2022版高考物理一轮复习演练：3

专题三第1讲

课后提能演练

知识巩固练

1.（2020年湖北部分重点中学联考）伽利略和牛顿都是物理学发展史上最伟大的科学家，

巧合的是牛顿就出生在伽利略去世后第二年.下列关于力和运动关系的说法中，不属于他们

观点的是（）

A.自由落体运动是一种匀变速直线运动

B.力是使物体产生加速度的原因

C.物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性

D.力是维持物体运动的原因

【答案】D

2.（2020届黄山质检）关于物体的惯性，下列说法正确的是（）

A.骑自行车的人，上坡前要快速蹬几下，是为了增大惯性冲上坡

B.子弹从枪膛中射出后在空中飞行，速度逐渐减小，因此惯性也减小

C.物体惯性的大小，由物体质量的大小决定

D.物体由静止开始运动的瞬间，它的惯性最大

【答案】C

3.（2020年成都外国语学校模拟）下列说法正确的是（）

A.凡是大小相等、方向相反，分别作用在两个物体上的两个力必定是一对作用力和反

作用力

B.凡是大小相等、方向相反，作用在同一物体上的两个力必定是一对作用力和反作用

力

C.即使大小相等、方向相反，作用在同一直线上且分别作用在两个物体上的两个力也

不一定是一对作用力和反作用力

D.相互作用的一对力究竟称哪一个力是反作用力不是任意的

【答案】C

4.火车在长直的水平轨道上匀速行驶，门窗紧闭的车厢内有一人向上跳起，发现仍落

回到车上原处，这是因为（）

A.人跳起后，车厢内空气给他一向前的力，带着他随同火车一起向前运动

B.人跳起的瞬间，车厢的底板给他一向前的力，推动他随同火车一起向前运动

C.人跳起后，车在继续向前运动，所以人落下后必定偏后一些，只是由于时间很短，

偏后距离很小，不明显而已

D.人跳起后直到落地，在水平方向上始终具有和车相同的速度

【答案】D

5.如图所示的装置，不考虑绳与滑轮的质量，不计轴承、绳与滑轮间的摩擦.初始时

两人均站在水平地面上，当位于左侧的甲用力向上攀爬时，位于右侧的乙始终用力抓住绳子,

最终至少一人能到达滑轮.下列说法正确的是（）

A.若甲的质量较大，则乙先到达滑轮

B.若甲的质量较大，则甲、乙同时到达滑轮

C.若甲、乙质量相同，则乙先到达滑轮

D.若甲、乙质量相同，则甲先到达滑轮

【答案】A

6.（多选）一根轻质弹簧竖直悬挂在天花板上，下端悬挂一小球，弹簧和小球的受力如

图所示，下列说法正确的是（）

—*

x

/

W

A

/

W

z

-

*

A.人的施力者是弹簧

B.尸2的反作用力是尸3

C.6的施力者是小球

D.居的反作用力是Q

【答案】BC

7.水平放置的密闭玻璃管内充有水，它的中间有一气泡，如图所示，当玻璃管由静止

开始向右沿水平方向运动时，气泡相对于玻璃管将要（）

气泡

//__________、

------

液体

A.向右运动

B.向左运动

C.保持不动

D.无法判断

【答案】A【解析】管中的气泡和相同体积水相比，其质量很小，气泡的惯性要比管

中的水的惯性小的多，当玻瑞管由静止开始向右沿水平方向运动时，破隔管中的水由于惯性,

仍然要保持原来的静止状态，使水涌向管的左端，气泡由于惯性较小，则相对于管子向右运

动，故A正确.

8.（2020年保定模拟）（多选）如图，一个人站在水平地面上的长木板上用力F向右推箱

子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为相，重力加速度为g,贝IJ()

―I1-

A.箱子对木板的摩擦力方向向右

B.木板对地面的摩擦力方向向左

C.木板对地面的压力大小为3mg

D.若人用斜向下的力推箱子，则木板对地面的压力会大于3〃?g

【答案】AC【解析】以箱子为研究对象，水平方向上木板对箱子的摩擦力与人推箱

子的力平衡，所以，木板对箱子的摩擦力方向向左，根据牛顿第三定律，箱子对木板的摩擦

力方向向右，A正确：以整体为研究对象，地面对木板的支持力与整体所受的重力平衡，所

以地面对木板的支持力为3mg,根据牛顿第三定律，木板对地面的压力大小为3mg,C正确，

D错误；以整体为研究对象，地面对木板的摩擦力为0,所以木板对地面的摩擦力为0,B

错误.

