重庆市长生桥中学校高2017级期末复习综合训练

重庆市长生桥中学校高2017级期末复习综合训练班级：姓名一、选择题（1~7题为单选，8~13题为多选。）1．关于能量和能源，下列说法中正确的是答案：D解析：根据能量转化和守恒定律，能量在转化过程中总量不变，故A、B均错；由于能量转化的方向性，可利用的能源有限，故必须节约能源，C错，D对．正确答案为D.答案：D解析：根据能量转化和守恒定律，能量在转化过程中总量不变，故A、B均错；由于能量转化的方向性，可利用的能源有限，故必须节约能源，C错，D对．正确答案为D.A．能量在转化和转移过程中，其总量有可能增加B．能量在转化和转移过程中，其总量会不断减少C．能量在转化和转移过程总量保持不变，故节约能源没有必要D．能量在转化和转移过程中具有方向性，且现有可利用的能源有限，故必须节约能源2．下列物理学史正确的是答案：C()答案：CA．开普勒提出行星运动规律，并发现了万有引力定律B．牛顿发现了万有引力定律并通过精确的计算得出万有引力常量C．万有引力常量是卡文迪许通过实验测量并计算得出的D．伽利略发现万有引力定律并得出万有引力常量3．如图所示，A、B两物体叠放在一起，处于一粗糙水平面上，运动过程中受到一水平拉力F的作用，两者相对静止一起向右做匀减速直线运动，则下列说法正确的是答案：C解析：B答案：C解析：B对A的支持力不做功，A错；B对A的摩擦力向左，做负功，B错C对；A对B的摩擦力向右，做正功，D错．A．B对A的支持力对A做正功B．B对A的摩擦力对A不做功C．B对A的摩擦力对A做负功D．A对B的摩擦力对A做负功4．以一定初速度竖直向上抛出一个小球，小球上升的最大高度为h，空气阻力大小恒定为f，则从抛出点到落回出发点的过程中，空气阻力对小球做的功为答案：C解析：因为阻力答案：C解析：因为阻力f的方向始终向后做负功，所以Wf＝－2fh.A．0B．－fhC．－2fh D．－4fh5．运动员跳伞将经历加速下降和减速下降两个过程，将人和伞看成一个系统，在这两个过程中，下列说法正确的是答案：A解析：下降过程中，阻力始终与运动方向相反，做负功，A对；加速下降时合力向下，减速下降时合力向上，B错；下降时重力做功等于重力势能减少，C错；由于任意相等的时间内下落的位移不等，所以，任意相等时间内重力做的功不等，D错．故选A.()答案：A解析：下降过程中，阻力始终与运动方向相反，做负功，A对；加速下降时合力向下，减速下降时合力向上，B错；下降时重力做功等于重力势能减少，C错；由于任意相等的时间内下落的位移不等，所以，任意相等时间内重力做的功不等，D错．故选A.A．阻力对系统始终做负功B．系统受到的合外力始终向下C．加速下降时，重力做功大于系统重力势能的减小量D．任意相等的时间内重力做的功相等6．如图所示，质量为m的物块与转台之间能出现的最大静摩擦力为物块重力的k倍，物块与转轴OO′相距R，物块随转台由静止开始转动，当转速增加到一定值时，物块即将在转台上滑动，在物块由静止到滑前的这一过程中，转台的摩擦力对物块做的功为答案：D解析：在转速增加的过程中，转台对物块的摩擦力是不断变化的，当转速增加到一定值时，物块在转台上即将滑动，说明此时最大静摩擦力提供向心力，即答案：D解析：在转速增加的过程中，转台对物块的摩擦力是不断变化的，当转速增加到一定值时，物块在转台上即将滑动，说明此时最大静摩擦力提供向心力，即kmg＝eq\f(mv2,R)①在这一过程中对物块用动能定理W＝eq\f(1,2)mv2②由①②知转台对物块所做的功W＝eq\f(1,2)kmgR.A．0 B．2πkmgRC．2kmgR D．eq\f(1,2)kmgR7．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度—时间图象如图所示．则这一电场可能是答案：A()答案：A8．行驶中的汽车制动后滑行一段距离，最后停下；流星在夜空中坠落并发出明亮的火焰；降落伞在空中匀速下降；条形磁铁在下落过程中穿过闭合线圈，线圈中产生电流．上述不同现象中所包含的相同的物理过程是答案：AD解析：汽车制动受到摩擦阻力，动能转化为内能；流星在空中下坠受到空气阻力，动能和势能不断转化为内能；降落伞在空中匀速下降，受到空气阻力，势能转化为内能；条形磁铁在线圈中下落，在线圈中产生感应电流，该电流又阻碍磁铁下落(产生磁场)，机械能转化为电能，最终又转化为内能．