2021-2022学年黔西南市重点高考物理押题试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，内壁光滑的圆管形轨道竖直放置在光滑水平地面上，且恰好处在两固定光滑挡板M、N之间，圆轨道

半径为1m,其质量为1kg,一质量也为1kg的小球（视为质点）能在管内运动，管的内径可不计。当小球运动到轨

道最高点时，圆轨道对地面的压力刚好为零，取g=10m/s2。则小球运动到最低点时对轨道的压力大小为

A.70NB.50NC.30ND.10N

2、一定质量的乙酸液体全部蒸发，变为同温度的乙酸气体，在这一过程中（）

A.分子引力减小，分子斥力减小B.分子势能减小

C.乙醛的内能不变D.分子间作用力增大

3、为了人民的健康和社会的长远发展，我国环保部门每天派出大量的洒水车上街进行空气净化除尘，已知某种型号的

洒水车的操作系统是由发动机带动变速箱，变速箱带动洒水泵产生动力将罐体内的水通过管网喷洒出去，假设行驶过

程中车受到的摩擦阻力跟其质量成正比，受到的空气阻力跟车速成正比，当洒水车在平直路面上匀速行驶并且匀速洒

水时，以下判断正确的是（）

A.洒水车的动能保持不变B.发动机的功率保持不变

C.牵引力的功率要随时间均匀减小D.牵引力大小跟洒水时间成反比

4、我国自主建设、独立运行的北斗卫星导航系统由数十颗卫星构成，目前已经向一带一路沿线国家提供相关服务。设

想其中一颗人造卫星在发射过程中，原来在椭圆轨道1绕地球E运行，在P点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动，如图

所示。下列说法正确的是（）

A.在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在P点的加速度不同

B.在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在P点的动量不同

C.卫星在轨道2的任何位置都具有相同加速度

D.卫星在轨道1的任何位置都具有相同动能

5、有一变化的匀强磁场与图甲所示的圆形线圈平面垂直。规定磁场方向向里为正方向，从。经R流向》为电流的正方

向。已知R中的感应电流i随时间f变化的图象如图乙，则磁场的变化规律可能与下图中一致的是（）

6、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法。下列四个选项中全部都应用了比值定义法的是

①加速度丝②电场强度E=③电容C=2④电流/="⑤导体电阻式=23⑥磁感应强度8=f

△tr-UtSIL

A.①③⑤⑥B.②③⑤⑥C.②③©@D.①③④⑥

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，在同一软铁芯上绕有两个独立的线圈甲与乙，甲线圈连接电池、滑动变阻器、电阻乙线圈中接有

电容器C,向左移动滑动变阻器的滑片P,使甲线圈中的电流均匀变化。已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正

比，下列说法正确的是（）

V:

甲W

I

W

A.电容-5器的上极板带正电

B.电容器的上极板带负电

C.电容器所带的电荷量恒定

D.电容器所带的电荷量增大

8、如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面

内的直导线连接成回路.将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态.下列说法正确的是

（）

A.开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动

B.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向

C.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向

D.开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动

9、下列说法正确的是（）

A.常见的金属是多晶体，具有确定的熔点

B.干湿泡湿度计的湿泡和干泡所示的温度相差越多，表示空气湿度越大

C.把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，尖端会变钝是因为液体表面张力作用的结果

D.脱脂棉脱脂的目的，在于使它从不能被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液

E.饱和汽的压强一定大于非饱和汽的压强

10、沿x轴正向传播的简谐横波在f=O时刻的波形如图所示，此时波传播到x=2m处的质点8,质点A恰好位于波

谷位置。C、O两个质点的平衡位置分别位于x=3m和x=5m处。当r=0.2s时，质点4恰好第一次（从计时后算起）

处于波峰位置。则下列表述正确的是o

A.该波的波速为5m/s

B.f=LOs时，质点C在平衡位置处且向下运动

C.7=0.9s时，质点。的位移为—2cm

D.O点开始振动的时间为0.6s

E.质点D第一次位于波谷位置时，质点B恰好也位于波谷位置

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)利用图示装置可以测物体间的动摩擦因数。水平粗糙桌面左端固定着定滑轮、B点固定着光电门。跨过定

滑轮的细线两端分别栓接质量机的重物和质量M的物块(含宽度为d的遮光条)，实验时每次都由静止释放物块，多

次改变物块释放点A的位置,记录每次A8的间距x和遮光条通过光电门的时间(细线与滑轮间的摩擦及空气阻力

均不计，重力加速度为g)

