2022-2023学年安徽省淮南一中等四校高三第三次诊断性检测试题物理试题试卷

2022-2023学年安徽省淮南一中等四校高三第三次诊断性检测试题物理试题试卷

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在物理学研究过程中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限法、理想模型法、

微元法等。以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）

A.牛顿采用微元法提出了万有引力定律，并计算出了太阳和地球之间的引力

AyAr

B.根据速度定义式判=一，当M非常小时，一就可以表示物体在，时刻的瞬时速度，该定义采用了极限法

加A?

C.将插有细长玻璃管的玻璃瓶内装满水，用力捏玻璃瓶，通过细管内液面高度的变化，来反映玻璃瓶发生了形变，

该实验采用了放大的思想

D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看成匀速直线运动，然后把

各小段的位移相加，这里采用了微元法

2、如图所示，正方形区域内有匀强磁场，现将混在一起的质子H和a粒子加速后从正方形区域的左下角射入磁场，

经过磁场后质子H从磁场的左上角射出，a粒子从磁场右上角射出磁场区域，由此可知（）

A.质子和a粒子具有相同的速度

B.质子和a粒子具有相同的动量

C.质子和a粒子具有相同的动能

D.质子和a粒子由同一电场从静止加速

3、如图所示，“匝矩形闭合导线框A8CQ处于磁感应强度大小为8的水平匀强磁场中，线框面积为S,电阻不计.线

框绕垂直于磁场的轴0。'以角速度。匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，变压器副线圈接入一只额定电压为。的

灯泡，灯泡正常发光.从线圈通过中性面开始计时，下列说法正确的是（）

A.图示位置穿过线框的磁通量变化率最大

B.灯泡中的电流方向每秒改变乌次

2万

C.线框中产生感应电动势的表达式为e="5SosinM

D.变压器原、副线圈匝数之比为弓号

4、如图所示，矩形线圈处在磁感应强度大小为B、方向水平向右的匀强磁场中，线圈通过电刷与定值电阻R及理

想电流表相连接，线圈绕中心轴线。0,以恒定的角速度。匀速转动，U0时刻线圈位于与磁场平行的位置。已知线

圈的匝数为"、面积为S、阻值为r。则下列说法正确的是（）

A.U0时刻流过电阻R的电流方向向左

B.线圈中感应电动势的瞬时表达式为e=〃BS0sin"

C.线圈转动的过程中，电阻R两端的电压为世“变

R+r

nBScoR

D.从U0时刻起，线圈转过60。时电阻R两端的电压为2（R+「）

5、如图所示，变压器为理想变压器，电压变化规律为〃=200sinlOOmV的交流电压接在。、分两端，L为灯泡，R

为滑动变阻器。现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表Ai的示数增大了0.2A,电流表A2的示