综合提升练

9.如图所示，两块小磁铁质量均为0.5kg,A磁铁用轻质弹簧吊在天花板上，8磁铁在

A正下方的地板上，弹簧的原长及=10cm,劲度系数后=100N/m.当A、8均处于静止状态

时，弹簧的长度A=llcm.不计地磁场对磁铁的作用和磁铁与弹簧间相互作用的磁力，求B

对地面的压力大小.(g取10N/kg)

解：对A受力分析如图所示，由平衡条件，得

他亿-4)

A

F

k(L—LQ-mg-F=0,

解得F=-4N,

故3对A的作用力大小为4N,方向竖直向上.

由牛顿第三定律得A对8的作用力

F1=—F=4N,方向竖直向下.

对3受力分析如图所示，由平衡条件，得

外

B

F'

mg

Fz—fng—F'=0,

解得FN=9N.

由牛顿第三定律得B对地面的压力大小为9N.

专题三第2讲

课后提能演练

知识巩固练

1.由牛顿第二定律表达式尸=加。可知（）

A.质量〃2与合外力尸成正比，与加速度a成反比

B.合外力厂与质量相和加速度。都成正比

C.物体的加速度的方向总是跟它速度的方向一致

D.物体的加速度”跟其所受的合外力F成正比，跟它的质量，"成反比

【答案】D

2.（2020届沈阳四校联考）如图所示，当小车向右加速运动时・，物块例相对车厢静止于

竖直车厢壁上，当车的加速度增大时（）

A.M受静摩擦力增大B.M对车厢壁的压力减小

C.”仍相对于车厢静止D.”受静摩擦力减小

【答案】C

3.（2020年上海浦东新区一模）如图所示，小球沿不同倾角。的光滑斜面滑下，小球的

加速度a及对斜面的压力N,与各自最大值的比值），随。变化的图像分别对应y-6图中的

（）

A.①和②B.①和④

C.②和③D.③和④

【答案】A【解析】对小球进行受力分析，根据牛顿第二定律得"=gsin8,

当9=90。时，加速度最大为g,则比值为y=£=sin8,随着8的增大，y增大，对应①：支

O

持力N=mgcos/支持力的最大值为mg,贝”有y"=cos随着夕的增大，y减小，

mg

对应②.A正确.

4.一质量为加的物块在倾角为。的足够长斜面上匀减速下滑.现对物块施加一个竖直

向下的恒力F,如图所示，则物块减速为零的时间将（）

A.变大B.变小

C.不变D.不能确定

【答案】B

5.中国载人深潜器“蛟龙”号7000m级海试中下潜深度达7062m,再创中国载人深

潜纪录.设潜水器在下潜或上升的过程中只受重力、海水浮力和海水阻力作用，已知海水浮

力大小为F,设海水阻力与潜水器的速率成正比.当潜水器的总质量为，”时恰好匀速下降,

若使潜水器以同样速率匀速上浮，则需要抛弃物体的质量为（重力加速度为g）（）

A.—m

g

F

D.2m-

g

【答案】B

6.（2020年保定安国中学月考）（多选）如图，小球在水平轻绳和轻弹簧拉力作用下静止,

弹簧与竖直方向夹角为。.设重力加速度为g,下列正确的是（）

A.剪断弹簧OA瞬间，小球的加速度大小为g,方向竖直向下

B.剪断弹簧。4瞬间，小球的加速度大小为总，方向与竖直方向成。角斜向右下

C.剪断OB绳瞬间，小球的加速度大小为gsin。，方向与OA垂直斜向左下

D.剪断OB绳瞬间，小球的加速度大小为gtan。，方向水平向左

【答案】AD【解析】剪断弹簧OA瞬间，绳的拉力变为零，小球只受重力，由牛顿

第二定律得”=g,方向竖直向下，故A正确，B错误；以球为研究对象，由平衡条件得FOB

-&«sin0=0,FOACOS0~~mg=0,联立解得FOB=mgtan。剪断轻绳瞬间，弹簧的弹力

没有变化，小球所受的合外力是重力与弹力的合力，与原来细绳的拉力大小相等，方向相反，

由牛顿第二定律得a=〃^M=gtana方向水平向左，故C错误，D正确.

