河北省承德市隆化县存瑞中学物理高一第一学期期末调研试题含解析

河北省承德市隆化县存瑞中学物理高一第一学期期末调研试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、光滑水平面上，有一木块以速度v向右运动，一根弹簧固定在墙上，如图所示，木块从与弹簧接触直到弹簧被压缩成最短的时间内木块将做的运动是（）A.匀减速运动 B.速度减小，加速度增大C.速度减小，加速度减小 D.无法确定2、下列实例属于超重现象的是（  ）A.汽车驶过拱形桥顶端 B.荡秋千的小孩通过最低点C.乘坐升降电梯匀速上升 D.粉笔抛出竖直向上运动3、质量相同的甲、乙两人乘坐两部构造不同、倾角相同的电梯去商场，他们均相对于电梯静止，则下列说法正确的是（）A.若两电梯匀速上升，则甲、乙两人均没有受到摩擦力B.若两电梯匀速上升，则甲受到重力和支持力C.若两电梯匀加速上升，则两人均受到沿速度方向的摩擦力D.无论电梯加速或匀速上升，甲都不会受到摩擦力的作用4、关于胡克定律，下列说法正确的是A.弹簧所受的拉力大小和劲度系数有关，拉力越大，劲度系数也越大B.弹簧即使拉伸长度超过了弹性限度，仍符合胡克定律C.弹簧的劲度系数与弹簧发生的形变的大小有关，形变越大，劲度系数越小D.弹簧的材料、粗细均会影响弹簧的劲度系数5、如图，A、B、C三个小球质量均为m，A、B之间用一根没有弹性的轻质细绳连在一起，B、C之间用轻弹簧拴接，整个系统用细线悬挂在天花板上并且处于静止状态．现将A上面的细线剪断，使A的上端失去拉力，则在剪断细线的瞬间，A、B、C三个小球的加速度分别是()A.1.5g，1.5g，0B.g，2g，0C.g，g，gD.g，g,06、一小球从空中由静止下落，已知下落过程中小球所受阻力与速度的平方成正比，设小球离地足够高，则()A.小球先加速后匀速B.小球一直在做加速运动C.小球在做减速运动D.小球先加速后减速7、一个物体在摩擦力作用下沿水平面做直线运动，其位移与时间的关系式为x＝10t﹣2t2（其中x的单位为m，t的单位为s），则（）A.该物体的初速度是10m/sB.该物体的加速度大小是2m/s2C.该物体在5s内发生的位移为0D.该物体运动的时间为2.5s8、下列说法中正确的是()A.物体保持静止状态，它所受合外力一定为零B.物体所受合外力为零时，它一定处于静止状态C.作用力和反作用力可以相互平衡D.作用力和反作用力的产生无先后之分9、物体A、B的x-t图像如图所示，由图可知（）A.两物体由同一位置开始运动，但物体A比B晚3s才开始运动B.从第3s起，两物体运动方向相同，且vA>vBC.在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇D.5s内A、B的平均速度不相等10、如图所示，A、B叠放在水平地面上，大小为F的水平力作用在B上，使A、B一起向右做匀速直线运动，下列说法正确的是：（）A.A、B间无摩擦力B.A受到静摩擦力，方向向右C.地面对B的摩擦力大小为F，方向向左D.F越大，B对地面的压力越小11、如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（）A.弹簧秤的示数是26NB.弹簧秤的示数是50NC.在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度不变D.在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度不变12、物体沿一条东西方向的水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度-时间图像如图所示，下列说法中正确的是（）A.在1s末，物体的速度为9m/sB.0～2s内，物体的加速度为6m/s2C.6～7s内，物体做速度方向向西的加速运动D.10～12s内，物体做速度方向向东的加速运动二．填空题(每小题6分，共18分)13、某同学用如图所示的实验装置验证牛顿第二定律.(1)打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花打点计时器，使用的都是__________（填“直流电”或“交流电”）.(2)下列说法中正确的是________A．图中细线应保持与木板表面平行B．每次改变小车质量后都需要重新平衡摩擦力C．用沙和沙桶的总重力作为绳的拉力，对实验结果会产生误差D．为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板的左端适当垫高(3)某同学在实验中，打出的一条纸带如图所示，他选择了几个计时点A、B、C、D、E作为计数点，相邻两计数点间还有4个计时点没有标出，其中x1=7.06cm、x2=7.68cm、x3=8.30cm、x4=8.92cm，那么打B点的瞬时速度大小是_______m/s；纸带加速度的大小是___________m/s2.（计算结果保留两位有效数字）14、用如图所示的装置测定弹簧的劲度系数，被测弹簧一端固定于A点另一端用细线绕过定滑轮挂钩码，旁边附有一竖直放置的厘米刻度尺．