-b物块

(1)物块从A运动至B的过程中，重物和物块整体的动能增量为AEk=

(2)下列各图中，能够正确反映运动过程中x与，之间关系的图像是__________(填选项序号字母)。

(3)若(2)中正确图线的斜率为则物块与水平面间的动摩擦因数〃=(填选项序号字母)。

2kmg-(M+ni)d~2kmg+(M+m)d22kMg

•2kMg•2kMg■2kmg-(M+m)d2

12.(12分)某实验小组成员要测量一节干电池的电动势和内阻，已知该干电池的电动势约为1.5V,内阻约为0.50C；

实验室提供了电压表V(量程为3V,内阻约3kC)、电流表A(量程0.6A,内阻为0.70。)、滑动变阻器R(10Q,2A)、电

键和导线若干。

(1)为了尽可能减小实验误差，请在图1方框中画出实验电路图______________o

图1

p

（2）在图2中按原理图完善实物图的连接。

⑶通过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U,利用这些数据在图3中画出了U-I图线。由图线可以得

出此干电池的电动势E=V（保留3位有效数字），内阻r=C（保留2位有效数字）。

图3

（4）实验过程中，发现电流表发生了故障，于是小组成员又找来一个电压表和一个定值电阻，组成了如图4所示的电路,

移动滑动变阻器触头，读出电压表Vi和V2的多组数据Ui、U2,描绘出二/一二;图象如图5所示，图线斜率为k,与

横轴的截距为a,则电源的电动势£=,内阻r=（用k、a、RO表示）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图，空间有一竖直向下沿x轴方向的静电场，电场的场强大小按分布（x是轴上某点到。点的距

离）'％=笠"•上轴上，

有一长为L的绝缘细线连接A、3两个小球，两球质量均为,〃，8球带负电，带电量为q,

5qL

A球距。点的距离为心两球现处于静止状态，不计两球之间的静电力作用。

⑴求A球的带电量q,\；

（2）将4、8间细线剪断,描述〃球的运动情况，并分析说明理由;

⑶剪断细线后，求8球的最大速度Vm.

0«一厂一

：

ILI

AQ

I

L

I

B°----

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▼X

14.（16分）如图甲所示，真空中的电极被连续不断均匀地发出电子（设电子的初速度为零），经加速电场加速，由小

孔穿出，沿两个彼此绝缘且靠近的水平金属板A、B间的中线射入偏转电场，A、B两板距离为d、A、B板长为

L,AB两板间加周期性变化的电场，如图乙所示，周期为T，加速电压为4=乌土，其中〃?为电子质量、e

1eT-

为电子电量，L为A、B板长，T为偏转电场的周期，不计电子的重力，不计电子间的相互作用力，且所有电子都能

离开偏转电场，求：

⑴电子从加速电场S飞出后的水平速度%大小？

（2）f=0时刻射入偏转电场的电子离开偏转电场时距A、B间中线的距离y；

⑶在足够长的时间内从中线上方离开偏转电场的电子占离开偏转电场电子总数的百分比。

乙

15.（12分）如图，物流转运中心的水平地面上有一辆质量M=4kg、长乙=1.4m的平板小车，在平板车的右端放有质

量机=lkg的快件（可视为质点），快件与平板车间的动摩擦因〃=0.4。物流中心的工作人员要将快件卸到地面上，他

采用了用水平力尸拉小车的方式，重力加速度g=10m/s2,不计小车与地面间的摩擦阻力，求：

（1）要让快件能相对平板车滑动，需要施加的最小水平力Fo：

⑵若用户二28N的水平恒力拉小车，要将快件卸到地面上，拉力尸作用的最短时间，为多少。

m

11,一二一一1户~AF

勿宓如必勿勿易勿勿勿勿勿勿;

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

抓住小球运动到最高点时，圆轨道对地面的压力为零，求出最高点的速度，根据动能定理求出小球在最低点的速度，

从而结合牛顿第二定律求出轨道对小球的支持力，根据牛顿第三定律得出小球对圆轨道的最大压力.

