动光屏，光屏上成倒立、放大

的实像

5.质地均匀杠杆，每个钩码重0.5N,下列操作中可以使杠杆在水平位置平衡的是（杠

杆上有等间隔的刻度）（）

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6.如图所示，把重为G的物体沿高为心长为/的粗糙

斜面以速度v由底端匀速拉到顶端的过程中，拉力F

做的功为W,则下列选项正确的是（）

A.拉力大小为华

B.物体所受摩擦力大小为"泻

C.拉力功率的大小为十

D.斜面的机械效率为石春

7.三个相同容器内分别盛满不同的液体，现将三个完全相同的小球轻轻放入容器中,

小球静止后的状态如图所示，以下判断正确的是（）

A.液体的密度关系是PP两〉P/

B.液体对容器底部的压强关系是Pz>P尹〉P两

C.容器对桌面的压强关系是P‘印>p'z>p'丙

D.小球受到的浮力大小关系是尸乙=尸药〉F尹

二、多选题（本大题共1小题，共2.0分）

8.如图所示，电源电压为12V保持不变，电流表使用的量

程是。〜0.6A,电压表使用的量程是0〜15U,滑动变阻

器的规格是“300,L4”，小灯泡的规格是“6匕3W”，

要求开关闭合后两个电表的示数都不能超过所使用的量

程，且小灯泡两端的电压不能超过其额定电压（不计灯丝

电阻的变化），则闭合开关后，下列说法正确的是（）

A.滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数与电流表的示数的关系图像是一

条直线

B.电路中允许通过的最大电流是0.64

C.滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是12〜300

D.当电路中的电流最大时，滑动变阻器的功率是3W

三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）

9.如图所示，炒面是河南的特色名吃。拉烧面时，烧面被拉得很长也

不断，这是因为分子间存在；炒面出锅时香飘四溢，这是由

于分子的产生的。

10.如图所示，是某人正在展示“用锡纸记录声音”的过

程。对着纸筒唱歌，纸筒底部的振针在移动的锡纸上

留下深浅不同的刻痕从而记录下声音，这说明声音具

有O复原声音时，锡纸移动变快，声音的就与原声不同。

11.首都北京天安门广场举行的大阅兵仪式上，长0.2km的轻型装甲车方队匀速驶过长

1初?的阅兵区域，历时6min,则轻型装甲车方队行进的速度为km/h；无人

机方队与地面指挥中心是靠进行联系的。

12.如图所示，是小明在儿童乐园滑滑梯的情景。下滑时，

小明受到滑道对他的支持力，这个力是由于发生

弹性形变而产生的。某次小明匀速下滑时，小明处于

（选填“平衡”或“非平衡”）状态；如果此时小

明受到的力突然全部消失，小明将做运动。

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13.如图甲所示，是小灯泡L和定值电阻R的/-U特性图线。将小灯泡L和定值电阻R

按图乙所示接入电路中，只闭合开关S时，小灯泡的实际功率为1W,则小灯泡两

端的电压为,再闭合开关S1电流表的示数变化了A,此时电路消耗

的总功率为卬。

14.如图甲所示，踢犍子是一项有益的传统健身体育活动。踢粳子时，若在同一高度以

大小相同的初速度处分别沿竖直向上和斜向上方向将健子踢出。如图乙所示，忽略

空气阻力，健子上升到最高点时到地面的高度分别为心和电，则生后（选

填或）.你判断的依据是。

四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）

15.图中，物块在粗链水平面上正水平向左滑动并压缩弹簧，左［颂衡工］

在。点画出物块在水平方向上的受力示意图。

16.阅读题目提供的信息并完成作图：一束激光从某种玻璃中射向空气（如图甲所示）,

当入射角增大到41.8时，折射光线消失，只存在入射光线与反射光线，这种现象叫

做光的全反射。一个三棱镜由上述玻璃构成，让一束光垂直于玻璃三棱镜的一个面

射入（如图乙所示），请在图中完成这束入射光的光路图.