上述现象中所包含的相同物理过程是A、D.答案：AD解析：汽车制动受到摩擦阻力，动能转化为内能；流星在空中下坠受到空气阻力，动能和势能不断转化为内能；降落伞在空中匀速下降，受到空气阻力，势能转化为内能；条形磁铁在线圈中下落，在线圈中产生感应电流，该电流又阻碍磁铁下落(产生磁场)，机械能转化为电能，最终又转化为内能．上述现象中所包含的相同物理过程是A、D.注：不同的能与不同的运动形式相对应，做功的过程，就是能量的转化过程．A．物体克服阻力做功B．物体的动能转化为其他形式的能量C．物体的势能转化为其他形式的能量D．物体的机械能转化为其他形式的能量9．土星外层上有一个环，为了判断它是土星的一部分还是土星的卫星群，可以测量环中各层的线速度v与该层到土星中心的距离R之间的关系来判断答案：AD解析：若为土星的一部分，则它们与土星绕同一圆心做圆周运动的角速度应同土星相同，根据答案：AD解析：若为土星的一部分，则它们与土星绕同一圆心做圆周运动的角速度应同土星相同，根据v＝Rω可知v∝R.若为土星的卫星群，则由公式Geq\f(Mm,R2)＝meq\f(v2,R)可得：v2∝eq\f(1,R)，故应选A、D.A．若v∝R，则该层是土星的一部分B．若v2∝R，则该层是土星的卫星群C．若v∝eq\f(1,R)，则该层是土星的一部分D．若v2∝eq\f(1,R)，则该层是土星的卫星群10．2003年8月29日，火星、地球和太阳处于三点一线，上演“火星冲日”的天象奇观．这是6万年来火星距地球最近的一次，与地球之间的距离只有5576万公里，为人类研究火星提供了最佳时机．如图所示为美国宇航局最新公布的“火星冲日”的虚拟图，则有答案：BD解析：火星和地球均绕太阳做匀速圆周运动G答案：BD解析：火星和地球均绕太阳做匀速圆周运动Geq\f(Mm,R2)＝meq\f(v2,R)可得：v＝eq\r(\f(GM,R))，所以轨道半径较大的火星线速度小，B正确；火星轨道半径大，线速度小，火星运动的周期较大，所以一年后地球回到该位置，而火星则还没有回到，D正确．A．2003年8月29日，火星的线速度大于地球的线速度B．2003年8月29日，火星的线速度小于地球的线速度C．2004年8月29日，火星又回到了该位置D．2004年8月29日，火星还没有回到该位置11．如图所示的是一个带正电的验电器，当一个金属球A靠近验电器上的金属小球B时，验电器中金属箔片的张角减小，则()答案：AC答案：AC解析：验电器上的金属箔片和金属球B都带有正电荷，金属箔片之所以张开，是由于箔片上的正电荷互相推斥造成的．当验电器金属箔片的张角减小时，说明箔片上的正电荷一定比原来减少了，由于金属球A只是靠近验电器而没有与验电器上的金属球B发生接触，要考虑感应起电的影响．当金属球A靠近时，验电器的金属球B、金属杆包括金属箔片整体相当于一个导体，金属球A离金属球B较近，而离金属箔片较远．如果金属球A带正电，验电器上的正电一定向远处移动，则金属箔片上的电荷量不会减少，所以选项B是错误的．如果金属球A带负电，验电器上的正电荷会由于引力作用向近端移动，造成金属箔片上的电荷量减少，所以选项C是正确的．如果金属球A不带电，由于受到金属球B上正电荷的影响，金属球A上靠近B的部分也会由于静电力的作用出现负电荷，而这些负电荷反过来会使得验电器上的正电荷向金属球B移动，效果与金属球A带负电荷一样．所以选项A也是正确的，选项D是错误的．A．金属球A可能不带电B．金属球A一定带正电C．金属球A可能带负电D．金属球A一定带负电12．如图所示，A、B为两个固定的等量的同种正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，若不计电荷C所受的重力，则关于电荷C运动过程中的速度和加速度情况，下列说法正确的是()答案：答案：BD解析：由电场的叠加，AB中垂线上由C向上场强为先增后减，故电荷C所受电场力向上先增后减，所以C的加速度先增后减，但速度始终增大，可知BD正确．A．加速度始终增大B．加速度先增大后减小C．