数增大了0.8A,则下列正确的是（）

A.电压表V2示数不变，V3示数增大

B.变阻器滑片是沿d-c的方向滑动

C.该变压器起降压作用

D.灯泡发光每秒闪50次

6、水平面内固定一个足够大且绝缘的粗糙斜面，其上有一个带电滑块匀速下滑且一直在斜面上运动。仅改变下列选项

中的条件，滑块速度大小一定改变的是（）

A.施加竖直方向的电场B.翻转滑块，改变它与斜面的接触面积

C.施加水平方向的恒力D.改变滑块的质量

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、关于简谐运动，以下说法正确的是。

A.在弹簧振子做简谐运动的回复力表达式尸=-质中，F为振动物体所受的合外力，A为弹簧的劲度系数

B.物体的速度再次相同时，所经历的时间一定是一个周期

C.位移的方向总跟加速度的方向相反，跟速度的方向相同

D.水平弹簧振子在简谐振动中动能和势能的和是不变的

E.物体运动方向指向平衡位置时，速度的方向与位移的方向相反；背离平衡位置时，速度方向与位移方向相同

8、如图，把一个有小孔的小球连接在弹簧的一端，弹簧的另一端固定，小球套在光滑的杆上，能够自由滑动，弹簧的

质量与小球相比可以忽略，小球运动时空气阻力很小，也可以忽略。系统静止时小球位于。点，现将小球向右移动距

离A后由静止释放，小球做周期为T的简谐运动，下列说法正确的是（）

-：--

7;;；R

'O'A

T

A.若某过程中小球的位移大小为4,则该过程经历的时间一定为一

4

T

B.若某过程中小球的路程为4则该过程经历的时间一定为一

4

T

C.若某过程中小球的路程为24,则该过程经历的时间一定为一

2

T

D.若某过程中小球的位移大小为2A,则该过程经历的时间至少为一

2

T

E.若某过程经历的时间为则该过程中弹簧弹力做的功一定为零

2

9、2022年第24届冬季奥林匹克运动会将在北京举行，跳台滑雪是冬奥会的比赛项目之一.如图所示为一简化后的跳

台滑雪的雪道示意图，运动员从。点由静止开始，在不借助其他外力的情况下，自由滑过一段圆心角为60。的光滑圆

弧轨道后从A点水平飞出，然后落到斜坡上的8点.已知4点是斜坡的起点，光滑圆弧轨道半径为40m,斜坡与水

平面的夹角，=30。，运动员的质量机=50kg,重力加速度g=10m/s2,忽略空气阻力.下列说法正确的是（）

A.运动员从。点运动到5点的整个过程中机械能守恒

B.运动员到达A点时的速度为20m/s

C.运动员到达8点时的动能为10kJ

D.运动员从4点飞出到落到B点所用的时间为百s

10、如图所示，4、8、C三个物体分别用轻绳和轻弹簧连接，放置在倾角为，的光滑斜面上，当用沿斜面向上的恒力

尸作用在物体A上时，三者恰好保持静止，已知A、5、C三者质量相等，重力加速度为g。下列说法正确的是

A.在轻绳被烧断的瞬间，A的加速度大小为2gsin0

B.在轻绳被烧断的瞬间，8的加速度大小为gsinO

C.剪断弹簧的瞬间，A的加速度大小为ggsin。

D.突然撤去外力厂的瞬间，A的加速度大小为2gsin0

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）几位同学对一个阻值大约为600Q的未知电阻进行测量，要求较精确地测量电阻的阻值。有下列器材供选

用：

A.待测电阻Rx

B.电压表V（量程6V,内阻约3k£1）

C.电流表Ai（量程20mA,内阻约5Q）

D.电流表A2（量程10mA,内阻约10（1）

E.滑动变阻器Q（0〜20Q,额定电流2A）

F.滑动变阻器后（0〜2000C,额定电流0.5A）

G直流电源E（6V,内阻约1Q）

H.多用表

I.开关、导线若干

I——©-------r-1~©——

I^2广_r'111

（1）甲同学用多用表直接测量待测电阻的阻值如图甲所示。若选用欧姆表“xioo”档位，则多用表的读数为Q

（2）乙同学根据以上器材设计成用伏安法测量电阻的电路，电路图如图乙所示，则电流表应选择—（选填“A产或

“A2”），滑动变阻器应选择（选填“拈”或"心”）。

（3）丙同学经过反复思考，利用所给器材设计出了如图丙所示的测量电路，具体操作如下：

①按图丙连接好实验电路，调节滑动变阻器拈、Ri的滑片至适当位置；

②开关S2处于断开状态，闭合开关So调节滑动变阻器Ri、Rz的滑片，使电流表A2的示数恰好为电流表A,的

示数的一半，读出此时电压表V的示数G和电流表A的示数人。

③保持开关S,闭合，再闭合开关S2,保持滑动变阻器出的滑片位置不变，读出此时电压表V的示数S和电流

表A2的示数li.