五、实验探究题（本大题共3小题，共18.0分）

17.如图是探究“电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。四个相同

的透明容器中密封着质量相等的空气，将1、2和3、4导线分别接到电源两端。

（1）图甲所示的装置用来探究电流通过电阻丝产生的热量与的关系，通电一

段时间（选填“优’或）容器中电流产生的热量较多。

（2）通过观察图乙中的实验现象，可知（选填%”或"d”）容器中电阻丝的

阻值较大。

（3）实验中，加热介质采用空气而不采用液体，是因为空气的比液体的小，

吸收相同的热量时温度变化较大。

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18.小强同学为了测量某种液体的密度，进行了以下实验。

(1)将天平放在水平桌面上，把游码移到处，发现指针静止时指在分度盘的

右侧，这时应将平衡螺母向调节，直至天平横梁水平平衡。

(2)小强用调好的天平进行了以下三项操作：

4用天平测量烧杯和剩余液体的总质量，如图甲所示；

B.将待测液体倒入烧杯中，用天平测出烧杯和液体的总质量，如图乙所示；

C将烧杯中的一部分液体倒入量筒，测出这部分液体的体积，如图丙所示。

以上操作的正确顺序是(填字母代号)。由图中显示的测量数据可计算得出

3

该液体的密度为kg/m0

(3)小强不小心将量筒打碎了，老师说不用天平和量筒也能测量出液体的密度，老

师给小强提供了一个正方体小木块(密度小于水和待测液体的密度)、盛有适量水的

烧杯、盛有适量待测液体的烧杯、一把刻度尺，于是小强设计了如下实验步骤，请

你补充完整。

①小强用刻度尺测量出木块的棱长人；

②为Li

③把木块擦干后再放入待测液体中，待木块静止时测出木块露出液面的高度为人；

④则待测液体密度的表达式P=(已知水的密度为P次)。

19.在测量小灯泡的电功率时，电源电压为3V,小灯泡上标有“2.5『'字样。

(1)某同学连成了如图甲所示的电路，闭合开关后会发现(写出一个现象即

可)。经分析有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“x”，并补画出一根

导线连接成正确的电路。

(2)电路正确连接后，从滑动变阻器接入电路的最大阻值开始记录数据，得到小灯

泡的关系图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率是W,小灯泡的实际功率随

实际电压的增大而滑动变阻器的规格应选择o

A.10I2,\A

B.15U,1A

C.25/2,1A

D.50。,\A

(3)当小灯泡两端的实际电压为额定电压的一半时，小灯泡的实际功率P奖(

选填或申蝮

(4)有同学认为利用该电路还可以探究出导体中的电流和导体两端的电压成正比。

你认为这种说法(选填“合理”或“不合理”)，理由是。

六、计算题(本大题共2小题，共18.0分)

20.某家用电热水壶有加热和保温两挡，内部电路简化示意图如图甲所示，其中匕和/?2

均为阻值不变的发热电阻。某次使用该电热水壶烧水的过程中，消耗的电功率随时

间变化的图像如图乙所示。

(1)电热水壶是利用电流的工作的，加热时能量的转化情况是。

(2)求该电热水壶加热和保温时的电流之比；

(3)求电阻&的阻值；

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(4)给1.2kg的水加热，使水温从20久升至80式，电热水壶的工作效率为90%,需要

加热多长时间？[c次=4,2x1。3〃(kg-℃)]

21.郑州某公司为节能减排、绿色环保，开发并设计了多种型号的新

能源汽车。其中，某种型号的纯电动汽车的样车如图所示，其部

分参数如表所示。

电池容量42kW•h最高时速120km

空车质量1380依最大功率\00kW

轮胎与地面总接触面积0.032m2最大续航里程260km

⑴电动机的工作原理是(选填“电流的磁效应”或“磁场对电流的作用”),

电动汽车前进和倒退是通过改变来改变电动机的转动方向的。

(2)假如汽车上只有司机一人，质量为60依，电动汽车静止时对水平地面的压强是

多少？

(3)该司机试驾时，汽车以60km//i的速度匀速行驶366，耗电9MV，，汽车所受

的阻力为汽车总重的0.05倍，则电动汽车牵引力所做的功是多少？(g取10N/kg)