当挂两个钩码时，线上一定点P对应的刻度线如图中的ab虚线所示，当挂三个钩码时，线上一定点P对应的刻度线如图中的cd虚线所示．已知每个钩码的质量为50g，重力加速度g＝9.8m／s2．ab虚线处刻度尺读数是d1=_____m；则被测弹簧的劲度系数为____________N/m15、在做“验证力的平行四边形定则”的实验时，要使合力与分力产生同样的效果，必须做到___________。A.将橡皮条拉直，B.将橡皮条拉到同一位置C.记准细绳的方向D.准确读出弹簧测力计的读数三．计算题(22分)16、（12分）请证明下列问题:(1)我们已经知道，作为自由落体加速度，g的单位是m/s2；但我们在初中学过，作为质量与物体所受重力的比例系数，g的单位是N/kg．请证明:1m/s2=1N/kg(2)一个物体静止地放在台式弹簧秤上，如图所示，试证明物体对弹簧秤的压力等于物体所受的重力(证明时在图上标出所涉及的力)(3)若把该装置放在以加速度a加速上升的电梯里，试证明物体对台秤的压力大于其重力，即物体处于超重状态17、（10分）如图所示，倾斜传送带与水平面的夹角为θ，以大小为v0的恒定速度沿顺时针方向匀速转动，一小物块（可视为质点）从传送带上端A滑上传送带，滑上时速度大小为v1、方向平行于传送带向下，最后小物块将从A端离开，已知小物块与传送带间的动摩擦因数为μ，传送带足够长，重力加速度为g，不计空气阻力。求(1)小物块在传送带上滑动时的加速度大小a。(2)小物块从滑上传送带到从上端A离开，在传送带上运动的时间t。

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、B【解析】木块从与弹簧接触直到弹簧被压缩到最短的过程中，分析弹簧的弹力方向与速度的关系，根据弹力与速度方向间的关系，判断木块速度的变化．分析弹力大小的变化，由牛顿第二定律分析加速度的变化情况【详解】木块从与弹簧接触直到弹簧被压缩到最短的过程中，木块竖直方向受到重力与支持力两个力，二力平衡．水平方向受到弹簧向左的弹力，由于弹力与速度方向相反，则木块做减速运动，随着压缩量的增大，弹力增大，由牛顿第二定律可知，加速度增大．则木块做加速度增大的变减速运动，故B正确，ACD错误故选B2、B【解析】A．汽车驶过拱形桥顶端时，具有向下的加速度，故处于失重状态，故A错误；B．荡秋千的小孩通过最低点时，由支持力和重力的合力提供向心力，合力向上，加速度向上，处于超重状态，故B正确；C．乘坐升降电梯匀速上升，是平衡状态，故C错误；D．粉笔抛出竖直向上运动，具有向下的加速度，所以处于失重状态，故D错误。故选B。3、B【解析】AB.若两电梯均为匀速上升，则甲只受重力和支持力，乙则受重力、支持力和摩擦力，所以A错误，B正确；C.若两电梯匀加速上升，则甲所受摩擦力水平向右，乙所受摩擦力平行斜面向上，C错误，D错误；故选B.【点睛】对人受力分析，由牛顿第二定律及共点力的平衡条件可确定人是否受到摩擦力4、D【解析】ACD．弹簧的劲度系数表示弹簧的软硬程度，它的数值与弹簧的材料，弹簧丝的粗细，弹簧圈的直径，单位长度的匝数等等因素有关，即由弹簧本身决定，与弹簧所受的拉力大小及形变无关，故AC错误，D正确；B．弹簧拉伸长度超过了弹性限度，则不符合胡克定律，故B错误；故选D。5、A【解析】剪断细线前，由平衡条件可知上端的细线的拉力为，、之间细绳的拉力为，轻弹簧的拉力为，在剪断细线的瞬间，轻弹簧中拉力不变，小球所受合外力为零，所以的加速度为零；、小球用一根没有弹性的轻质细绳连在一起，即将一起向下运动，整体受到二者重力和轻弹簧向下的拉力，由牛顿第二定律可得，解得，故选项A正确，B、C、D错误6、A【解析】设小球受到的阻力为，在刚开始下落一段时间内阻力是从零增加，，向下做加速运动，过程中速度在增大，所以阻力在增大，当时，合力为零，做匀速直线运动，速度不在增大，故小球的速度先增大后匀速，A正确考点：考查了牛顿第二定律的应用7、AD【解析】根据匀变速直线运动的位移公式以及速度与时间关系进行分析答题；【详解】A、由匀变速直线运动的位移公式：，结合：可知：初速度：，加速度为：，加速度大小为，故选项A正确，B错误；C、根据速度与时间关系可知，物体运动的时间为：在这段时间内物体的位移为：由于物体运动就停止运动了，所以5s内发生的位移即为内发生的位移，故选项C错误，D正确【点睛】本题考查了求初速度与加速度问题，应用匀变速直线运动的位移公式以及速度与时间关系即可正确解题8、AD【解析】据物体的平衡态与合外力的关系分析判断，注意静止或匀速直线运动的合外力都为零．作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失【详解】A、B、物体保持静止，处于平衡态，它所受合外力一定为零；当它所受合外力一定为零时，物体处于静止或匀速直线运动，故A正确，B错误；C、作用力和反作用力作用在不同的物体上，作用效果不能抵消，不能合成，故C错误；D、作用力和反作用力同时产生，同时变化，同时消失，故D正确；故选AD.【点睛】明确物体的运动状态与合外力的关系；理解牛顿第三定律与平衡力的区别．