2024届云南省云县第一中学物理高二第一学期期中达标检测模拟试题含解析

2024届云南省云县第一中学物理高二第一学期期中达标检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列关于电容器的说法中，正确的是()A．电容越大的电容器，带电荷量也一定越多B．电容器不带电时，其电容为零C．两个电容器的带电荷量相等时，两板间电势差较大的电容器的电容较大D．电容器的电容跟它是否带电无关2、在光滑绝缘桌面上，带电小球A固定，带电小球B在A、B间库仑力作用下以速率v0绕小球A做半径为r的匀速圆周运动，若使其绕小球A做匀速圆周运动的半径变为2r，则B球的速率大小应变为()A．v0 B．v0 C．2v0 D．3、下图表示的是四种典型的静电场，电场强度相同的是图（）A．B．C．D．4、如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，A．电压表V读数先变大后变小，电流表A读数变大B．电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小C．电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大D．电压表V读数先变小后变大，电流表A读数先变大后变小5、电容器是一种常用的电子元件．对电容器认识正确的是()A．电容器的电容表示其储存电荷的能力B．电容器的电容与它所带的电量成正比C．电容器的电容与它两极板间的电压成正比D．电容的常用单位有μF和pF,1μF＝103pF6、如图所示，通有向右电流的直导线置于匀强磁场中，导线与磁场平行，则该导线（）A．不受安培力B．受安培力，方向向右C．受安培力，方向垂直纸面向里D．受安培力，方向垂直纸面向外二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度关系的图象如图所示。下列表述正确的是（）A．b的原长比a的长 B．a的劲度系数比b的小C．a的劲度系数比b的大 D．测得的弹力与弹簧的长度成正比8、如图所示，甲、乙两水平圆盘紧靠在一块，甲圆盘为主动轮，乙靠摩擦随甲转动无滑动．甲圆盘与乙圆盘的半径之比为r甲：r乙=3：1，两圆盘和小物体A、B之间的动摩擦因数相同，A距O点为2r，B距O′点为r，当甲缓慢转动起来且转速慢慢增加时（）A．A与B滑动前的角速度之比ω1：ω2=1：3B．A与B滑动前的向心加速度之比a1：a2=1:3C．随转速慢慢增加，A先开始滑动D．随转速慢慢增加，B先开始滑动9、将阻值为非线性变化的滑动变阻器R2接入图甲的电路中，移动滑动变阻器滑动触头改变接入电路中的电阻丝长度x（x为图中a与触头之间的距离），定值电阻R1两端的电压U1与x间的关系如图乙，a、b、c为滑动变阻器上等间距的三个点，在触头从a移到b和从b移到c的这两过程中，下列说法正确的是（）A．电流表A示数变化量相等B．电压表V2的示数变化量不相等C．从a点到b点电阻R1的功率变化量较大D．电源的输出功率均不断增大10、如图所示，有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球，从平行板电场中的P点以相同的水平初速度垂直于E进入电场，它们分别落在A、B、C三点，则可判断()A．落到A点的小球带正电，落到B点的小球不带电B．三小球在电场中运动时间相等C．三小球到达正极板时的动能关系是：EkA＞EkB＞EkCD．三小球在电场中运动的加速度关系是：aC＞aB＞aA三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学采用“半偏法”测量一个量程为的电压表的内阻（约），电路图如图所示．（1）要使测量值尽量准确，除了选用电源、导线、开关和待测电压表外，还应从提供的滑动变阻器中选用______（选填“A”或“B”），电阻箱中选用______（选填“C”或“D”），电源中选______（选填“E”或“F”）A.滑动变阻器（）B.滑动变阻器（）C.电阻箱（），阻值最小改变量为D.电阻箱（），阻值最小改变为E.（电动势），内阻可忽略F.电源（电动势），内阻可忽略（2）该同学在测量电压表的内阻时，实验步骤如下：①按实验原理图连按好电路，把开关，断开，把滑动变阻器的滑片置于______（选填“a”或“b”）；②闭合开关，，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为；③保持位置不变，再断开开关，调节电阻箱的阻值使电压表的示数为，此时电阻箱的阻值为，则被测电压表内阻的测量值______．（3）为了减少实验的误差，必须使滑动变阻器的最大阻值______（选填“远小于”或“远大于”）电压表的内阻．（4）电压表内阻的测量值和真实值相比，______（选填“略大于”“略小于”或“等于”）．12．（12分）为描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验室备有下列器材：A．小灯泡（额定电压约为2.5V，额定电流约为500mA）B．电流表A1（量程0~0.6A，内阻约为0.5Ω）C．电流表A2（量程0~3A，内阻约为0.1Ω）D．电压表V（量程0~3V，内阻约为10kΩ）E．滑动变阻器R1（0~10Ω，2A）F．滑动变阻器R2（0~100Ω，1.5A）G．直流电源E（电动势为3V，内阻不计）H．开关、导线若干（1）实验中电流表应选用_____，滑动变阻器应选用___（以上均填器材代号）；（2）在尽量提高测量精度的情况下，根据以上器材，用笔画线代替导线将图中实物图补充完整；（_______）（3）在实验中用电流表和电压表测得数据并记录在下表中，请根据表格中的数据在如图所示方格纸上作出该小灯泡的伏安特性曲线；（______）U/V00.51.01.52.02.5I/A00.170.300.390.450.49（4）将一个电动势为2.0V，内阻为4Ω的电源直接接在该小灯泡的两端，则该小灯泡的实际功率为________W（结果保留2位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电子由静止开始经加速电场加速后，沿平行于版面的方向射入偏转电场，并从另一侧射出．已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为U0，偏转电场可看做匀强电场，极板间电压为U，极板长度为L，板间距为d．忽略电子所受重力，求：(1)电子射入偏转电场时初速度v0；(2)电子从电场射出时沿垂直版面方向的偏转距离Δy．14．（16分）如图所示，质量为2kg的物体静止放在水平地面上，已知物体与水平地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现给物体施加一个与水平面成37°角的斜向上的拉力F＝5N的作用．取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.1．求：（1）物体与地面间的摩擦力大小；（2）物体的加速度大小；（3）若经过5s撤去拉力F，物体还能滑行多远？15．（12分）如图，ABC是光滑轨道，其中AB是水平的，BC是与AB相切的位于竖直平面内的半圆轨道，半径R=2．4m。质量m=2．5kg的小球以一定的速度从水平轨道冲向半圆轨道，经最高点C水平飞出，落在AB轨道上，距B点的距离s=2．6m。g取22m/s2，求：（2）小球经过C点时的速度大小；（2）小球经过C点时对轨道的压力大小；

