河南省林州一中分校2024届高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

河南省林州一中分校2024届高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一静止的负电荷q（点电荷），不计重力，下列说法中正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度也越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零2、关于电场，下列说法正确的是A．电场和电场线都是客观存在的B．没有画电场线的地方不存在电场C．电场线的方向即为带电粒子的运动方向D．等差等势面越密的地方,电场线越密,电场强度越大3、如图所示，物体A沿光滑斜面下滑，A受到的作用力有（）A．重力、弹力和下滑力B．重力和弹力C．重力和下滑力D．重力、压力和下滑力4、一平行电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器（）A．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大B．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度变大C．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变D．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度不变5、如图所示，电流表G的内阻不可忽略不计，R1、R2是两个可变电阻，当a、b间的电压为4V时，电流表的指针刚好满偏(指针指在刻度盘的最大值处)，当a、b间的电压为3V时，如果仍要使电流表G的指针满偏，下列方法中可行的是①保持R2不变，增大R1②增大R1，减小R2③保持R2不变，减小R1④增大R2，减小R1A．①④ B．②③ C．①② D．③④6、真空中两个电性相同的点电荷q1、q2，它们相距较近，保持静止。今释放q2且q2只在q1的库仑力作用下运动，则q2在运动过程中的速度随时间变化规律正确的是（）A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、有一灵敏电流计，其表头内阻Rg=1000Ω，满偏电流Ig=100μA，以下说法正确的是（）A．把它改成量程为1.5V的电压表，应串联一个15kΩ的电阻B．把它改成量程为1.0A的电流表，应并联一个1Ω的电阻C．把它改成量程为1.0A的电流表，测量某电流时读数为0.5A，此时流过表头的电流为50μAD．把它改成量程为1.5V的电压表，测量某电压时读数为1.5V，此时流过表头的电流为100μA8、质点由静止开始做匀加速直线运动，经过时间t，通过与出发点相距x1的P点，再经过时间t，到达与出发点相距x2的Q点，则该质点通过P点的瞬时速度为()A． B． C． D．9、如图所示，在光滑绝缘水平面上有A、B、C三个可视为点电荷的带电小球，位于同一条直线上，仅在它们之间的静电力作用下均处于静止状态，且距离关系满足：AB>BC，下列说法正确的是（）A．A，C带同种电荷B．A，B带异种电荷C．B所带的电荷量最大D．A，B在C处产生电场的合场强为零10、如图所示为一正点电荷M和一金属板N形成的电场线，a、b、c为电场中的三点，则下列说法正确的是（）A．a、c两点的电场强度大小关系为Ea＞EcB．a、b两点的电势关系为φa＜φbC．一负点电荷在a点处的电势能大于它在b点处的电势能D．若将某正点电荷由a点移到c点，电场力做正功三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在《测定干电池的电动势和电阻》的实验中，实验器材有被测干电池、电流表（0~0.6A，0.1）、电压表（0~3V，3k）、电键、滑动变阻器（0~20）、导线等。(1)在方框中画出优选的实验电线图________________________。(2)实验过程中测得干电池的路端电压与相应的输出电流的多组数据，描得图像如图所示，则干电池的电动势为________V，内电阻为__________Ω。（保留三位有效数字）12．（12分）“探究加速度与力、质量的关系”的实验采用的是控制变量法．研究物体加速度与质量的关系时，应保持物体的（_________）(填“合力”或“质量”)不变；研究物体加速度与合力的关系时，作出的a-F图像如图所示，由图可知，a与F成（_________）(填“正比”或“反比”)．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）有一个电流表G，内阻Rg＝30Ω，满偏电流Ig=1mA,（1）若把它改装成量程为0—15V的电压表，需如何改装，且接入电路中电阻为多少？（2）若把它改装成量程为0—3A的电流表，需如何改装，且接入电路中电阻为多少？14．（16分）有一个小型直流电动机，把它接入电压为U1＝0.2V的电路中时，电动机不转，测得流过电动机的电流是I1＝0.4A；若把电动机接入U2＝2.0V的电路中，电动机正常工作，工作电流是I2＝1.0A，试求：(1)电动机正常工作时的输出功率多大？(2)如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，此时电动机的发热功率是多大？15．（12分）用长为L的细线将质量为m的带电小球P悬挂在O点下，当空中有方向水平向右，大小为E的匀强电场时，小球偏离竖直方向θ＝37°角后处于静止状态。（g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）（1）分析小球带电量为多少？（2）如果将匀强电场的方向突然变为竖直向下但大小不变，小球从静止运动到最低点时速度为多少？此时细线对小球的拉力为多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

ABC．由等量同种电荷周围的电场线的分布可知，O点场强为零，从O点沿着中垂线向无穷远处延伸，场强先增大后减小，所以点电荷在从P到O的过程中，加速度可能先增大后减小，也有可能一直减小，但速度一直增大，点电荷q在O点所受电场力的合力为零，加速度为零，速度达到最大，故C正确，AB错误；D．同理，点电荷越过O点后，加速度可能先增大后减小，也有可能一直增大，但速度越来越小直到为零，D错误。故选C。2、D【解题分析】

A．电场是客观存在的，电场线不是客观存在的，故A错误.B．没有画电场线的地方不一定不存在电场，有可能存在，故B错误.C．电场线的方向不一定是带电粒子运动的方向，是正电荷受力的方向，故C错误.D．电场线的疏密程度描述场强大小，电场线越密的地方电场强度越大，而等差等势面越密的地方电场线也越密，故D正确.3、B【解题分析】

