四川省达州市2024届物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析

四川省达州市2024届物理高二第一学期期中调研模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、实验小组要测量一节干电池的电动势和内电阻．根据实验中记录下的数据做出图象如图所示，可知电池的电动势和内电阻是（）A．，B．，C．，D．，2、如图所示，B为线段AC的中点，如果在A处放一个＋Q的点电荷，测得B处的场强EB＝48N/C，则（）A．EC＝24N/CB．EC＝12N/CC．若要使EB＝0，可在C处放一个－Q的点电荷D．把q＝10－9C的点电荷放在C点，则其所受电场力的大小为6×10－9N3、关于力和运动的关系，下列说法正确的是（）A．力是维持物体运动的原因 B．力是改变物体运动状态的原因C．运动的物体合力一定不等于零 D．运动越快的物体所受力的合力一定越大4、在长直导线AB附近，有一带正电的小球由绝缘线悬挂在M点，如下图所示，当导线中有恒定电流通过时，下列说法中正确的是（）A．小球受到垂直纸面向里的磁场力B．小球受到垂直纸面向外的磁场力C．小球受到垂直于AB向右的磁场力D．小球不受磁场力的作用5、将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，并固定在水平面（纸面）内，回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中．回路的圆形区域内有垂直纸面的磁场Ⅱ，以向里为磁场Ⅱ的正方向，其磁感应强度B随时间t变化的图像如图乙所示．用F表示ab边受到的安培力，以水平向右为F的正方向，能正确反映F随时间t变化的图像是（）A． B．C． D．6、电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的滑片由中点滑向a端时，下列说法正确的是A．电压表和电流表读数都增大B．电压表和电流表读数都减小C．电压表读数增大，电流表读数减小D．电压表读数减小，电流表读数增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，电表均为理想电表．闭合电键S，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列说法正确的是A．电流表A读数变大，电压表V1读数变大B．电流表A读数变小，电压表V2读数变大C．灯泡变亮D．电压表V1示数的变化量小于电压表V2示数的变化量8、如图所示，在图中虚线所围区域内，存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场．已知从左方水平射入的电子，穿过这区域时未发生偏转．电子重力忽略不计，则在这区域中的E和B的方向可能是A．E竖直向下，B垂直纸面向外B．E竖直向上，B垂直纸面向里C．E竖直向上，B垂直纸面向外D．E、B都沿水平方向，并与电子运行方向相同9、在如图所示的倾角为的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B的匀强磁场区域，区域I的磁场方向垂直斜面向上，区域II的磁场方向垂直斜面向下，磁场的宽度均为L，一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，t1时刻ab边刚从GH进入磁场I区域，此时导线框恰好以速度v1做匀速直线运动；t2时刻ab边下滑到JP与MN的中间位置，此时导线框又恰好以速度v2做匀速直线运动．重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A．t2时刻，导线框具有的速度B．线框两次匀速直线运动的速度v1v2=41C．从t1到t2的过程中，导线框克服安培力做的功等于重力势能的减少量D．从t1到t2的过程中，有机械能转化为电能10、如图所示，用伏安法测电阻R的阻值时，下列说法正确的是A．十分认真地进行测量，测量所得R值一定仍比真实值大B．只要认真进行测量次数足够多，那么测量所得R的平均值就会非常接近真实值C．设安培表内阻为Rg，那么认真测量所得R值一定比真实值大RgD．认真测量所得R值一定比真实值小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）①用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如下图所示，此示数为_____mm.②用多用表测量某元件的电阻，选用“×100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过大，因此需选择_________倍率的电阻挡(填“×10”或“×1k”)，并需_____后，再次进行测量.12．（12分）小明同学设计了如图甲所示的电路测电源电动势E及电阻R1和的阻值实验器材有：待测电源不计内阻，待测电阻R1，待测电阻，电流表量程为0.6A，内阻不计，电阻箱，单刀单掷开关，单刀双掷开关，导线若干．先测电阻R1的阻值闭合，将切换到a，调节电阻箱R1，读出其示数和对应的电流表示数I，将切换到b，调节电阻箱R，使电流表示数仍为I，读出此时电阻箱的示数则电阻的表达式为=_____．小明同学已经测得电阻，继续测电源电动势E和电阻的阻值他的做法是：闭合，将切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电流表示数I，由测得的数据，绘出了如图乙所示的图线，则电源电动势E=______V，电阻=_______Ω四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触一个用绝缘细线竖直地悬挂于电场中、质量为2.0×10－3kg的小球，当小球的带电量为1.0×10－4C时，悬线中的张力为T1＝1.5×10－2N．求：(1)小球所在处的场强；(2)当小球的带电量为q2＝－1.0×10－4C时，悬线中的张力T2为多大？14．（16分）如图所示的电路中，电源由4个相同的干电池串联而成，每个电池的电动势为1.5V，内电阻为0.5Ω，外电路电阻R1=2Ω，R2=R3=4Ω．试求：（1）当开关S与A接通时，电路中的总电流和R2两端的电压；（2）当开关S与B接通时，电源的路端电压．15．（12分）已知如图,,,,的变化范围是。求：(1)上消耗的最大电功率？(2)电源的最大输出电功率？(3)上消耗的最大电功率？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】