速度始终增大，最后趋于无穷大D．速度始终增大，最后趋于某有限值13．2009年5月，航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有答案：ABC解析：由开普勒第二定律知A正确；因答案：ABC解析：由开普勒第二定律知A正确；因A离地面的高度一定，所以B对，D错；在轨道Ⅱ上的周期小于轨道Ⅰ上的周期C对．A．在轨道Ⅱ上经过A的速度小于经过B的速度B．在轨道Ⅱ上经过A的重力势能等于在轨道Ⅰ上经过A的重力势能(以地面为参考平面)C．在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期D．在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度二、填空实验题14．如图所示，用绝缘细线拴一个质量为m的小球，小球在竖直向下的场强为E的匀强电场中的竖直平面内做匀速圆周运动，则小球带________电荷，所带电荷量为答案：负eq\f(mg,E答案：负eq\f(mg,E)解析：小球受三个力：重力、拉力、电场力，因小球做匀速圆周运动，其合外力总指向圆心，所以应满足Eq＝mg，即重力与电场力相互抵消，相当于只受绳子的拉力作用．15．在“探究功与速度变化的关系”的实验中：(1)如果实验中得到一条如图所示的纸带，应用________段计算小车获得的速度．(2)如果根据实验数据绘出的W－v2图象如图所示，出现这种情况的原因是答案：(1)DH(2)平衡摩擦力过度：______.答案：(1)DH(2)平衡摩擦力过度16．在利用自由落体运动验证机械能守恒定律的实验中：(1)打点计时器所接交流电的频率为50Hz，甲、乙两条实验纸带如图所示，应选________纸带好．(2)若通过测量纸带上某两点间距离来计算某时刻的瞬时速度，进而验证机械能守恒定律．现已测得2、4两点间距离为s1,0、3两点间距离为s2，打点周期为T，为了验证0、3两点间机械能守恒，则s1、s2和T应满足的关系为答案：(1)甲(2)T2答案：(1)甲(2)T2＝eq\f(s12,8gs2)解析：(1)由于甲图中1、2两点间的距离(1.9mm)接近于2mm，故选甲图．17．在“验证机械能守恒定律”的实验中：所用电源的频率为50Hz.某同学选择了一条理想的纸带，用刻度尺测得各计数点到O的距离(单位：mm)如图所示，图中O点是打点计时器打出的第一个点，A、B、C、D、E分别是每打两个点取出的计数点．(1)从下列器材中选出实验所必须的，其编号为________．A．打点计时器(包括纸带)B．重锤C．天平D．毫米刻度尺E．秒表(或停表)F．运动小车(2)若重锤的质量为mkg，则重锤从开始下落到打B点时，减少的重力势能是________J，从重锤下落到打B点时增加的动能是______J，得到的结论是_____________．(取g＝9.8m/s2，结果保留三位有效数字答案：(1)ABD(2)1.91m答案：(1)ABD(2)1.91m1.88m三、计算题18．冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图．比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心O.为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小．设冰壶与冰面间的动摩擦因数为μ1＝0.008，用毛刷擦冰面后动摩擦因数减少至μ2＝0.004.在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以2m/s的速度沿虚线滑出．为使冰壶C能够沿虚线恰好到达圆心O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少？