2024届江苏省苏州市虎丘区立达中学中考物理仿真试卷含解析

2024届江苏省苏州市虎丘区立达中学中考物理仿真试卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．妮妮的新家中有150W的电视机一台，300W的洗衣机一台，100W的电冰箱一台，2200W的柜式空调机一台，250W的电脑一台，800W的电饭锅一只，40W的照明灯8盏，则安装电能表时，选用以下哪一种电能表最合适A．220V5A B．220V15A C．220V20A D．220V30A2．将滑动变阻器R1的滑片从一端移动到另一端的过程中，两电压表示数随电流表示数的变化图线如图乙所示，下列结果正确的是A．电源电压为14VB．滑动变阻器R1的阻值最大为6ΩC．滑片在阻值最小端时，通电10s电阻R0产生的电热160JD．滑片在阻值最大端时，通电10s电阻R0消耗的电能为20J3．如图所示，压在杯底的乒乓球，上浮时会弹离水面.下列相关说法正确的是A．乒兵球弹离水面后上升，是由于受到水的浮力作用B．乒乓球上浮过程中，水对杯底的压强先不变，后减小C．乒乓球上浮过程中，受到的浮力始终不变D．乒乓球1至4的过程中，杯子对桌面的压力保持不变4．某同学在没有电流表的情况下，利用电压表和已知阻值的定值电阻R0，测量未知电阻Rx的阻值，图中不可实现测量Rx阻值的电路图是A． B．C． D．5．现有用同一种材料做成的四个正方体，其中有一个是空心的，它们的边长和质量如图所示，空心的是（）A． B． C． D．6．如图所示，两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置．已知连续两次曝光的时间间隔是相等的．两木块运动情况在v-t图像中描述正确的是（）A． B． C． D．7．如图所示，放在水平桌面上的物块A与B用细线通过定滑轮与沙桶相连，当沙桶与沙的总重力为G时，物块AB恰好一起做匀速直线运动的过程中（忽略细线与滑轮之间的摩擦）．以下说法正确的是（）A．物块B受到的滑动摩擦力大小为GB．物块A受到的重力与桌面对物体A的支持力是一对平衡力C．继续向沙桶中加入沙子，物块A受到的滑动摩擦力不变D．如果所有力突然全部消失，物体B将保持静止状态8．如图为四冲程汽油机工作过程中某冲程的示意图，此冲程的名称及能量转化是A．此冲程为吸气冲程，内能转化为机械能B．此冲程为压缩冲程，机械能转化为内能C．此冲程为做功冲程，内能转化为机械能D．此冲程为排气冲程，机械能转化为内能9．汽车装有安全带未系提示系统，当乘客坐在副驾驶座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起，蜂鸣器工作；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭，蜂鸣器不工作。图设计的电路图正确的是A． B．C． D．10．如图所示，人用绳子拉着木块，木块在绳子拉力作用下在水平面做匀速直线运动，则下列说法中正确的是A．木块对地面的压力等于木块所受的重力B．木块对绳子的拉力和绳子对木块的拉力相等C．木块所受拉力的施力物体是人D．木块受到的摩擦力和绳子对木块的拉力是一对平衡力二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11．中国高铁已经是中国的一张名片，列车梁架在生产过程中采用挤压一体成型技术，说明能改变物体的_________。挤压时铝柱保持一个较高的规定温度是成功的关键，而铝柱高温又是靠挤压的速度来维持，在挤压时外力对铝柱_________使铝柱内能增加。12．如图，电能表读数为_____kW•h。13．小华探究水沸腾的特点，加热的过程中，是通过_____方式改变水的内能；烧杯中水的质量为100g，水温从40℃升高到100℃，水吸收的热量为______J，相当于完全燃烧______g酒精放出的热量。[c水=4.2×103(kg·℃)，q酒精=3.0×107J/kg]14．用凉水冷却滚烫鸡蛋，鸡蛋内能是通过________的方式改变的．如果水的质量是1kg，初温为20℃，热平衡后，水吸收热量为4.2×104J．则鸡蛋取出时水温度为______℃．(不计热量损失)15．如图所示，物体重180N，小明用100N的拉力(方向不变)将物体匀速提升2m，用了10s，则此过程中有用功为________J，拉力的功率为_________w，滑轮组的机械效率为_________。16．在水平地面上，用50N的力沿水平方向拉着重为100N的小车前进4m，拉力做功为J,重力做功为J。17．小明家电能表如图所示，他家同时使用的用电器总功率不能超过_____W．