根据闭合电路欧姆定律有：，由图示电源图象可以知道，图象与纵轴交点坐标值是1.45，则电源电动势：，电源内阻，D正确，ABC错误．故选D．2、B【解题分析】

Q相同，B离点+Q的距离等于C离+Q的距离的一半，则根据真空中点电荷场强公式E=kQ/r2，得EB=4EC；因B处的场强EB=48N/C，则EC=12N/C．故A错误，B正确；若要使EB=0，可在C处放一个+Q的点电荷，故C错误；把q=10-9C的点电荷放在C点，则其受电场力的大小为F=qE=10-9C×12N/C=1.2×10-8N，故D错误；故选B。3、B【解题分析】

力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，选项A错误，B正确；物体做匀速直线运动时，物体所受的合力等于零，选项C错误；运动越快的物体速度大，但是所受力的合力不一定越大，当物体做匀速直线运动时，合力为零，选项D错误；故选B.4、D【解题分析】试题分析：当导线中有电流通过时，导线周围会产生磁场，而电荷在磁场中不运动，故不会产生洛伦兹力的作用，所以小球不受磁场力，选项D正确．考点：洛伦兹力的条件．5、B【解题分析】

分析一个周期内的情况：在前半个周期内，磁感应强度均匀变化，磁感应强度B的变化度一定，由法拉第电磁感应定律得知，圆形线圈中产生恒定的感应电动势恒定不变，则感应电流恒定不变，ab边在磁场中所受的安培力也恒定不变，由楞次定律可知，圆形线圈中产生的感应电流方向为顺时针方向，通过ab的电流方向从b→a，由左手定则判断得知，ab所受的安培力方向水平向左，为负值；同理可知，在后半个周期内，安培力大小恒定不变，方向水平向右．故B正确．【题目点拨】本题要求学生能正确理解B-t图的含义，故道B如何变化，才能准确的利用楞次定律进行判定．根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的变化，由欧姆定律判断感应电流的变化，进而可确定安培力大小的变化．6、B【解题分析】