(4)电动汽车的电能转化为机械能的效率是多少？

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、当演员们动作整体向前走时，相对于地面是运动的，但是相对于彼此

是静止的，故A错误；

8、平面镜成的像一定是完整的，但能否看到完整的像取决于观察角度，故8错误；

C、舞台的地屏光滑，所以为一个个平面镜，故C正确；

D.我们能从地屏上看到演员们的像，是因为地屏发生了镜面反射而非漫反射，故。错

、口

1天。

故选：C。

(1)物体是运动还是静止与参照物的选择有关；

(2)平面镜成等大的虚像；

(3)光滑的地屏相当一个个平面镜；

(4)地屏光滑平整，光线照到地屏上发生了镜面反射。

本题考查了物体运动与否与选择的参照物有关，及平面镜的应用，是一到基础题。

2.【答案】B

【解析】解：

A、人体的正常体温为36.5冤左右，符合实际，故选项A不符合题意；

8、因为不知道两杯水的质量，所以我们不能确定温度相同的两杯水哪个内能大，哪个

内能小，故选项8符合题意；

C、烧水时壶嘴冒出的白气是壶内冒出的水蒸气遇冷的空气变成的小水珠，是液化现象，

液化放出热量，故选项C不符合题意；

D晶体在熔化过程中，继续吸热，但温度是不变的，所以，物体吸收热量，温度不一定

升高，故选项。不符合题意；

故选：B。

(1)了解人体的正常温度；

(2)一切物体都有内能，内能与物体的质量、温度、状态有关；

(3)物质从气态变为液态是液化现象，液化放出热量；

(4)物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化。

本题主要考查学生对温度影响内能的掌握，以及描述热量相对应的术语的理解，是热学

的难点，是中考的热点。

3.【答案】A

【解析】解：A、在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能，

故A错误；

8、该书包左侧肩带设计有大小吸盘，将手机压在吸盘上，挤出吸盘内的空气，由于大

气压的作用，手机被紧紧压在吸盘上；可以在此处放心安放手机，故8正确；

C、利用该书包给手机充电时，书包提供电能，转化为手机电池的化学能，其作用相当

于电源，故C正确；

。、该过程中太阳能的利用率：

〃=箸=黑5X100%=20%,故。正确。

'接收

故选：A。

(1)太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氨原子核，释放出核能；

(2)将手机压在吸盘上，挤出吸盘内的空气，由于大气压的作用，手机被紧紧压在吸盘

上；

(3)电源是提供电能的装置，用电器是消耗电能的装置；

(4)该过程中太阳能的利用率等于发电功率与接收太阳能的功率之比。

本题考查了太阳能、大气压的作用、电源的作用以及太阳能利用效率的计算，注意效率

等于有用功率与总功率之比，或等于有用能量与总能量之比。

4.【答案】D

【解析】解：A、由图可知：u-20cm,。=16cm.且iz>也

由凸透镜成像规律可知：此时的像是倒立缩小的实像，故A错误；

8、因凹透镜对光线有发散作用，所以此时所成的像向后移动了，光屏必须向右移动才

能接到清晰的像，故光屏应远离凸透镜才能成清晰的像，故8错误；

C、由图可知，u=20cm>2f,2f>16cm>f,

解得8cm<f<10cm,当把烛焰放在距凸透镜Scm的位置时，iz</,凸透镜成正立放

大的虚像，光屏上没有像，故C错误；

D、当把烛焰放在距凸透镜16cm的位置时，由图可知，2/>V=16sn>/,向右移

动光屏，光屏上成倒立、放大的实像，故。正确。

故选：。。

(1)凸透镜成实像时，u>v,成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机；u<v,

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成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。