将某用电器单独接在该表上工作10min，电能表上的转盘转过300转．该用电器在上述时间内消耗的电能为_____J，它的电功率是_____W．三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18．如图，一束光射入水中，在水底形成光斑．请根据入射光线和光斑，画出水面的反射光线和水中的折射光线．19．如图用螺丝刀撬图钉，请画出在A点处所用最小力F1的示意图，并画出阻力F2的力臂．20．在用“电压表、电流表测量小灯泡电功率”的实验中，灯泡上标有“2.5V”的字样。请在下方框中画出实验电路图。小红根据电路图连接实物时，还有部分器材未连接上，请你用笔画线代替导线，将实物图1补充完整。接好电路后，开始进行实验，小红根据测出的数据，在图3中画出了小灯泡电流电压变化关系的图象。由图3可以判断，小灯泡的额定功率为_____W。根据图3还可以判断，小灯泡灯丝的电阻随电压的增大逐渐_____，说明小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而_____。21．图是某校实验小组探究“水沸腾过程中温度变化规律”的实验装置.图中使用的温度计是利用液体_____________的性质制成的；实验中观察到了水沸腾前后水中气泡的上升情况不同，如图所示，其中图__________（选填“甲”或“乙”）是水沸腾前的情景；水沸腾时，看到有大量的“白气”不断从烧杯中冒出，这些“白气”是由于水蒸气_______（填写物态变化名称）而产生的，这个过程水蒸气要__________热；实验中，甲、乙两个实验小组的同学均选用了图的实验装置完成实验，并分别绘制了温度随时间变化的图像如图所示.如果操作及实验器材均无问题，则分析图像可知：①水沸腾时的特点是______________；②当时的大气压___________（选填“大于”、“小于”或“等于”）一个标准大气压；③两个实验小组得到两种不同图像的原因可能是水的_________不同；用酒精灯给水加热是利用______________的方式改变了水的内能；该实验加热过程中，100g的水温度由45℃加热到刚好沸腾时吸收的热量为_________J.[c水=4.2×103J/（kg•℃）]22．在“探究杠杆的平衡条件”实验中：图甲中，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向_____侧调节．图乙中，杠杆恰好处于水平平衡状态，若在A处下方再挂一个钩码，则B处所挂钩码须向右移动_____格，可使杠杆在水平位置再次平衡．杠杆处于图甲所示位置时，小李同学就在杠杆上挂钩码进行实验，小明认为这样操作会对实验产生以下影响：①杠杆自身重力可能会对实验产生影响②可能不便于测量力臂或出现力臂测量错误③无法得出杠杆平衡条件你认为正确的是_____．A．①②B．①③C．②③四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23．如图甲所示，重G＝38N的物体受到与水平面成37°角、斜向上的F＝10N的拉力的作用，该物体在F的作用下水平向右做匀速直线运动．该作用力F对物体产生两个效果，一是水平向右拉物体，一是将物体向上提，所以F可以分解为F1和F2两个分力（如图乙所示）．请计算（已知sinθ＝0.6,cosθ＝0.8）：该物体受到水平地面对它的摩擦力f；已知滑动摩擦力f与物体对水平面的压力FN的关系为f＝μFN，其中μ叫做动摩擦因数，是由接触面的粗糙程度决定的，请根据题目所给条件计算μ的大小．24．某校兴趣小组的同学设计了如图所示的市政自动排水装置模型，控制电路由电压为12V、最大容量为100Ah的蓄电池供电，蓄电池用“发电玻璃”制成的太阳能电板充电。R0为定值电阻，R为压敏电阻，压敏电阻通过杠杆与圆柱形浮体相连，AB：BO＝4：1，压敏电阻的阻值随压力变化的关系如下表。（压板、杠杆和硬质连杆的质量及电磁铁线圈电阻忽略不计，所用绿灯、红灯及排水泵的额定电压均为220V）压敏电阻受到的压力F/N60120180240300360420480…压敏电阻R阻值/Ω400260180125100806555…（1）“发电玻璃”面积为1.2m2，其光电转化率为20%，则要对控制电路的蓄电池充满电需要多少小时？（太阳能辐射到每平方米地面上的平均功率按1kW计算）（2）按照设计要求，当水位上升到浮体刚好全部浸入水中时，压敏电阻受到压力为360N，通过电磁铁线圈的电流为100mA，排水泵启动，求R0的阻值；（3）若浮体的重力为200N，求该浮体的密度为多大？