综合提升练

7.（2020年山东山师大附中月考）（多选）如图所示，一折杆固定在小车上，/A=。，B

端固定一个质量为m的小球，设小车向右的加速度为a,AB杆对小球的作用力大小为F,

则下列说法正确的是（）

A.当a=0时，F=A2，方向沿A8杆

B.当“=gtan。时，尸方向沿AB杆

C.无论。取何值，F都等于周声示，方向都沿A8杆

D.无论。取何值，尸都等于周正工5,方向与AB杆所在直线无关

【答案】BD【解析】对小球受力分析，小球一共受两个力：重力和杆对球的弹力；

因为小车和球相对静止，小车有向右的加速度，小球也有向右的加速度.设弹力与竖直方向

夹角为④画出小球的受力示意图如图，则Feosa=mg^Fsina=ma,解得F=y](mg)2+(ma)2>

tanQ=T.当。=0时，F=mg、a=0,即力尸的方向竖直向上，故A错误.当〃=gtan夕时，

F=\(mg)2+(WJ«)2=悬^、a=0,即力尸的方向沿AB杆，故B正确；无论“取何值，尸都

等于、(mg)2+(〃〃)2,方向与a取值大小有关，与48杆所在直线无关，故C错误，D正确.

8.(2020年天津滨海七校联考)一辆货车运载着圆柱形光滑的空油桶.在车厢底，一层

油桶平整排列，相互紧贴并被牢牢固定.上一层只有一只桶C,自由地摆放在A、8之间，

和汽车一起保持静止，如图所示，当C与车共同向左加速时()

A.4对C的支持力变大

B.8对C的支持力不变

C.当向左的加速度达到坐g时，C将脱离4

D.当向左的加速度达到坐g时，C将脱离4

【答案】D【解析】对C进行受力分析，如图所示.

D1

设8对。的支持力与竖直方向的夹角为仇根据几何关系可得sin。=介=5，所以0=

LKL

30°;同理可得，A对C的支持力与竖直方向的夹角也为30。.原来C处于静止状态，根据平

衡条件可得Msin30°=NAsm30°;令C的加速度为。，根据正交分解以及牛顿第二定律有

NB'sin30o-^4，sin30°=w«,可见4对C的支持力减小、B对C的支持力增大，故A、B

错误；当A对C的支持力为零时，根据牛顿第二定律可得根gtan30。=〃皿，解得〃=为4,

故C错误，D正确.

9.为研究运动物体所受的空气阻力，某研究小组的同学找来一个倾角可调、斜面比较

长且表面平整的斜面体和一个滑块，并在滑块上固定一个高度可升降的风帆，如图甲所示.他

们让带有风帆的滑块从静止开始沿斜面下滑，下滑过程帆面与滑块运动方向垂直.假设滑块

和风帆总质量为机滑块与斜面间的动摩擦因数为〃，帆受到的空气阻力与帆的运动速率成正

比，即Ff—kv.

(1)写出滑块下滑过程中加速度的表达式；

(2)求出滑块下滑的最大速度，并指出有哪些措施可以减小最大速度；

(3)若,w=2kg,斜面倾角6=30。，g取10m/s2,滑块从静止下滑的速度图像如图乙所

示，图中的斜线为f=0时。一/图线的切线，由此求出〃、%的值.(结果保留2位有效数字)

解：(1)由牛顿第二定律，有

mgsin6—fimgcos6—kv=ma,

解得〃=gsin。一〃geos―

(2)当a=0时速度最大

〃?g(sin。-4cos0)

而=~k'

减小最大速度的方法：适当减小斜面倾角仇保证滑块能静止下滑)：风帆升起一些.

(3)当。=0时，

a=gsin0—//geos3=3m/s2,

解得〃=吉-0.23.

。/7t£(sin0-//cos0)

取大速度u=2m/s,即v=-----------7-----------=2m/s

mmK

解得出=3.0Ns/m.