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】试题分析：根据公式可得电容大，只能说明电荷量与电压的比值大，所带电荷量不一定大，两个电容器的带电荷量相等时，两板间电势差较大的电容器的电容较小，AC错误；电容器的电容是电容器的本身的属性，与电量及电压无关；故B错误D正确；考点：考查了对电容的理解【名师点睛】电容越大的电容器，只有在电压一定时，带电荷量才一定越多．两个电容器的带电荷量相等时，两板间电势差较大的电容器的电容较小．电容器的电容表征电容器容纳电荷的本领大小，与电容器是否带电无关2、A【解题分析】半径为r时，对B球：；半径为2r时，对B球，解得v＝v0，则选项A正确．3、B【解题分析】图A中两点的电场强度方向不同，A错误；图B中两点电场强度大小和方向都相同，故B正确；C中两点的电场强度大小不同，D图中，电场线的疏密程度表示电场强度大小，电场线方向表示电场强度方向，故两点的大小和方向都不相同，D错误．4、A【解题分析】

试题分析：由电路图可知，本题为滑动变阻器的两部分并联，并联后，再与R串联；由几何知识可知滑片移动时总电阻的变化；则由闭合电路欧姆定律可求得电路中电流的变化及路端电压的变化．解：设滑动变阻器触点以上的电阻为R上，触点以下的电阻为R下．因为滑动变阻器的有效电阻R并除最初和最终为零外，是R上和R下并联的结果，①二者之和一定，二者相等时积最大，所以当触点在中间时电阻最大，根据全电路欧姆定律，I总=②，所以当触点在中间时电流最小，电压表V读数为电源的路端电压，U=E-Ir，当触点在中间时路端电压最大，电压表V读数先变大后变小，所以本题选A或C．再算电流表A读数即R下的电流I，根据电阻并联分流公式，③，联立以上3式，解得变化为I=当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，R上一直变大而R下一直变小，从上式可以看出，电流表A读数I一直变大，所以本题选A．故选A【点评】本题考查全电路欧姆定律，滑动变阻器，电路分析，并联分流等，难度：较难．电路分析和电压表电流表读数随滑动变阻器触点移动而变化的题目是传统题目，但此题推陈出新，有新意，用新方法，一是应用数学知识：二者和不变，相等时积最大，二是应用数学方法，把最后的I式子变化为最后一式，目的是减少变化量．5、A【解题分析】