可测得待测电阻的阻值为,同时可测出电流表Ai的内阻为一（用S、S、八、，2表示）。

（4）比较乙、丙两位同学测量电阻R*的方法，你认为哪个同学的方法更有利于减小系统误差？一（选填“乙”或“丙”）

同学。

12.（12分）为了测定电阻的阻值，实验室提供下列器材：

待测电阻R（阻值约100。）、滑动变阻器R（0〜100Q）、滑动变阻器R2（0〜10。）、电阻箱Ro（0〜9999.9Q）、理想

电流表A（量程50mA）、直流电源E（3V,内阻忽略）、导线、电键若干.

（1）甲同学设计（a）所示的电路进行实验.

①请在图（b）中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接.

②滑动变阻器应选（填入字母）.

③实验操作时，先将滑动变阻器的滑动头移到（选填“左”或“右”）端，再接通开关S；保持S2断开，闭合S”

调滑动变阻器使电流表指针偏转至某一位置，并记下电流八

④断开S”保持滑动变阻器阻值不变，调整电阻箱Ro阻值在100。左右，再闭合S2,调节岛阻值使得电流表读数为

时，岛的读数即为电阻的阻值.

（2）乙同学利用电路（c）进行实验，改变电阻箱R0值，读出电流表相应的电流/,由测得的数据作出;图线如

图（d）所示，图线纵轴截距为机，斜率为A,则电阻的阻值为.

（3）若电源内阻是不可忽略的，则上述电路（a）和（c）,哪种方案测电阻更好?为什么？

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，足够长的“I产形框架沿竖直方向固定，在框架的顶端固定一定值电阻R,空间有范围足够大且

垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为8,电阻值均为R的金属棒甲、乙垂直地放在框架上，已知两金属棒的

2

质量分别为，"=2.0xl0-2kg、m£=1.0xl0-kg»现将金属棒乙锁定在框架上，闭合电键，在金属棒甲上施加一竖直向上的

恒力F,经过一段时间金属棒甲以哼10m/s的速度向上匀速运动，然后解除锁定，金属棒乙刚好处于静止状态，忽略

一切摩擦和框架的电阻，重力加速度g=10m/s2。则

(1)恒力F的大小应为多大？

(2)保持电键闭合，将金属棒甲锁定，使金属棒乙由静止释放，则金属棒乙匀速时的速度也应为多大？

(3)将两金属棒均锁定，断开电键，使磁感应强度均匀增加，经时间U0.1S磁感应强度大小变为2B此时金属棒甲所受

的安培力大小刚好等于金属棒甲的重力，则锁定时两金属棒之间的间距x应为多大？

14.(16分)如图所示，哑铃状玻璃容器由两段粗管和一段细管连接而成，容器竖直放置，容器粗管的截面积为Si=2cm2,

细管的截面积S=km2,开始时粗、细管内水银长度分别为加=/?2=2cm,整个细管长为4cm,封闭气体长度为L=6cm,

大气压强为尸o=76cmHg,气体初始温度为27℃,求：

①第一次若要使水银刚好离开下面的粗管，封闭气体的温度应为多少K;

②第二次若在容器中再倒入同体积的水银，且使容器中气体体积不变，封闭气体的温度应为多少K.

15.(12分)如图所示，倾角为37。的固定斜面上下两端分别安装有光滑定滑轮和弹性挡板P,耳、鸟是斜面上两点,

PR间距离L,=~m,A8间距离％=4m。轻绳跨过滑轮连接平板B和重物C,小物体A放在离平板5下端s=1m

处，平板8下端紧挨外，当小物体A运动到［鸟区间时总受到一个沿斜面向下尸=0」〃际的恒力作用。已知4、B、

C质量分别为"?、2/„、m,4与B间动摩擦因数〃।=0.75,8与斜面间动摩擦因数％=。25,设最大静摩擦力等于

滑动摩擦力，sin370=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2,平板B与挡板尸碰撞前C与滑轮不会相碰。现让整个装置从