(g取10m/s2答案：10m解析：设冰壶在未被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为答案：10m解析：设冰壶在未被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为S1，所受摩擦力大小为f1，在被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为S2，所受摩擦力大小为f2，则有S1＋S2＝S①式中S为投掷线到圆心的距离，f1＝μ1mg②f2＝μ2mg③设冰壶的初速度为v0，由动能关系得f1S1＋f2S2＝eq\f(1,2)mv02④联立以上方程，解得S2＝eq\f(2μ1gS－v02,2gμ1－μ2)⑤代入数值得S2＝10m.19．如图所示，BC是半径为R的1/4圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E.今有一质量为m、带正电q的小滑块(体积很小可视为质点)，从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零．若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为μ，求：(1)滑块通过B点时的速度大小．(2)水平轨道上A、B两点之间的距离答案：(1)vB答案：(1)vB＝eq\r(\f(2(mg－qE)R,m))(2)L＝eq\f((mg－qE),μmg＋qE)R解析：(1)小滑块从C到B的过程中，只有重力和电场力对它做功，mgR－qER＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)，解得：vB＝eq\r(\f(2(mg－qE)R,m)).(2)小滑块在AB轨道上运动时，所受摩擦力为Ff＝μmg小滑块从C经B到A的过程中，重力做正功，电场力和摩擦力做负功．设小滑块在水平轨道上运动的距离(即A、B两点间的距离)为L，则根据动能定理有：mgR－qE(R＋L)－μmgL＝0解得：L＝eq\f((mg－qE),μmg＋qE)R20．如图所示，倾角为θ的斜面AB是粗糙且绝缘的，AB长为L，C为AB的中点，在A、C之间加一方向垂直斜面向上的匀强电场，与斜面垂直的虚线CD为电场的边界．现有一质量为m、电荷量为q的带正电的小物块(可视为质点)，从B点开始在B、C间以速度v0沿斜面向下做匀速运动，经过C后沿斜面匀加速下滑，到达斜面底端A时的速度大小为v.试求：(1)小物块与斜面间的动摩擦因数μ；(2)匀强电场场强E的大小答案：(1)tanθ(2)答案：(1)tanθ(2)eq\f(m(v2－v\o\al(2,0)),qLtanθ)解析：(1)小物块在BC上匀速运动，由受力平衡得FN＝mgcosθFf＝mgsinθ而Ff＝μFN由以上几式解得μ＝tanθ(2)小物块在CA上做匀加速直线运动，受力情况如图所示．则FN′＝mgcosθ－qEFf′＝μFN′根据牛顿第二定律得mgsinθ－Ff′＝mav2－veq\o\al(2,0)＝2a·eq\f(L,2)由以上几式解得E＝eq\f(m(v2－v\o\al(2,0)),qLtanθ).21．如图所示，固定的竖直轨道CD是光滑的四分之一圆弧，其最低点C的切线水平，半径R＝0.3m.光滑水平面上，长L＝2m的平板车上表面与C等高．车的左端A处放一质量m＝1kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数μ＝0.4.物块和小车一起以v0＝5m/s的速度向右运动，与平台相撞后粘合在一起不反弹．取g＝10m/s2，求：(1)物体在小车上滑动的时间t；(2)物块刚滑上C点时对轨道的压力FN；(3)物块离开D点能上升的最大高度H答案：(1)0.5s(2)40N方向竖直向下(3)0.15m解析：(1)车停止运动后，物块匀减速运动到答案：(1)0.5s(2)40N方向竖直向下(3)0.15m解析：(1)车停止运动后，物块匀减速运动到C过程中，有－μmg＝ma①－μmgL＝eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)mv02或v2－v02＝2aL②v＝v0＋at③得t＝0.5s④(2)在C点，有：FN－mg＝eq\f(mv2,R)⑤得FN＝40N⑥由牛顿第三定律知，在C点时，物块对轨道的压