2024届河北省永清一中物理高二上期中教学质量检测试题含解析

2024届河北省永清一中物理高二上期中教学质量检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，用与水方向成角的拉力F拉动木箱，使它从静止开始沿粗糙水平面运动时间t．木箱受到的重力mg、拉力F、支持力N和摩擦力的冲量大小分别为A．拉力的冲量大小为B．重力的冲量大小为0C．支持力的冲量大小为0D．摩擦力的冲量大小为2、如图所示，相距为0.6m的两个点电荷A、C的电荷量大小之比为1:4，其中A带正电，C带负电，现引进第三个点电荷B，使三个点电荷都处于静止状态。有关B的电性和位置，下列说法正确的是A．B球一定带正电，位置在C的右边，距C的距离为0.6mB．B球一定带负电，位置在A、C之间，距C的距离为0.3m.C．B球一定带正电，位置在A的左边，距A的距离为0.3mD．B球一定带负电，位置在A的左边，距A的距离为0.6m3、关于力，下列叙述正确的是A．力是维持物体运动的原因B．作用力与反作用力是一对平衡力C．施力物体同时一定是受力物体D．一对平衡力一定是同一种性质的力4、电场中有一点P，下列哪些说法是正确的()A．若放在P点的检验电荷的电量减半，则P点的场强减半B．若P点没有检验电荷，则P点的场强为零C．放在P点的检验电荷的电量越大，则受到的电场力越大D．P点的场强方向为带负电的检验电荷在该点的受力方向5、如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（）A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大6、如图所示的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是（）A．当n1=n2时，电流为零B．当n1>n2时，溶液中电流方向从A→B，电流为C．当n1<n2时，溶液中电流方向从B→A，电流为D．溶液中电流方向A→B，电流为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于多用电表的使用，下列说法中正确的是A．用电阻挡测电阻时，被测电阻的阻值越大，指针向右转过的角度就越大B．不管是当电压表、电流表还是欧姆表使用都应让电流从标“正”的接线柱流入多用电表C．测量电压、电流前要进行机械调零，测电阻时不需要进行机械调零D．测量电阻时不小心将红表笔插入标“负”的表孔，黑表笔插入标“正”的表孔，不影响结果8、如图，竖直放置的弯曲管ACDB，A管接一密闭球形容器，内有一定质量的气体，B管开口，水银柱将两部分气体封闭，各管形成的液面高度差分别为h1、h2和h1．已知外界大气压强为p0，环境温度不变，水银密度为ρ．现在B管开口端缓慢注入一些水银，则（）A．注入水银前A内气体的压强为PA=P0+ρgh1+ρgh1B．注入水银后A内气体的体积一定减小C．注入水银后液面高度差变化量的绝对值△h2＞△h1D．注入水银后h1增大、h1减小，A管内气体的压强可能不变9、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2(v2<v1)．若小物体电荷量保持不变，OM＝ON，则()A．小物体上升的最大高度为vB．从N到M的过程中，小物体的电势能先减小后增大C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．小物体上滑过程克服摩擦力的功跟下滑过程克服摩擦力的功不相等10、如图所示，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动，则关于电子在两板间的运动情况，下列叙述正确的是（）A．两板间距越大，加速的时间越长B．两板间距离越小，加速度就越大，则电子到达Q板时的速度就越大C．电子到达Q板时的速度与板间距离无关，仅与加速电压有关D．电子的加速度和末速度都与板间距离无关三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）读出下列测量仪器的读数。（1）游标卡尺的读数为：__________mm（2）电流表的读数为：_____________A（3）螺旋测微器的读数为：__________mm12．（12分）将一个满偏电流为1mA，内阻为250Ω的电流计改装成量程为10V的电压表，应该______联（填“串”或“并”）一个阻值为_______的电阻．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，一质量为m=10kg的物体，由1/4光滑圆弧轨道上端从静止开始下滑，到达底后沿水平面向右滑动1m距离后停止。已知轨道半径R=0.8m，g=10m/s2，求：（1）物体物体滑至圆弧底端时的速度大小（2）物体物体滑至圆弧底端时对轨道的压力大小14．（16分）某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止落下，如图所示，经过8s后打开降落伞，运动员做匀减速直线运动，再经过16s后刚好到达地面，且速度恰好为零．忽略打开降落伞前的空气阻力和打开降落伞的时间．已知人和伞的总质量m＝60kg.求：(1)打开降落伞时运动员的速度大小；(2)打开降落伞后运动员的加速度大小；(3)打开降落伞后运动员和伞受到的阻力大小．15．（12分）如图为固定在竖直平面内的轨道，直轨道AB与光滑圆弧轨道BC相切，圆弧轨道的圆心角为37°，半径为r=0.21m，C端水平,AB段的动摩擦因数为0.1．竖直墙壁CD高H=0.2m,紧靠墙壁在地面上固定一个和CD等高，底边长L=0.3m的斜面．一个质量m=0.1kg的小物块(视为质点)在倾斜轨道上从距离B点l=0.1m处由静止释放，从C点水平抛出．重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.2．求：（1）小物块运动到C点时对轨道的压力的大小；（2）小物块从C点抛出到击中斜面的时间；（3）改变小物体从轨道上释放的初位置，求小物体击中斜面时动能的最小值．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】