静止释放，求：

(1)小物体A在片鸟区间上方和进入6A区间内的加速度大小；

(2)平板5与弹性挡板P碰撞瞬间同时剪断轻绳，求平板8碰撞后沿斜面上升到最高点的时间。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

A.牛顿采用理想模型法提出了万有引力定律，没有计算出太阳和地球之间的引力，故A符合题意；

A_rAr

B.根据速度定义式丫=一，当4非常小时，一就可以表示物体在，时刻的瞬时速度，该定义采用了极限法，故B

不符合题意

C.将插有细长玻璃管的玻璃瓶内装满水，用力捏玻璃瓶，通过细管内液面高度的变化，来反映玻璃瓶发生了形变，

该实验采用了放大的思想，故c不符合题意；

D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看成匀速直线运动，然后把

各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D不符合题意。

故选A.

2、A

【解析】

A.根据洛伦兹力提供向心力得

R

Vm

设质子的比荷为旦，则a粒子的比荷为生，质子的半径是a粒子的一半，所以二者的速度相同，故A正确；

m4”？

B.他们具有相同的速度，但是质量不同，所以动量不同，故B错误；

C.他们具有相同的速度，但是质量不同，所以动能不同，故C错误；

D.如果由同一电场从静止加速，那么电场力做的功应该相同，即动能相同，但是他们的动能不相同，所以不是从同

一电场静止加速，所以D错误。

故选Ao

3、C

【解析】

2%

图示位置穿过线框的磁通量最大，但是磁通量的变化率为零，选项A错误；交流电的周期为了=——，一个周期内电

CD

流方向改变两次，则灯泡中的电流方向每秒改变q次，选项B错误；交流电的电动势最大值：Em=nBS(o,则线框中

71

..〜一八nBcoSn,U.nBcoS

产生感应电动势的表达式为e="5S(wsin(W,选项C正确；交流电的有效值为5=-，则—=~=，选项

D错误；故选C.

点睛：此题关键是掌握交流电的瞬时值、最大值及有效值的意义，知道它们之间的关系；掌握住理想变压器的电压、

电流及功率之间的关系，本题即可得到解决.

4、D

【解析】

A.仁0时刻线框与磁场方向平行，即线框的速度与磁场方向垂直，右手定则可知，流过电阻R的电流方向向右，故

A错误；

B.从与中性面垂直的位置开始计，感应电动势随时间按正弦规律变化，且最大感应电动势

Em=nBSw

所以感应电动势的瞬时值表达式为

e=nBS(ocos(Dt(V)