2f>u>f,成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪，根据物距和焦距的关系解

不等式即可。

(2)近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用；物距越大，像距越小，成的像也

越小。

此题考查了有关凸透镜成像的规律，掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系，

此题需根据物距与像距的大小关系得出成像的特点及物距和像距的范围，以及凹透镜对

光线的发散作用。

5.【答案】D

【解析】

【分析】

本题考查杠杆的平衡条件动力x动力臂=阻力x阻力臂的应用，难度不大。

动力和阻力应使杠杆转动的方向相反，根据杠杆的平衡条件动力X动力臂=阻力X阻力臂

进行判断。

【解答】

AC,由图知动力和阻力使得杠杆转动的方向相同，故AC错误；

B.左边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N,杠杆上一格长L,弹簧秤的示数为1.5N,

0.5Nx2x4L力1.5Nx53故杠杆不平衡，故B错误；

D右边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N,杠杆上一格长3弹簧秤的示数为2N,

0.5Nx2x6L=2Wx3L,故杠杆平衡，故。正确。

故选。。

6.【答案】C

【解析】解：

A、拉力做的功为总功，即加总=W=Fl,所以拉力F=3；

有用功为小有用=Gh,因为在斜面上拉动物体要克服摩擦力做功，

所以口有用，即F/>Gh,则F=?>牛，故A错；

8、使用斜面时克服摩擦力做的功为额外功，则川莉=八=小忌一"有用=皿一。瓦

所以物体所受的摩擦力：/=竺产，故B错误；

c、做功时间为t=-V,拉力t功率—的大L小P=十=7=7，故C正确；

v

D、斜面的机械效率为4=黑=引故。错。

故选：Co

使用斜面时,利用“=G/i求有用功，利用W=F2求总功，克服摩擦做的额外功W&=八，

利用P=多求拉力做功功率，利用效率公式〃=/求斜面的机械效率。据此分析判断。

本题考查了使用斜面时有用功、额外功、总功、功率、机械效率的计算，因为已知量是

字母，要细心推导/

7.【答案】D

【解析】解：A、由于小球在丙中悬浮，故P对=P物；在乙容器中漂浮，故P/＞P物；

在甲中下沉，故P甲〈P物;三种液体密度关系：P尹＜P丙＜PN，故A错误；

8、静止时三个容器的液面恰好相平，即深度/?相等，由于乙液体的密度最大，根据p=

pg/i可知，乙容器底受到的液体压强最大；故B错误；

C、开始时，丫甲=丫乙二丫丙,放入小球后，甲、丙溢出相同体积的液体，则剩余液体体

积嘴=匕3由于P尹＜P为，故m■甲丙,重力G甲＜G丙,乙液体溢出的最少，故剩

余液体体积吃最大，又因为Pz最大，所以乙的质量最大、重力最大，G甲〈G丙〈G乙,

容器相同，则容器重力相等，三个完全相同的小球，则小球的重力相等，

容器对水平桌面的压力等于容器，容器内的液体和物体的重力之和，

根据p=g得P'z＞P'丙〉P'尹，C错误；