专题三第3讲

课后提能演练

知识巩固练

1.（2020年济南期末）在升降机底部安装一个加速度传感器，其上放置了一个质量为“

小物块，如图甲所示.升降机从r=0时刻开始竖直向上运动，加速度传感器显示加速度a

随时间/变化如图乙所示.取竖直向上为正方向，重力加速度为g,以下判断正确的是（）

A.在0〜2fo时间内，物块先处于失重状态，后处于超重状态

B.在%〜3"时间内，物块先处于失重状态，后处于超重状态

C.「=而时刻，物块所受的支持力大小为〃电

D.t=3fo时刻，物块所受的支持力大小为2,即

【答案】D【解析】由乙图可知，在0〜2%时间内，物块的加速度方向向上，先处于

超重状态，A错误；由乙图可知，在而〜3”时间内，物块的加速度方向向上，处于超重状

态，B错误：由乙图可知，f=r（）时刻，物块的加速度a=g,根据牛顿第二定律N—，“g=，wg,

得N=2mg,C错误：由乙图可知，f=3A）时刻，物块的加速度a=g,根据牛顿第二定律N

—mg=mg,得N=2mg,D正确.

2.八人两物体的质量分别为如、加2，由轻质弹簧相连.当用恒力F竖直向上拉着”，

使。、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为XI；当用大小仍为F的恒力沿水平方

向拉着。，使〃、6—起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为X2,如图所示，

则（）

b\rw5—

A.»一定等于X2

B.X]一定大于X2

C.若历2，贝

D.若机[V机2，则X]<X2

【答案】A【解析】当用恒力尸竖直向上拉着。时，先用整体法，有尸一（m+〃?2）g

=（加1+恤）〃1,再隔离b,有kx\—，"2g=，如0,联立得Xl=k（如+一）.当沿水平方向拉着a时

先用整体法,有尸=(〃?]+〃72)〃2,再隔离b,有kx?=m2c12联区得X2=故X1=X2,

k(m\+m2)

故A正确.

3.如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木板

上，两者之间的动摩擦因数为〃，现对物块〃?施加水平向右的恒力F,若恒力尸超过某一临

界数值，长木板与物块将出现相对滑动.已知重力加速度大小为g,物块与长木板之间的最

大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力，则恒力F的临界数值为（）

m-----

A.fxmgB.fiMg

C.京）D.W"g（l+第

【答案】C【解析】以物块，”为研究对象，根据牛顿第二定律，有P—〃加g=mai,以

长木板M为研究对象，根据牛顿第二定律，有“"?g=M42,若两者出现相对滑动应有

联立解得F^fimg^l+部故C正确.

4.（2020年湖南师大附中月考）如图所示，一同学用双手（手未画出）水平对称地用力将

两长方体课本夹紧，且同时以加速度。竖直向上匀加速捧起.已知课本A质量为〃?，课本8

质量为2.，手的作用力大小为F,书本A、8之间动摩擦因数为〃，用整体法与隔离法可分

析出此过程中，书A受到书8施加的摩擦力大小为（）

上4B上

A.[iFB.2卜iF

C.D.机（g+a）

【答案】C

5.（2020年顺县二中期末）（多选）如图所示，在光滑平面上有一静止小车，小车质量为M

=5kg,小车上静止地放置着质量为m=1kg的木块，和小车间的动摩擦因数为〃=0.2,用

水平恒力F拉动小车，下列关于木块的加速度a,“和小车的加速度a”可能正确的有（）

22

A.am=1m/s,UM—1m/s

22

B.am=1m/s,a,w=2m/s

22

C.a,n—2m/s,4M=4m/s

D.a„,=3m/s2,aw=5m/s2

【答案】AC【解析】当拉力较小时，两物体一起加速度运动；当拉力增大到一定值

时，两物体发生相对滑动，此后受到的是滑动摩擦力，故其加速度恒定为“=得^=2m/s2,

因此当系统加速度小于等于2m/s?时，两物体一起运动，加速度相同，故A正确，B错误；

发生相对滑动后，机的加速度大小恒为2m*且a,"<4"，故C正确，D错误.