根据冲量的定义可知，拉力的冲量大小为，故A错误；重力的冲量大小为mgt，故B错误；支持力的冲量大小为Nt，故C错误；摩擦力的冲量大小为，故D正确．所以D正确，ABC错误．2、D【解题分析】

A、B、C三个电荷要平衡，必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以B必须为负电，在A的左侧。设B所在位置与A的距离为r，则B所在位置与B的距离为0.6+r，要能处于平衡状态，所以A对B的电场力大小等于C对B的电场力大小，设B的电量为q。则有：解得：r=0.6m故D正确，ABC错误。故选D。3、C【解题分析】

考查力的概念与特点。【题目详解】A．力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因，A错误；B．作用力与反作用力作用在不同物体上，一对平衡力作用在同一个物体上，B错误；C．力的作用是相互的，施力物体同时一定是受力物体，C正确；D．一对平衡力不一定是同一种性质的力，比如物体静止于地面上，重力与地面对物体的支持力是一对平衡力，但性质不同，D错误。故选C。4、C【解题分析】场强由场源电荷决定，与试探电荷无关，故AB错误；由，可知P点的场强越大，同一电荷在P点所受到的电场力越大，故C正确；物理学规定，P点的场强方向与正的试探电荷所受力的方向相同，与负的试探电荷所受力的方向相反，故D错误．5、A【解题分析】

当滑片下移时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，电路中总电流增大，电源的内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，而路端电压减小，故并联部分的电压减小，则通过R2的电流减小。故选A。【题目点拨】6、D【解题分析】

AC．根据正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反，可判断出溶液中电流方向为A→B，AC错误；BD．由题意t秒内流过横截面S的电荷量代入得电流为B错误D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】A、电阻的0在表盘右端,左端是无穷大,被测电阻的阻值越大,指针向右转过的角度越小,故A错误;

B、多用电表测电流、电压、电阻时电流都是正接线柱流入,负接线柱流出,故B正确；C、任何电表使用前都要机械调零，故C错误；D、测量电阻时不小心将红表笔插入标“负”的表孔，黑表笔插入标“正”的表孔，不影响结果，两条线只是起接通电路的作用，正常操作不影响结果，故D正确；综上所述本题答案是：BD8、ABC【解题分析】注入水银前：对于C、D管中的压强，又，则得，得A内气体的压强为，A错误；A内气体的压强为，故注入水银后A内气体的压强变大，根据玻意耳定律，A内气体体积减小，B正确；注入水银后：C、D管中气体压强增大，所以体积减小，则液面高度差的变化量，C正确；注入水银后：增大，减小，A中气体体积减小，压强一定增大，D错误；9、AB【解题分析】

设斜面倾角为θ、上升过程中物体沿斜面运动的最大距离为L。因为OM=ON，则MN两点电势相等，小物体从M到N、从N到M电场力做功均为0。上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为Wf。在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：-mgLsinθ-Wf=-12mv12；mgLsinθ-Wf=12mv22；由以上两式相减可得h=Lsinθ=v12+v224g，故A正确，D错误；从N到M的过程中，电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，故【题目点拨】本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力．10、AC【解题分析】试题分析：电子的加速度为a=qUmd，由d=12at2得，t=2ad=d2mqU∝d，故两板间距越大，加速的时间越长．故A正确．根据动能定理得：qU=考点：带电粒子在电场中的运动.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.80.157.500【解题分析】

(1)20分度的游标卡尺的精确度为0.05mm，读数为主尺上的整毫米数+游标尺对齐的格数对应的毫米长度，不估读.L=50mm+8×0.1mm=50.8mm；(2)直流表0.6A的量程，则每小格代表0.02A，估读到0.01A，读数为0.15A；(3)螺旋测微器的转动刻度50格，精确度为0.01mm，通过对齐格数的估读到0.001mm，则d=7.5mm+0.0×0.01mm=7.500mm.12、串联9750欧姆【解题分析】

把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值．【题目详解】改装电压表应串联电阻分压，根据欧姆定律可得，即，解得．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4m/s；（2）300N【解题分析】（1）物体在光滑圆弧轨道上下滑过程，根据动能定理，有：mgR=mv2

解得：；

（2）在圆弧底端时，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：FN-mg=m

解得：FN=mg+m=10×10+10×=300N

根据牛顿第三定律，物体对轨道的压力大小为300N.点睛：本题是动能定理和向心力公式的运用问题，动能定理不仅适用于直线运动，而且适用与曲线运动，对单个过程和多过程均适用．14、(1)80m/s(2)5m/s2(3)900N【解题分析】

(1)打开降落伞前，人和伞做自由落体运动v＝gt得：v＝80m/s(2)打开降落伞后，人和伞一起做匀减速直线运动，加速度的大小为：a＝＝5m/s2(3)根据牛顿第二定律得：mg－Ff＝－ma得：Ff＝900N15、（1）2.2N（2）t=315s（3）当y=0.12m，【解题分析】试题分析：小物块从A到C的过程，由动能定理求出C点的速度．在C点，由牛顿第二定律求轨道对小物块的支持力，再由牛顿第三