。、由图知，小球在丙容器中悬浮，在乙容器中漂浮，所以小球所受的浮力与自身的重

力相等；在甲中下沉，浮力小于其重力，故小球受到的浮力大小关系是尸乙=尸丙〉尸并

故。正确。

故选：Do

(1)当物体漂浮或悬浮时，其浮力等于自身的重力；

(2)根据物体浮沉条件，结合图示得出三种液体的密度大小关系，然后利用液体压强公

式分析判断三种液体对容器底的压强关系；

(3)烧杯对桌面的压力等于烧杯、容器内液体和小球的总重力，受力面积相同，根据p=9

比较压强大小。

第14页，共24页

此题主要考查物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较，根据物体浮沉条件，结合图示

得出三种液体的密度大小关系是解答此题关键。

8.【答案】ACD

【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电

流表测电路中的电流。

、根据并联电路的电压特点和欧姆定律可得电压表的示数：

AUV=U-UL=12V-IRL,

所以电压表的示数与电流表的示数的关系是一次函数，则图像是一条直线，故A正确；

P濯3W

B、根据P=U/可得，灯泡正常工作的电流为：/颁=i=瑞=0.54,

已知电流表的量程为07).64,滑动变阻器的规格是“30。，1A”，则电流中的最大电

流为：/或大=/频=°54,故B错误；

C、当电流中的电流最大时灯泡正常工作，根据串联电路的总电压等于各用电器两端的

电压之和可得：

滑动变阻器两端的电压为：U滑小=U-UL=12V-6V=6匕

根据/=9可得，滑动变阻器接入电路中的最小电阻为：R滑〃、=等=怒=12。；

R/酸大"A

由于电压表使用的量程是0〜15心电源电压为12V,所以滑动变阻器的电阻可以全部

接入电路，

所以，滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是12〜300,故C正确；

£)、当电路中的电流最大时滑动变阻器的功率：。.=火浮#或大=6Ux0.5A=3W,故

。正确。

故选：ACDo

由电路图可知，灯泡心与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流

表测电路中的电流。

(1)滑动变阻器的滑片向左移动时，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可得电压表的

示数:由此即可判断电压表的示数与电流表的示数的关系图

UV=U-UL=12V-IRL,

像特点；

(2)根据P=U/求出灯泡正常工作的电流，与电流表的量程比较即可判断电路中的最大

电流；

(3)当电流中的电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的特点

和欧姆定律即可求出滑动变阻器接入电路中的最小电阻；

由于电压表使用的量程是0〜15V,电源电压为12V,所以滑动变阻器的电阻可以全部

接入电路，然后即可得出滑动变阻器接入电路中的电阻变化范围；

(4)利用P=U/求出当电路中的电流最大时滑动变阻器的功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息