作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产生各自的作用效果9、BD【解析】A项：由图可知，B从5m处开始运动，而A从0m处开始运动，故二者开始位置不同，故A错误；B项：图象的斜率表示速度，由图可知，A的斜率大于B的，故A的速度要快；且A从3s开始运动，运动方向都沿x轴的正方向，故B正确；C项：A的位移为10m，而B的位移为5m，故5s内物体的位移不同，故C错误；D项：因5s位移不同，故5s内的平均速度不同，故D正确10、AC【解析】A、B一起做匀速直线运动，合力均为零，先分析A的受力，由平衡条件分析摩擦力方向，地面对B有滑动摩擦力，根据平衡条件分析摩擦力的方向；压力等于总重力，与F无关【详解】对A分析，由平衡条件水平方向合力为零，则受摩擦力为0，即A与B之间没有摩擦力，故A正确；整体为研究对象，水平方向受力平衡可知，地面对B的摩擦力大小为F，为滑动摩擦力，方向向左，故B错误，C正确；B对地面的压力大小与力F的大小无关，压力始终等于A和B的重力，故D错误．所以AC正确，BD错误【点睛】本题关键根据两物体均处于平衡状态，由平衡条件分析受力情况11、AC【解析】先整体分析得到，代入数据解得a=2m/s2,设弹簧秤受到拉力为F，再对m1受力分析得到，代入数据解得F=26N，所以弹簧秤的示数是26N，A正确，B错；在突然撤去F2的瞬间，弹簧的弹力与撤去前相同，m1受力不变，即m1的加速度不变，C对；m2的合力增大，加速度增大，D错12、AC【解析】A．由题图可知，在1s末，物体的速度为9m/s，故A正确；B．根据加速度的定义，0～2s内，物体的加速度故B错误；C．6～7s内，速度为负且增大，物体做速度方向向西的加速运动，故C正确；D．10～12s内，速度为负且减小，物体做速度方向向西的减速运动，故D错误。故选AC。【点睛】分析图像时应注意两点:（1）在图像中，加速度是否变化看图线有无折点。在折点位置，图线的倾斜程度改变，表示此时刻物体的加速度改变，图像为曲线，可认为曲线上处处是折点，加速度时刻在改变。（2）在图像中，速度方向是否改变看图线与时间轴有无交点。在与时间轴的交点位置前后，纵坐标的符号改变，表示物体的速度方向改变。二．填空题(每小题6分，共18分)13、①.交流电②.AC③.0.74④.0.62【解析】(1)打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电，它们是每隔0.02s打一个点.(2)由纸带受力分析误差,根据纸带的数据选择判断实验步骤；(3)根据打点周期和计数点得到时间间隔，然后根据△x=aT2，由逐差法求解.【详解】(1)打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电.(2)A、木板的右端适当垫高后平衡摩擦力时，图中细线应保持与木板表面平行，拉力才能等于合外力；故A正确.B、每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力；故B错误.C、由于沙和沙桶加速下滑，根据牛顿第二定律得拉力和重力的合力向下，所以拉力小于重力，那么用沙和沙桶的总重力来表示F，对实验结果会产生误差；故C正确.D、为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板的右端适当垫高，使重力沿斜面的分力等于摩擦力，则纸带受到的合外力等于拉力；故D错误.故选AC.(3)相邻两计数点间还有4个计时点没有标出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，利用匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度有；四组连续相等的位移可利用匀变速直线运动的判别式，结合逐差法有.【点睛】探究加速度与力、质量关系实验时，要平衡小车受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不够、或过平衡摩擦力，小车受到的合力不等于砝码和砝码盘的重力；知道实验注意事项、实验数据处理分析，知道实验原理及注意事项即可正确解题；应用匀变速直线的平均速度以及判别式推论解答纸带问题.14、①.0.3110②.70【解析】在实验中，所挂钩码的重力等于弹簧的弹力，P点对应刻度的变化可知弹簧的伸长量对钩码受力分析，由平衡条件可求得劲度系数；【详解】ab虚线处刻度尺读数是d1=31.10cm=0.3110m由图可知，当钩码增至3个时，弹力增大mg，而弹簧的长度伸长31.80-31.10=0.70cm，则由平衡关系可知，F=kx解得劲度系数为：；【点睛】解决本题的关键由平衡条件得所挂钩码的重力等于弹簧的弹力，掌握胡克定律F=kx15、B【解析】要使每次合力与分力产生相同的效果，每次将橡皮条拉到同样的位置，即用一个力与用两个力的作用效果相同，故ACD错误，B正确。故选B。三．计算题(22分)16、(1)证明过程见解析(2)证明过程见解析(3)证明过程见解析【解析】(1)根据牛顿第二定律F=ma，力F单位是N，质量的单位是kg，加速度单位是m/s2，，所以1m/s2=1N/kg(2)设一质量为m的物体放在台式弹簧