A．电容是表示电容器容纳电荷本领大小的物理量，电容器的电容表示其储存电荷能力，故A正确；BC．电容器的电容由电容器本身决定，与所带电荷量和板间的电压无关，故BC均错误；D．电容的常用单位有μF和pF，1F=106μF=1012PF，故D错误；6、A【解题分析】试题分析：根据安培力产生的条件，通电导线与磁场平行不受安培力，即可求解．解：由题意可知，因通电导线与磁场平行，所以不受到安培力的作用，故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】考查安培力的产生条件，理解通电导线与磁场平行不受磁场力，而当两者垂直时，安培力最大．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解题分析】

A．由图可知，当时，有，故有b的原长比a长，故A正确；BC．在图像中，直线的斜率大小等于弹簧的劲度系数，斜率越大，则弹簧的劲度系数越大，由图可知a的斜率要大于b的斜率，则有a的劲度系数要大于b的劲度系数，故B错误，C正确；D．由胡克定律可知，有一定限度内，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，而不是与弹簧的长度成正比，故D错误。故选AC。8、AD【解题分析】

A．甲、乙两轮子边缘上的各点线速度大小相等，有则得所以物块相对盘开始滑动前，A与B的角速度之比为1：3，故A正确；B．物块相对盘开始滑动前，根据得：A与B的向心加速度之比为故B错误；CD．根据得，临界角速度可知甲乙的临界角速度之比为，甲乙线速度相等，甲乙的角速度之比为可知当转速增加时，B先达到临界角速度，所以B先开始滑动，故D正确，C错误。9、AC【解题分析】根据欧姆定律得到电阻R1两端的电压U1=IR1，由图看出，电压U1变化相等，R1一定，则知电流的变化相等，即得电流表示数变化相等，故A正确；电压表V2的示数U2=E-Ir，电流I的变化相等，E、r一定，则△U2相等，故B错误；电阻R1的功率P1=I2R1，其功率的变化量为△P1=2IR1•△I，由上知△I相等，而I减小，可知从a移到b功率变化量较大，故C正确；由图乙知，U1减小，电路中电流减小，总电阻增大，由于外电路总与电源内阻的关系未知，无法确定电源的输出功率如何变化，故D错误．所以AC正确，BD错误．10、AD【解题分析】

ABD．在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如图所示：三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，由于竖直位移相同，根据得水平位移最大的A球运动时间最长即A球竖直方向的加速度最小，故A球带正电，水平位移最小的C球加速度最大，故C球带负电，则B球不带电，故AD正确，B错误；C．根据动能定理三球所受合力关系三球的初动能相等，所以故C错误．故选AD。点晴：从图象中可以看到上极板带负电，平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力；不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ADFa远小于略大于【解题分析】

（1）[1]本题滑动变阻器“是分压式接法，为了操作方便应选择最大阻值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器选A；[2]因为本实验是采用“半偏法”测电压表的内阻，电压表半偏时，电阻箱的阻值认为等于电压表的内阻，电压表的大约值为，所以电阻箱选D；[3]由于电压表量程为，并且（2）中电压表示数要调到，所以电源只能选F．（2）[4]按实验原理图连接好电路，把开关、断开，为了保证开关闭合时电路的安全，且本实验采用分压接法，为了让测量电路中的电压由零开始调节，把滑动变阻器的滑片置于端；[5]电阻箱和电压表串联的总电压是，调节电阻箱使电压表示数为时，电阻箱上分压为，根据串联电路电压与电阻成正比，得被测电压表内阻的测量值等于电阻箱的阻值．（3）[6]为了减小电压表内阻对电路的影响，使测量电路两端的电压保持不变；应使滑动变阻器的最大阻值远小于电压表内阻；（4）[7]实验中认为电阻箱和电压表电阻相等，故调节电阻箱的阻值使电压表指针指到位置，此时电阻箱的电压大于，故电阻箱的电阻大于电压表的电阻，即测量值偏大．12、A1R10.24（0.22-0.27）【解题分析】

(1)[1][2]灯泡额定电流为500mA=0.5A，电流表应选A1，在保证安全的前提下，应选最大阻值较小的滑动变阻器，因此滑动变阻器应选R1；(2)[3]由题意可知，电流与电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：(3)[4]根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象，图象如图所示(4)[5]在灯泡I-U图象坐标系内作出电源的I-U图象如图所示由图示图象可知，灯泡两端电压：U=0.87V，通过灯泡的电流I=0.28A，灯泡实际功率：P=UI=0.87×0.28≈0.2