是关键。

9.【答案】引力无规则运动

【解析】解：分子间存在相互作用的引力，在分子间引力作用下，使烧面拉得很长而不

断开；面出锅时香飘四溢，属于扩散现象，是由于分子的无规则运动产生的。

故答案为：引力；无规则运动。

物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的引力和

斥力。

本题主要考查学生对分子运动及其分子间作用力的了解和掌握，是一道基础题。

10.【答案】能量音调

【解析】解：由“对着纸筒唱歌，纸筒底部的振针在移动的锡纸上留下深浅不一的刻痕

从而记录下声音”可知，锡纸记录声音与导电性无关，复原声音时，振针经过刻痕带动

纸筒振动发声重现歌声，这不是魔术，其原理是声波具有能量，响度越大刻痕越深；

复原声音时，锡纸移动变快，振动的频率不同，则声音的音调就与原声不同。

故答案为：能量；音调。

声音可以传递信息，也可以传递能量；音调的高低与振动的频率有关。

本题考查了声音与能量、声音的特征，属于基础题。

11.【答案】12电磁波

【解析】解：(1)装甲车方队行驶的距离为：s=0.2km+1km=1.2km,行驶时间t=

6mm=­/i,

io

装甲车方队行进速度：v=-=^—=12km/ha

10

(2)无人机方队与地面指挥中心是靠电磁波进行联系的。

故答案为：12；电磁波。

(1)装甲车方队驶过阅兵区域通过的距离等于方队长和阅兵区域长之和，利用速度计算

公式计算出平均速度。

第16页，共24页

(2)无人机方队与地面指挥中心是靠电磁波联系的。

本题考查了速度公式的计算和电磁波的应用，明确装甲车方队行驶的距离是解题的关键。

12.【答案】滑道平衡匀速直线

【解析】解：弹力是物体发生形变后，在恢复原状的过程中对与其接触的物体所产生的

力；小明下滑时受到滑道对他的支持力，则受力物体是小明，施力物体是滑道，所以这

个弹力是由于滑道发生弹性形变而对小明产生的。

图中小明沿直线滑道匀速下滑，小明下滑时做匀速直线运动，因此小明处于平衡状态；

由于小明是运动的，当小明受外力突然全部消失时，根据牛顿第一定律，小明将做匀速

直线运动。

故答案为：滑道；平衡；匀速直线。

(1)弹力是物体发生形变后，在恢复原状的过程中对与其接触的物体所产生的力。

(2)平衡状态包括静止和匀速直线运动。

(3)根据牛顿第一定律可得到，如果物体所受的一切外力同时消失，物体将保持静止或

匀速直线运动状态。

此题考查弹力的概念、平衡状态的判断，以及牛顿第一运动定律等知识的理解和应用，

是一道综合性较强的题目，难度不大。

13.【答案】2V0.21.4

【解析】解：(1)只闭合开关S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，

根据P=U/,当小灯泡的实际功率为1W时，由甲图像可知，

灯泡两端的电压为2匕即：电源的电压U=2心通过灯泡的电流〃=0.54

(2)当再闭合开关a时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，

并联电路中各支路两端的电压相等，

此时R两端的电压为2匕由图像可知/R=0.2A,

并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

由于通过灯泡的电流不变，则干路电流增加的量为R的电流，

所以，电流表示数变化量为0.24

则干路电流为：I=IL+IR=0.5A+0.2A=0.74,

电路消耗的总功率：P=UI=2Vx0.7A=1.4WZo

故答案为：2V；0.2；1.4。

(1)只闭合开关S时，电路为L的简单电路，由甲图像读出当小灯泡的实际功率为1卬时

两端的电压（即为电源的电压）和通过的电流；

（2）当再闭合开关Si时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的

电压特点可知R两端的电压，由甲图像可知此时通过R的电流，根据并联电路的电流特

点可知R的电流为此时干路增加的电流，即为电流表示数的变化量,然后求出干路电流，

利用P=U/求出此时电路消耗的总功率。

本题考查了并联电路的特点和电功率公式的应用，关键是能从图像中得出小灯泡的实际

功率为1W的电压和通过的电流。

14.【答案】>斜向上的小球运动到最高点时，动能没有全部转化为重力势能

【解析】解：根据机械能守恒定律，两个完全相同的小球，在同一高度处以相同大小的

初速度，他们的动能和重力势能相同，故两球抛出时的机械能相同，忽略空气阻力，两

球抛出后上升到最高点时斜向上的小球运动到最高点时，动能没有全部转化为重力势能,

因此两球抛出后上升到最高点时到地面的高度阳>向；

故答案为：>；斜向上的小球运动到最高点时，动能没有全部转化为重力势能。

两个小球在运动的过程中，只有重力做功，机械能都守恒，由机械能守恒定律分析动能

势能关系。

本题考查影响物体动能与重力势能的转化，只存在动能和重力势能相互转化时，机械能

守恒，难度适中。

15.【答案】解：物块正水平向左滑动并压缩弹簧，分析可知在0点时物块水平方向上

受到弹簧对它向右的弹力、地面对它水平向右的摩擦力，过物块重心，沿水平向右的方

向做出这两个力，如图所示：

【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的

大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。

画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。

按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。

16.【答案】解：

因为光线从空气垂直于玻璃入射，所以光的传播方向不变；当光射到玻璃的右表面时,

由于入射角为45。，大于临界角41.8。，所以发生全反射（折射光线消失，只有反射光线），

其大致路径如下图所示：

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【解析】当光从一种透明介质垂直射入另一种透明介质时，传播方向不变。当光从其他