故B错误；

C.线圈转过的过程中，最大感应电动势Em="3S/,则产生的感应电动势的有效值为

E=nBSw

2

因此电阻R两端的电压为

..OnBScoR

U=—;------

2（R+r）

故C错误；

D.线圈从UO开始转过60。时，电阻K两端的电压为

856ycos60RnBScoR

R—~R+r_2（/?+r）

故D正确。

故选D。

5、C

【解析】

AB.观察到电流表Ai的示数增大了0.2A,电流表Az的示数增大了0.8A,即副线圈电流增大，由于a、8接在电压有

效值不变的交流电流两端，匝数比不变，所以副线圈电压不变，即V1,V2示数不变，V3示数减小根据欧姆定律得负

载电阻减小，所以变阻器滑片是沿CTd的方向滑动，故AB错误，

C.观察到电流表Ai的示数增大了0.2A,电流表A2的示数增大了0.8A,即原线圈电流增大量小于副线圈电流增大量,

根据电流与匝数成反比，所以该变压器起降压作用，故C正确；

D.由“=20五sinlOOmV可知，交流电的频率为

f=2=W^=50Hz

27i2兀

由于交变电流一个周期内电流方向发生100次变化，所以灯泡发光每秒闪100次，故D错误。

故选C。

6、C

【解析】

AD.当滑块匀速下滑时，对滑块进行受力分析可知，重力沿斜面向下的分力等于滑动摩擦力的大小。施加竖直方向的

电场与改变滑块的质量效果相同，各力沿斜面向下的分力之和与滑动摩擦力的大小始终相等，滑块仍做匀速直线运动，

AD错误；

B.翻转滑块，改变它与斜面的接触面积，并未改变它与斜面间的摩擦力，所以滑块仍做匀速直线运动，B错误；

C.施加水平向左的恒力时（滑块不脱离斜面），该力有沿斜面向下的分力，而且摩擦力减小，滑块将做加速运动；施

加水平向右的恒力时，该力有沿斜面向上的分力，而且摩擦力增大，滑块将做减速运动，C正确。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、ADE

【解析】

A.简谐运动的回复力表达式为尸=-履，对于弹簧振子而言，尸为振动物体所受的合外力，A为弹簧的劲度系数，故

A正确；

B.一个周期内有两次速度大小和方向完全相同，故质点速度再次与零时刻速度相同时，时间可能为一个周期，也可

能小于一个周期，故B错误；

C.位移方向总跟加速度方向相反，而质点经过同一位置，位移方向总是由平衡位置指向质点所在位置，而速度方向

两种，可能与位移方向相同，也可能与位移方向相反，故c错误；

D.水平弹簧振子在简谐振动时，只有弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，则动能和势能的和是不变，故D正确；

E.回复力与位移方向相反，故加速度和位移方向相反；但速度可以与位移相同，也可以相反；物体运动方向指向平

衡位置时，速度的方向与位移的方向相反；背离平衡位置时，速度方向与位移方向相同；故E正确。

故选ADEo

8、CDE

【解析】

AB.弹簧振子振动过程中从平衡位置或最大位移处开始的工时间内，振子的位移大小或路程才等于振幅A,否则都不

4

等于A,故AB错误；

T

CE.根据振动的对称性，不论从何位置起，只要经过不，振子的路程一定等于2A,位置与初位置关于平衡位置对称,

速度与初速度等大反向，该过程中弹簧弹力做的功一定为零，故CE正确；

D.若某过程中小球的位移大小为2A,经历的时间可能为口，也可能为多个周期再加口，故D正确。

22

故选CDE„

9、AB

【解析】

运动员在光滑的圆轨道上的运动和随后的平抛运动的过程中只受有重力做功，机械能守恒.故A正确；运动员在光滑

的圆轨道上的运动的过程中机械能守恒，所以：

2

；mvA=mgh=mgR(l-cos60°)所以：vA—y]2gR(l-cos60°)—y[gR=yJ10x40=20m/s

,故B正确；设运动员做平抛运动的时间为t,贝!|：x=VAt；y=1g/2

由几何关系：—=tan30°=—,联立得：/=勺叵s,y=—xl0x(^^-)2/n=—m

x33233

25

运动员从A到B的过程中机械能守恒，所以在B点的动能：EkB=mgy+1/nvA,代入数据得：EkB=1xlOJ.故CD

错误.故选AB.

点睛：本题是常规题，关键要抓住斜面的倾角反映位移的方向，知道平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做

自由落体运动，难度适中.

10、AC

【解析】

A.把A8C看成是一个整体进行受力分析，有：

F-3mgsinO

在轻绳被烧断的瞬间，AB之间的绳子拉力为零，对A，由牛顿第二定律得：

F-mgsinQ=maA

解得：

aA=2gsin。

故A正确；

B.对于C,由牛顿第二定律得：

F彝=mgsinO

在轻绳被烧断的瞬间，对于3,绳子拉力为零，弹力不变，根据牛顿第二定律：

p薄+/ngsin0=maB

解得：

aB=2gsin。

故B错误：

C.剪断弹簧的瞬间，对于整体弹簧弹力为零，根据牛顿第二定律：

F-2mgsin0=2maAI}

解得：

1.c

=2gSin°

A的加速度大小：

1.c

aA=aAH=2gSln0

故C正确；

D.突然撤去外力E的瞬间，对于整体A3,一起做匀减速直线运动，由牛顿第二定律：

F弹+2，〃gsinO=2maAB

解得：

%B=zgsin9

A的加速度大小：

3.n

«4=«As=2gSin0

故D错误。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

U,U.U,

11、600ARI—丙

2/2，/2

【解析】

(1)口]选用欧姆表“X100”档位，指针读数为6.0,故多用电表读数为600a.