由题意可知考查电路动态分析问题，根据闭合电路欧姆定律分析可得。【题目详解】滑动变阻器的滑片由中点滑向a端时，滑动变阻器连入电路部分电阻变小，外电阻变小，整个回路电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知回路中的电流增大，内阻不变，说明内电压增大，外电压减小，电压表测得是外电压，故电压表读数变小，通过R1的电流增大，两端电压增大，因总的外电压减小，故R2两端电压减小，通过R2的电流减小，电流表读数减小。【题目点拨】闭合电路动态分析时，要先从局部电阻入手，分析电阻变化情况，推测回路总的电阻变化情况，根据闭合电路欧姆定律分析总电流变化情况，先分析不变电阻电流、电压变化关系，根据电流电压关系再间接分析变化电阻电流、电压变化情况。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】当滑动变阻器滑片P向左移动时，其接入电路的电阻增大，电路的总电阻R总增大，总电流I减小，灯泡的功率为P=I2RL，RL不变，则P减小，灯泡变暗．故C错误．电路中总电流减小，则电流表A读数变小，电压表读数为U=E-Ir，I减小，则V1变大．因L上的电压减小，则R上的电压变大，即V2读数变大，故A错误，B正确．因U1=UL+U2，U1变大，U2变大，UL减小，则电压表V1示数的变化量ΔU1小于电压表V2示数的变化量ΔU2，选项D正确．故选BD.点睛：本题的关键在于明确电路的结构，搞清各个电阻电压和电流的关系，利用先局部，后整体，再局部的分析思路分析；注意会采用总量法分析变阻器电流的变化．8、CD【解题分析】

A．重力忽略不计的电子，穿过这一区域时未发生偏转；若E竖直向下，B垂直于纸面向外，则有电场力竖直向上，而磁场力由左手定则可得方向竖直向上，两个力方向相同，电子穿过此区域会发生偏转．故A错误；B．若E竖直向上，B垂直于纸面向里，则有电场力方向竖直向下，而磁场力方向由左手定则可得竖直向下，所以两力不能使电子做直线运动，故B错误；C．若E竖直向上，B垂直于纸面向外，则有电场力竖直向下，而磁场力由左手定则可得方向竖直向上，所以当两力大小相等时，电子穿过此区域不会发生偏转，故C正确；D．若E和B都沿水平方向，并与电子运动方向相同，则有电子所受电场力方向与运动方向相反，而由于电子运动方向与B方向相互平行，所以不受磁场力，因此穿过此区域不会发生偏转，故D正确.故选CD．9、BD【解题分析】

由题意可知考查电磁感应中的能量问题、平衡问题，根据功能关系、受力平衡分析可得．【题目详解】A.t2时刻，导线框做匀速运动，则有：由平衡条件有：解得，故A错误；B.t1时刻，导线框做匀速运动，根据平衡条件有：解得，线框两次匀速直线运动的速度v1v2=41，故B正确．C.从t1到t2过程中，导线框克服安培力做功的大小等于回路中产生的焦耳热，此过程中，线框的重力势能和动能均减小，根据功能关系得知，线圈克服安培力做功的大小等于重力势能的减少量与动能减小量之和．故C错误．D.从t1到t2的过程中，设导线框克服安培力做的功为W，由动能定理可得解得：所以有机械能转化为电能，故D正确．10、AC【解题分析】

实验误差有系统误差和偶然误差；由于实验方法及测量电路造成的误差是系统误差，多次测量求平均值是无法克服的，本题要注意电表的内阻对测量结果的影响；【题目详解】AD、由图可知，本实验采用了电流表内接法，由于电流表的分压而使电压表测量结果偏大，电流是准确的，故测量值一定大于真实值，故A正确，D错误；B、系统误差是无法消除的，故多次测量求平均值仍有误差存在，故B错误；C、由欧姆定律可知，故测量结果准确的话，一定比真实值大RA，故C正确；故选AC．【题目点拨】关键知道用内接法测量电阻，实际测量值为与电压表并联路段的总电压，所以测量值偏大，处理此类问题时，注意不要把电表再看做理想电表．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、8.115×10欧姆调零【解题分析】

①螺旋测微器的固定刻度为8mm，可动刻度为11.5×0.01mm=0.115mm，所以最终读数为8mm+0.115mm=8.115mm．②欧姆表的表盘上越向右侧电阻越小，偏角大说明阻值小，为了准确测量要换较小挡：故选择×10档进行测量，换档后要重新欧姆调零.12、1.51.0【解题分析】

由题意可知，要想测出的示数，应根据电流表及电阻箱的示数进行分析，由题意可知，若控制电流不变，则电路中的电阻不变，根据串联电路的规律可得出电阻的表达式；故第二步