【详解】

当小球运动到最高点时速度最小，此时圆轨道对地面的压力为零，可知小球对圆轨道的弹力等于圆轨道的重力，根据

2

牛顿第二定律得，mg+N=mN=mg,解得最高点的速度v尸J荻；小球从最高点到最低点，根据动能定理得,

mg・2R二〈〃州一。他2,解得V2=《6gR;根据牛顿第二定律得，N，-mg=m上，联立解得N，=7mg=70N,根据牛

22R

顿第三定律，小球对轨道的最大压力N，=7mg=70N,故A正确，BCD错误；

故选：A.

2、A

【解析】

A.乙醛液体蒸发过程，分子间的距离变大，分子间的引力和斥力都会减小，故A正确；

B.蒸发过程中乙酸分子要克服分子间的引力做功，分子势能增加，故B错误；

C.一定质量的乙醛液体全部蒸发，变为同温度的乙酸气体过程中，要从外界吸收热量，由于温度不变，故分子平均动

能不变，而蒸发过程中乙酸分子要克服分子间的引力做功，分子势能增加，故内能增加，故C错误；

D.由于乙醛液体蒸发过程，分子间的距离变大，分子之间的作用力从0开始，先增大后减小，故D错误。

故选：A。

3、C

【解析】

以车和水为研究对象，受力分析可知，水平方向受牵引力、摩擦阻力和空气阻力作用，由题意，车受到的摩擦阻力跟

其质量成正比，受到的空气阻力跟车速成正比，根据牛顿第二定律知，

F-f-kv=ma

当洒水车在平直路面上匀速行驶并且匀速洒水时，车与水的质量在减小，故摩擦阻力在减小，空气阻力恒定不变，则

牵引力在减小，合力为零。

A.洒水车的质量减小，速度不变，故动能减小，故A错误。

B.发动机的功率牵引力减小，速度不变，则发动机的功率减小，故B错误。

CD.牵引力Fmh,洒水车的质量随时间均匀减小，则牵引力的大小随洒水时间均匀减小，但不成反比。牵引力功

率随时间均匀减小，故C正确，D错误。

故选C。

4、B

【解析】

A.在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在尸点距地球的距离相等，受到的万有引力相等

所以卫星在P点的加速度相同，故A错误；

B.卫星由轨道1变为轨道2,需要加速，则轨道2的速度要大一些，所以卫星在P点的动量轨道2的大于轨道1的,

故B正确；

C.卫星在轨道2的不同位置受到的万有引力大小相同，但方向不同，故产生的加速度大小相同，方向不同，故卫星

在轨道2的不同位置都具有不同加速度，故C错误；

D.轨道1是一个椭圆轨道，又开普勒第二定律可得，卫星离地球越近，速度越大，则卫星在轨道1上除了关于地球

对称的位置外，各位置具有不同的动能，选项D错误。

故选B。

5、A

【解析】

应用楞次定律定性分析知，O~ls内，电流为正方向，根据安培定则知磁场8应正方向减小或负方向增大。1~2s内,

电流为负方向，根据安培定则知磁场3应正方向增大或负方向减小。设线圈面积为S,则电动势

△B

E=一=S-©

△tIs

电流

芍②

解①②式得

由图象知两过程中电流大小关系为

4=/④

解③④式得

AB,1Ag2

IT-2IT

Mb；⑼

所以A正确，BCD错误。

故选A。

6、D

【解析】

①加速度与速度的变化量无关，所以加速度。="属于比值定义法；②电场强度与场源电荷量成正比，与距离的平方

成反比，所以电场强度后=挈不属于比值定义法；③电容是由电容器本身的性质决定，其大小与带电量以及两板间

r

的电压无关，所以电容C=5属于比值定义法；④电流的大小由导体两端的电压和导体的电阻决定，单位时间内通过

导体横截面的电荷量叫电流强度，电流/=幺属于比值定义法；⑤电阻与导线长度、横截面积及电阻率有关，所以导

t

体的电阻A=夕（不属于比值定义法；⑥磁感应强度与放入磁场中的电流元无关，所以8=土属于比值定义法；

A.①③⑤⑥与分析不符，故A错误；

B.②③⑤⑥与分析不符，故B错误；

C.②③④⑥与分析不符，故C错误；

D.①③④⑥与分析相符，故D正确。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、BC

【解析】

AB.电池电路的电流如图所示，在铁芯中产生向下的磁场。向左移动滑片P,滑动变阻器有效电阻减小，由欧姆定律

知电路电流增大。由题意知电流均匀增大，则该磁场均匀增强。应用楞次定律知乙线圈的感应电流如图所示，则电容

器的上极板带负电，故A错误，B正确；

CD.穿过乙线圈的磁通量①均匀增加，由电磁感应定律知

E广=n△--①--

Az

该值恒定。由电路规律知电容器的板间电压U=E,则电容器两极板间电压恒定，则电容器所带电荷量

Q=CU

恒定，故C正确，D错误。

故选BCo

8、AD

【解析】

A.断出直导线中电流方向为由南向北，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向里，小磁针的N极朝垂