⑵[2][3]电压表量程为6V,R,阻值约为600d电流表量程约/=二=0。从=1。0^即可，故电流表选择A2；乙图中

滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器选择总阻值较小的/?1.

⑶[4]⑸设电流表Ai,内阻为n,根据操作步骤②可得：

根据操作步骤③可得：

u?=iRx

联立方程可得：

A

q-----------

A2k

(4)[6]乙同学的设计方法中，实际测得的阻值为Rx与电流表内阻的串联阻值，测量值偏大，而且电流表内阻未知，相

比而言，丙同学的方法更有利于减小系统误差。

m

Ri左/i-方案(a)较好原因是此方案不受电源内阻的影响

【解析】

(1)©[1].连线图如图所示:

②[2].因为变阻器采用分压式接法时,阻值越小调节越方便，所以变阻器应选R2；

③[3].实验操作时，应将变阻器的滑动触头置于输出电压最小的最左端;

@[4].根据欧姆定律若两次保持回路中电流读数变，则根据电路结构可知，回路中总电阻也应该相等，结合回路中的

电阻计算，可知Ro的读数即为电阻的阻值.

(2)[5].根据闭合电路欧姆定律应有

E=/(R+&)

解得

IEE

结合数学知识可知

解得

(3)[6][7].若电源内阻是不可忽略的，则电路(a)好，因为电源内阻对用(a)测电阻没有影响。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

2

13、(1)0.4N；(2)5m/s；(3)x=-m

3

【解析】

(1)金属棒甲匀速运动时，由力的平衡条件可知:

F=m甲g+BI甲L

由题图可知流过金属棒乙的电流大小应为：

/乙=5

乙2

金属棒乙刚好处于静止状态，由平衡条件可知:

“=工一

由以上整理得：

F=m单g+2/w4g

代入数据解得：

F=0.4N；

⑵金属棒乙锁定，闭合电键，金属棒甲向上匀速运动时，有

E甲

由闭合电路的欧姆定律得：

甲

如I一_2£

对金属棒乙，由平衡条件可知：

BI甲L=2BI乙乙g

解得：

_31n乙gR

V'=~B^T

将金属棒甲锁定，金属棒乙匀速时，有:

28电

mcg=BIL^--

解得：

22B2L2

联立解得：

V2=5m/s；

(3)由法拉第电磁感应定律得：

_AOkBSBLx

E=---=-----=----

ArArt

由闭合电路的欧姆定律得：

z=A

2R

由题意可知：

m^g=2BIL

联立以上可得：

3mlgR

v>=丁"

DL

解得：

X=卬恤，

3/n乙

代入数据得：

2

x=­m。

3

14、①405K②315K

【解析】

①开始时气体的压强为Pi=P（）+Phi+Pi,2=80cmHg

体积为V1=LSI,温度Ti=300K

水银全离开下面的粗管时，设水银进入上面的粗管中的高度为〃3,

则hiSi+h2S2=2h2S2+h3Si,

解得%=km

此时粗管中气体的压强为P2=P。+2Ph2+必3=81cmHg

此时粗管中气体体积为匕=亿+加）&

由理想气体状态方程¥=竽

A12

得：T2=405K

②再倒入同体积的水银，粗管里气体的体积不变，则粗管里气体的压强为:

P3=Po+2（P〃2+Phi）=84cmHg

由气体发生的是等容变化，则华=华

1\13

得：T3=315K

15、见解析

【解析】

(1)小物体A在尸卜尸2区间上方运