透明介质斜射入空气时，折射角大于入射角。据此画出光路图。

本题主要考查了光的折射现象以及光的全反射现象，考查了光的折射的光路图，有一定

综合性。

17.【答案】电流ad比热容

【解析】解：(1)图甲装置中一个50的电阻与两个5。的电阻并联后再串联，根据串联电

路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即/方=/左,两个50

的电阻并联，根据并联电路的电流特点知/左=/的+/勿所以，1左内,烧瓶内的电

阻值都是50,阻值相等，通电时间相等，电流不同，通电一段时间，由Q=/2/?t知，〃

容器中电流产生的热量多；

(2)乙图中，右侧U形管中液柱上升幅度更大。根据串联电路的电流特点可知，电流和

通电时间相等，根据Q=/2Rt可知，通电一段时间后，装置d容器内电阻大，产生的热

里多；

(3)实验中电流放出的热量的多少可以通过液面高度差的变化来反映；由于空气的比热

容要小于液体的比热容，在同样吸热的情况下，空气的温度升高的快，体积变化明显，

实验现象易于观察。

故答案为：(1)电流;a；(2)d；(3)比热容。

(1)(2)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生热量跟电

流关系时，控制电阻和通电时间相同；探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间

和电流不变；

(3)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面高度

差的变化来反映；根据Q=cmAt分析选取空气的原因。

此题考查了电流产生热量影响因素的探究过程，注意控制变量法和转换法在实验中的应

用。

18.【答案】0刻度线左BCA1.1X103当将小木块放入盛水的容器时，待木块静止

时测出木块露出液面的高度乐Jp水

【解析】解：(1)将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端“0”刻度线处；发现指针

静止时指在分度盘中央的右侧，根据“右偏左调，左偏右调”的规则，应将平衡螺母向

左调；

(2)实验中应先测烧杯与液体的总质量，再倒一部分到量筒中测出体积，再测剩余液体

和烧杯的质量，因此正确操作步骤顺序为BCA；

(3)读图乙可知烧杯和液体的总质量为加2=50g+20g+10g+2.4g=82.4g,m,=

20g+10g+5g+2.4g=38.4g,量筒中液体的体积为40cm3,

液体的密度：p=四芦=，%;沪=1,x103kg/m3-

①木块的棱长小；正方体小木块的一个面的面积为S=跖，

②当将小木块放入盛水的容器时，待木块静止时测出木块露出液面的高度为刀；则小木

块浸入水中的深度为人一刀；

则根据G=mg、F浮=P液。4#和物体的漂浮条件可得:mg=p水g(L。-〃)以------①

③当将小木块放入盛待测液体的容器中，小木块露出该液体表面的高度为G，则小木

块浸入液体中的深度为L。-乙2；

同理可得：mg=p液g(Lo-L2)璃------②

联立①②可得：。液=条沙水。

故答案为：(1)0刻度线;左；(2)BC41.1xlO3；(3)当将小木块放入盛水的容器时,

待木块静止时测出木块露出液面的高度；甘P水。

(1)天平使用前调节平衡时，要先将游码拨动到标尺的零刻度线处；调节平衡螺母，规

则是“右偏左调，左偏右调”，即指针向右偏就向左调平衡螺母，指针向左偏就向右调

平衡螺母，调左侧的还是右侧的平衡螺母都是可以的；

(2)实验过程主要是测量液体的质量与体积，并考虑尽量减小实验的误差；液体的密度

要用公式进行计算，利用机2-61求出液体的质量，通过量筒读出液体的体积；

(3)利用尸水浮=尸液浮和产浮=P液9匕就能推.导出液体的密度公式。

实验中考查了天平的调节与读数、量筒的读数、密度公式的运用等，对实验步骤的正确

把握是本题考查的重点，应通过对步骤的理解学会选择最优化的设计，既要使操作简便

也要尽量减小误差。

19.【答案】灯不发光(或电流表示数为。或电压表示数为3U)0.625变大C＞不合