6.如图所示，质量为如=2kg的物体A经跨过定滑轮的轻绳与质量为M=5kg的箱

子B相连，箱子底板上放一质量为，"2=1kg的物体C,不计定滑轮的质量和一切阻力，在

箱子加速下落的过程中，g取10m*,下列说法正确的是（）

A.物体A处于失重状态，加速度大小为10m/s2

B.物体A处于超重状态，加速度大小为20m/s2

C.物体C处于失重状态，对箱子的压力大小为5N

D.轻绳对定滑轮的作用力大小为80N

【答案】C

7.粗糙水平面上放有P、。两个木块，它们的质量依次为加、“空，与水平面的动摩擦

因数依次为"卜也.分别对它们施加水平拉力F,它们的加速度a随拉力厂变化的规律如图

所示.下列判断正确的是（）

A.ni\>7722，〃1>42

B.41V分

C.7nl<m2,〃i>〃2

D.m\<ni2f

【答案】B【解析】根据牛顿第二定律可知，加速度。与拉力厂变化的规律，即为尸

一,ung=ma,则。与b图像的斜率表示图像与横坐标的含义为摩擦力的大小，因此则有

m\>mz,而〃MigV〃2m2g,所以〃1V〃2,故B正确，A、C^D错误.

综合提升练

8.（2021年广东一模）（多选）研究“蹦极”运动时，在运动员身上系好弹性绳并安装传

感器，可测得运动员竖直下落的距离及其对应的速度大小.根据传感器收集到的数据，得到

如图所示的“速度一位移”图像.若空气阻力和弹性绳的重力可以忽略，根据图像信息，下

列说法正确的有（）

A.弹性绳原长为15m

B.当运动员下降10m时，处于失重状态

C.当运动员下降15m时，绳的弹性势能最大

D.当运动员下降20m时，其加速度方向竖直向上

【答案】BD【解析】15m时速度最大，此时加速度为零，合外力为零，弹力不为零，

弹力等于重力，弹性绳处于伸长状态，故A错误；当运动员下降10m时，速度向下并且逐

渐增大，处于失重状态，故B正确；当运动员下降15m时，速度不为零，运动员继续向下

运动，弹性绳继续伸长，弹性势能继续增大，故C错误；当运动员下降20m时，运动员向

下减速运动，其加速度方向竖直向上，故D正确.

9.（2020年中山纪念学校质检）（多选）如图所示，质量分别为如、m2的A、B两个滑块

放在斜面上，中间用一个轻杆相连，A、8与斜面间的动摩擦因数分别为川、外，它们在斜

面上加速下滑.关于杆的受力情况，下列分析正确的是（）

A.若幺i>〃2，则杆受到压力

B.若"i=〃2,则杆受到拉力

C.若〃i<#2，w71vm2,则杆受到压力

D.若"1=〃2，〃7|W机2，则杆不受到作用力

【答案】AD【解析】假设杆无弹力，滑块受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿

第二定律，有/"igsin，一〃migcos6=如0,解得ai=g（sin0—fncosff）,同理42=g（sin6—〃2cos

。），若〃1>〃2,则。|〈故，B加速度较大，则杆受到压力，故A正确；若〃|=偿，则0=。2,

两个滑块加速度相同，说明无相对滑动趋势，故杆无弹力，故B错误，D正确；若加〈偿，

则0>①，A加速度较大，则杆受到拉力，故C错误.

10.（2020届赣州名校一模）（多选）如图所示，传送带与水平面之间的夹角6=30。，传送

带两端A、B间的距离1=5m,传送带在电动机的带动下以。=1m/s的速度沿顺时针方向匀

速运动，现将一质量m=10kg的小物体（可视为质点）轻放在传送带上的A点，已知小物体

与传送带之间的动摩擦因数〃=坐，在传送带将小物体从A点输送到B点的过程中（g取10

m/s2）（）

B

5in

A.小物体在传送带上运动的时间为5s

B.传送带对小物体做的功为255J

C.电动机做的功为255J

D.小物体与传送带间因摩擦产生的热量为15J

【答案】BD【解析】物体刚放上A点时，受到的滑动摩擦力沿传送带向上，物体做

匀加速直线运动，此时0=以侬^0—sin。)=2.5m/s),假设物体能与皮

带达到相同的速度，则物体加速上滑的位移为=不一=0.2m</=5m,假设成立，物体加速到

Z.Cl\

v=1m/s,用时介=7=0.4S,因为"mgeos仇故之后小物体将向上做匀速运动，运

/---Y1

动的时间及=4.8s,故运动的总时间f=h+f2=5.2s,故A错误；小物体运动到8点

的速度为1m/s,从A到B,由动能定理，有W伶一机gLsine=%jo2-o,解得卬传=255J,

故B正确；在相对滑动时，s机=如一足=0.2m,则物体与传送带间因摩擦产生的热量。=

/zmgeos(9-.vis=15J,故D正确；由功能关系，可知电动机做的功等于物体增加的机械能和

因滑动摩擦而产生的热量，则W电=W.+Q=270J,故C错误.