A受到竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力，其中重力可分解为沿斜面向下的下滑力，和垂直斜面向下的力，这两个力是重力的分力，所以不能与重力同时存在.A.重力、弹力和下滑力，与结论不相符，选项A错误；B.重力和弹力，与结论相符，选项B正确；C.重力和下滑力，与结论不相符，选项C错误；D.重力、压力和下滑力，与结论不相符，选项D错误；4、D【解题分析】试题分析：电容器接在恒压直流电源上，则电容器两端的电势差不变，将云母介质移出后，介电常数减小，根据电容的决定式知，介电常数减小，电容减小，由于电压不变，根据可知，电荷量Q减小，由于电容器的电压不变，板间的距离d不变，根据可知，极板间的电场强度不变，所以ABC错误，D正确．考点：电容器的动态分析【名师点睛】本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变；当电容器与电源断开，则电荷量不变．要掌握、、三个公式．5、C【解题分析】ab间总电压降低了，要使通过G的电流不变，应保持G两端电压保持不变，①保持R2不变，增大R1时，R2的电压变小，R1电压可能保持不变，即G的电压不变，通过G的电流保持不变，故①正确；②增大R1，同时减小R2时，R2的电压降低，R1电压可能保持不变，即G的电压不变，通过G的电流不变，故②正确；③保持R2不变，减小R1时，R1两端的电压减小，G的两端的电压减小了，通过G的电流减小了，故③错误；④增大R2，减小R1时，R1两端的电压减小了，G两端的电压变小了，通过G的电流减小了，故④错误；故选C．6、A【解题分析】

q2只在q1的库仑力作用下运动，由于库仑力做正功，所以q2的动能增加，速度增加；带电相同的小球受斥力作用，因此距离越来越远，由于电量保持不变，根据库仑定律得库仑力将逐渐减小，由牛顿第二定律得加速度不断减小，所以q2做加速度逐渐减小的加速运动。A.与分析结果相符，故A正确。B.与分析结果不符，故B错误。C.与分析结果不符，故C错误。D.与分析结果不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解题分析】

A．改装成电压表要串联电阻分压，串联阻值为故A错误；B．改装成电流表要并联分流，并联阻值故B错误；C．把它改成量程为1.0A的电流表，用它去测量某电流时读数为0.5A，则指针正好是满偏的一半，即为50μA，故C正确；D．把它改成量程为1.5V的电压表，测量某电压时读数为1.5V，指针正好是满偏，所以此时流过表头的电流为100μA，故D正确。故选CD。【题目点拨】改装成电流表要并联电阻分流，并联电阻阻值为，I为改装后的量程；电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为，U为改装后的量程。8、ABD【解题分析】

A．因为初速度为零的匀加速直线运动，在t内和2t内的位移之比为1:4，则x2=4x1，则P点的速度为故A正确．B．OQ间的距离为x2，由于通过OP和PQ的时间相等，均为t，根据平均速度推论知，质点通过P点的瞬时速度为故B正确．CD．根据匀变速直线运动的判别式：x2−x1−x1＝at2加速度为：则P点的速度故D正确，C错误．9、ABD【解题分析】

根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，因此AB正确．同时根据库仑定律来确定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量的大小，因此在大小上一定为“两大夹一小”，即B所带的电荷量最小，选项C错误；因C处于静止状态，可知C处的场强为零，即A，B在C处产生电场的合场强为零，故D正确；故选ABD．【题目点拨】三个小球只受静电力而平衡时，三个小球所带的电性一定为“两同夹一异”，且在大小上一定为“两大夹一小”．10、AD【解题分析】试题分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．解：A、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，则a、c两点的电场强度大小关系为Ea＞Ec，所以A正确．B、沿电场方向电势降低，所以a点电势比b点的电势高，所以B错误．C、由图可知，负点电荷子从a到b过程中，电场力做负功，电势能增加，即在a点处的电势能小于它在b点处的电势能，所以C错误．D、由图可判断，正点电荷由电势高的a点移到电势低的c点，电场力做正功，粒子的电势能逐渐减小，所以D正确．故选AD．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，注意沿着电场线，电势降低，并掌握电场力做功与电势能的变化，同时理解电势能的高低还与电荷的电性有关．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、见解析1.500.250【解题分析】

(1)[1]滑动变阻器采用限流式接法，电路连接如图所示(2)[2][3]根据闭合电路欧姆定律可知在图象中，图象在纵轴的截距等于电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻，因此可得，12、合力正比【解题分析】“探究加速度与力、质量的关系”的实验采用的是控制变量法．研究物体加速度与质量的关系时，应保持物体的合力不变；研究物体加速度与合力的关系时，作出的a-F图像如图所示，由图可知，a与F成正比．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）串联；14970Ω（2）并联；0.01Ω【解题分析】

（1）把电流表改装成0～15V电压表需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值为：R=UIg-Rg=1514、(1)1.5W(2)8W【解题分析】

(1)U1＝0.2V时，电动机不转，此时电动机为纯电阻，故电动机线圈内阻r＝＝Ω＝0.5ΩU2＝2.0V时，电动机正常工作，此时电动机为非纯电阻，则由电功率与热功率各自的定义式，得P电＝U2I2＝2.0×1.0W＝2WP热＝I22r