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理灯的电阻随温度的变化而改变

【解析】解：(1)原电路中，灯与变阻器并联后与电流串联，电压表串联在电路中，因

电压表内阻很大，故电流表示数为0,灯不发光，电压表测电源电压，电压表示数为3H

电流表应与变阻器串联后再与灯串联，电压表与灯并联，改正后如下所示：

(2)灯在额定电压下正常发光，根据小灯泡的/-U图像知，灯在额定电压下的电流为

0.254则小灯泡的额定功率是：P=ULIL=2.51/x0.25/1=0.625W；

由上图知，通过灯的电流随电压的变大而变大，由P=U/,小灯泡的实际功率随实际电

压的增大而变大；

由图乙数据知，当电压为0.5V时对应的电流为0.14由串联电路的规律及欧姆定律，此

时滑动变阻器连入电路的电阻为：

R=熟=学=咚啜=25。，因从滑动变阻器接入电路的最大阻值开始记录数据，

何A/10.14

故选C；

(4)当电阻不变时，由P=9可知，电压变为原来的一半，功率变为原来的四分之一，

由于灯泡的电阻是变化的，当电压减小时，通过灯的电流变小，根据P=U/灯的功率减

小，灯丝的温度减小，灯丝的电阻也减小，故当小灯泡两端的实际电压为额定电压一半

时，小灯泡的实际功率P实大于：P施

(4)利用该电路还可以探究出导体中电流和导体两端电压成正比，这种说法不合理，因

探究导体中电流和导体两端电压成正比时，要控制电阻大小相等，而灯的电阻随温度的

变化而改变，故这种说法不合理；

故答案为：(1)灯不发光(或电流表示数为0或电压表示数为3V)；(2)0.625；变大；C；

(3)＞；(4)不合理：灯的电阻随温度的变化而改变。

(1)原电路中，灯与变阻器并联后与电流串联，电压表串联在电路中，因电压表内阻很

大，可知电流表示数为0,灯不发光，电压表通过变阻顺与电源连通测电源电压，可知

电压表示数；

本实验中，电流表应与变阻器串联后再与灯串联，电压表与灯并联；

(2)灯在额定电压下正常发光，根据小灯泡的/-U图像知灯在额定电压下的电流，根据

P=U/得出小灯泡的额定功率；

通过灯的电流随电压的变大而变大，由「="分析回答；

由图乙数据知当电压为0.5V时对应的电流，由串联电路的规律及欧姆定律得出此时滑动

变阻器连入电路的电阻，结合已知条件分析；

(3)由P=9结合灯的电阻随温度的变化而变化分析；

(4)探究导体中电流和导体两端电压成正比时，要控制电阻大小相等，据此分析。

本题测灯泡的功率，考查电路连接、电路分析、电功率计算、数据分析、对器材的要求，

同时探究出导体中电流和导体两端电压的关系，考查控制变量法的运用及影响电阻大小

的因素。

20.【答案】热效应电能转化为内能

【解析】解：(1)电流通过导体发热的现象叫电流的热效应，因此电水壶是利用电流的

热效应工作的，并将电能转化为了内能；

(2)由图乙知，加热功率P如点=1600W,保温功率P侬=400匹，

P

I加热P

由p=w可得，这次电热水壶加热和保温时的电流之比为鲁=声=券=端=i

/保温_!^〃保温4UUIV1

U

(3)当开关S接1时电路为&的简单电路，当开关S接2时&与Rz串联，

因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，

所以，当开关S接1时，电路的总电阻最小，由「=u/=?可知，电路的总功率最大,

处于加热挡，

U2(2201/)2

同理可知，当开关S接2时处于保温挡，则电阻R1=t=瑞6=30.25。，

保温时电路的总电阻R总=卢=噂翳=1210,

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电阻&=R总一&=1210-30.250=

90.750；

(4)水温从20久升至80久时水吸收的热量：

s

Q吸=c水-t0)=4.2x103〃(kg-℃)x1.2kgx(80℃-20℃)=3.024x107,

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由v=%x100%可得，电热水壶消耗的电能：勿=%=笔普=3.36x105/,

1W