直纸面向里的方向转动，A正确；

BC.开关闭合并保持一段时间后，左侧线圈中磁通量不变，线圈中感应电动势和感应电流为零，直导线中电流为零，

小磁针恢复到原来状态，BC错误；

D.开关闭合并保持一段时间后再断开后的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和感应电流，由楞次定

律可判断出直导线中电流方向为由北向南，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向外，小磁针的N极朝

垂直纸面向外的方向转动，D正确.

9、ACD

【解析】

A.常见的金属是多晶体，具有确定的熔点，选项A正确；

B.干湿泡湿度计的湿泡和干泡所示的温度相差越多，说明湿泡的蒸发非常快，空气的相对湿度越小，选项B错误；

C.把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，尖端会变钝是因为液体表面张力作用的结果，选项C正确；

D.脱脂棉脱脂的目的，在于使它从不能被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液，选项D正确；

E.饱和汽压的大小与温度有关，在温度不知道的情况下，不能简单地说饱和汽的压强一定大于非饱和汽的压强，故E

错误。

故选ACDo

10、ACD

【解析】

A.由图可知波长4=2m,当f=0.2s时质点A第一次在波峰，则周期为

T=2x0.2s=0.4s

则波速

A「，

v=—=5m/s

T

故A正确；

B.可知

r=1.0s=2T+-

2

波传到C所用时间为

3m-2mT

-----------=0.2s=—

v-----------2

之后C点开始向上振动，做2次全振动后到平衡位置处且向上运动，故B错误；

CD.。点开始振动的时间为

~BD—

-----=0.6s

v

之后。点开始向上振动，再经过

3T

0.9s-0.6s=0.3s=—

4

到达波谷，位移为-2cm,故CD正确；

E.B、O间相距1.52,其振动情况总是相反，则当质点。第一次位于波谷位置时，质点8恰好位于波峰位置，故E

错误。

故选ACD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、(”+加)/CA

2产

【解析】

(1)。］物块到达B点时的速度为

d

VB

则物块从A运动至B的过程中，重物和物块整体的动能增量为

1,(M+m]d2

△片=](例+加)吟=—―i—

(2)[2]根据动能定理有

mgx—

整理后有

(m+Af)<721

2GngMg)r

故选C。

(3)[3]由函数关系可知，斜率

2(mg—〃Mg)

由此变形可得

2

〃=2king-(M+m)d

2kMg

;1.45;0.60;言；言;

【解析】(1)电路直接采用串联即可，电压表并联在电源两端，由于电流表内阻已知，则应采用电流表相对电源的内接

法；电路图如图所示。

(2)对照电路图，实物图完善后如下图。

⑶根据二=二—二二以及图象可知,电源的电动势为二M45V,内阻为二+二二=||=*二=7。二，故

二=1.30U-0-0-=0.6。二;

(4)由闭合电路欧姆定律可知：二=二；+三二二变形得：二［=二：二三一手,

口0**口

当二7=。时，二；=Z,则有：手=二隹公亭=二。解得：二=三，二=三。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)qA=-4q(2)3球做往复运动(3)vm=

【解析】

(1)4、8两球静止时，4球所处位置场强为

E,=k.L=^

3q

8球所处位置场强为

E,=h2L=.

3q

对A、8由整体受力分析，由平衡条件可得：

2mg+qAE-qE2=0

解得：

qA=~4q

(2)剪断细线后，8球初始受到合力

21

F=mg--mg=-mg

方向竖直向下，8球开始向下运动；

运动后，8球受力为

F^=mg—kxq,

随x增大，尸合减小，所以B球做加速度减小的加速运动；

当尸合减小为零时，8球速度达到最大，继续向下运动，尸谷方向向上，并逐渐增大，8球做加速度增大的减速运动。

当速度减小为零后，此时电场力大于重力，5球反向运动，最终8球做往复运动。

(3)当〃球下落速度达到最大时，8