11.(2020届重庆南开中学期末)如图所示，质量M=lkg的木板静止在粗糙的水平地面

上，木板与地面间的动摩擦因数川=0.1,在木板的左端放置一个质量机=1kg、大小可以

忽略的铁块，铁块与木板间的动摩擦因数“2=04,g取10m/s2,在铁块上加一个水平向右

的拉力，贝(1：

(1)厂增大到多少时，铁块能在木板上发生相对滑动？

(2)若木板长L=1m,水平拉力恒为8N,经过多长时间铁块运动到木板的右端？

........%—，，」”“

解：(1)设F=F\时，铁块、木板恰好保持相对静止，此时两者的加速度相同，两者间

的静摩擦力达到最大.

对木板，根据牛顿第二定律，得

"2〃7g—〃।(m+M)g=Ma,

解得a=2m/s2.

以铁块和木板整体为研究对象，根据牛顿第二定律，有

Fi—〃i(/n+M)g=(Mj+M)a,

解得Fi=6N.

(2)铁块的加速度大小a尸尸g=4mH,

木板的加速度大小〃2—M—2mzs2,

设经过时间/铁块运动到木板的右端，则有

解得f=lS.

专题三实验四

课后提能演练

知识巩固练

1.在利用打点计时器和小车来做“验证牛顿运动定律”的实验时，下列说法错误的是

()

A.平衡摩擦力时，应将祛码盘及盘内祛码通过定滑轮拴在小车上

B.连接祛码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行

C.平衡摩擦力后，长木板的位置不能移动

D.小车释放前应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车

【答案】A

2.在验证牛顿第二定律的实验中，如图所示分别是甲、乙、丙、丁四个实验小组根据

A.甲未平衡摩擦力

B.乙平衡摩擦力过度

C.丙是小车质量太大了

D.丁是不满足，"《M的条件

【答案】D【解析】甲平衡摩擦力时倾角过大，乙平衡摩擦力时倾角过小，丁图出现

弯曲是由于底码质量过大，不满足加《M的条件.

3.某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系，弹簧测力计固定在一合适

的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧测力计的挂钩和矿

泉水瓶连接.在桌面上画出两条平行线尸、Q,并测出间距4.开始时将木块置于P处，现缓

慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧测力计的示数Fo，以此表示滑动摩

擦力的大小.再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧测力计的示数F,然

后释放木块，并用秒表记下木块从尸运动到Q处所用的时间t.

(1)木块的加速度可以用d和f表示为a=.

(2)改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度。与弹簧测力计示数尸的关系.下图中能

表示该同学实验结果的是.

(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是.

A.可以改变滑动摩擦力的大小

B.可以更方便地获取更多组实验数据

C.可以更精确地测出摩擦力的大小

D.可以获得更大的加速度以提高实验精度

【答案】(谭(2)C(3)BC

4.如图所示为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图.沙和沙桶的总质量为皿小

车和祛码的总质量为实验中用沙和沙桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小.

小车、破码计舟落

接交

流电源

沙、沙桶

(1)实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮

的高度，使细线与长木板平行.接下来还需要进行的一项操作是()

A.将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，

调节〃，的大小，使小车在沙和沙桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动

B.将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去沙

和沙桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动

C.将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带、沙和沙桶，轻推小车，观察判断小车

是否做匀速运动

(2)实验中要进行质量〃?和M的选取，以下最合理的一组是()

A.M=200g；10g,15g,20g,25g,30g,40g

B.M=200g；m=20g,40g,60g,80g,100g,120g

C.M=400g；/«=10g,15g,20g,25g,30g,40g

D.M=400g；"?=20g,40g,60g,80g,100g,120g

(3)如图是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻

计数点之间还有4个点未画出.量出相邻计数点之间的距离分别为N=4.22cm,切0=4.65

cm,xa>=5.08cm,XDE=5A9cm,XEF=5.91cm,XFG=6.34cm.已知打点计时器的工作频率

为50Hz,则小车的加速度。=m/s2(结果保留2位有效数字).

([pq?..q,

【答案】(1)B(2)C(3)0.42

综合提升练

5.如图为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图.实验步骤如下：

光

电

8

J_・

轻

轮

滑