参考答案一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1、C【解题分析】

小敏家中所用用电器同时工作时的总功率为：P总=150W+300W+100W+2200W+250W+800W+40W×8=4120W；A．电能表的最大功率：P=UI=220V×5A=1100W＜4120W，故该选项不符合题意；B．电能表的最大功率：P=UI=220V×15A=3300W＜4120W，故该选项不符合题意；C．电能表的最大功率：P=UI=220V×20A=4400W＞4120W，故该选项符合题意；D．电能表的最大功率：P=UI=220V×30A=6600W＞4120W，太大，故该选项不符合题意；2、D【解题分析】

A.由图可知．滑动变阻器从一端移到另一端，电阻发生变化，当滑动变阻器连入电路的电阻变大时，电路的电流变小，则两端的电压变小，所以图乙中a表示的是R2的图像，b表示的是电阻R1和R2串联总电阻的U-I图像．当电路中的电流为1A时，R2两端的电压为1V，则R2===1，由10V+1A=U-----①由图知电阻R2两端的电压为4V时，两电压表示数相同，即滑动变阻器R1连在电路中的阻值为零，电路通过的电流为4A，则4V+4A×R0=U-----------②由①②得R0=2，把R0=2代入①得U=12V.故A错误；B．由①知，UR1=10V1V=9V.通过的电流最小为1A．则R1最大===9．故B错误；C.滑片在阻值最小端时，通过的电流最大为4A，由R0=2，所以R0产生的热为Q=R0t=210s=320J,故C错误；D．滑片在最大端时，电流最小为1A，所以R0产生的热为Q=R0t=(210s=20J,故D正确．3、B【解题分析】

A．乒乓球弹离水面后不再受浮力作用，由于惯性将继续上升，故A错；B．乒乓球上浮过程中，先是全浸入水中的上升过程，此过程排开水的体积不变，水的深度不变，由p=ρgh可知水对杯底的压强不变；然后是露出水面到脱离水面，此过程排开水的体积变小，水的深度变小，由p=ρgh可知水对杯底的压强变小；所以乒乓球在上浮过程中，水对杯底的压强先不变、后变小，故B正确。C．乒乓球在上浮过程中，先是全浸入水中的上升过程，此过程排开水的体积不变，由F浮=ρ水V排g可知受到的浮力不变；然后是露出水面到脱离水面，此过程排开水的体积变小，由F浮=ρ水V排g可知受到的浮力变小；所以乒乓球在上浮过程中，受到的浮力先不变、后变小，故C错误；D．乒乓球自1至4的过程中，杯子对桌面的压力先不变，乒乓球弹离水面后，压力变小，故D错误；【题目点拨】4、A【解题分析】

AB.由电路图可知,开关S接1时,电路为Rx的简单电路,电压表测电源两端的电压U;开关S接2时,Rx与R0串联,电压表测Rx两端的电压Ux,由串联电路中总电压等于各分电压之和可知R0两端的电压U0＝U−Ux,由串联电路中各处的电流相等可知I＝,解得Rx＝，故AB不符合题意；C.由电路图可知,开关S闭合时,电路为R0的简单电路,电压表测电源两端的电压U;开关S断开时,Rx与R0串联,电压表测R0两端的电压U0,由串联电路中总电压等于各分电压之和可知Rx两端的电压Ux＝U−U0,由串联电路中各处的电流相等可知I＝,解得Rx＝，故C不符合题意；D.由电路图可知,开关S闭合时,电路为Rx的简单电路,电压表测电源两端的电压;开关S断开时,Rx与R0串联,电压表测电源两端的电压,无法推导出通过Rx的电流,故此电路不能测出Rx阻值，故D符合题意．故选D．5、C【解题分析】

A．B．C．D．所以选C．6、A【解题分析】

设刻度尺的每小格尺寸为s和曝光时间为t，下面的物体做匀速直线运动，运动的速度：v=；上面木块在相等时间内的路程差是恒量，由此可知上面木块做匀加速直线运动，匀变速运动某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，由此可知t3时刻上面木块的速度：v3=；t4时刻上面木块的速度：v4=，则在时刻t3和时刻t4之间某瞬时两木块速度相同，故A正确，B、C、D错误．7、C【解题分析】

A．沙桶与沙的总重力为G，使用定滑轮不能改变力的大小（忽略细线与滑轮之间的摩擦），则物块受到的拉力大小为G；因为物块做匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，所以A所受滑动摩擦力的大小为G，B相对于A相对静止，没有摩擦力，故A错误；B．物块A受到的重力与桌面对物体A的支持力，大小不等，不是一对平衡力，故B错误；C．继续向沙桶中加入沙子，由于压力大小和接触面的粗糙程度都不变，所以物块受到的滑动摩擦力不变，故C正确．D．如果所有力突然全部消失，根据牛顿第一定律，物体B将保持原来的速度做匀速直线运动，故D错误；8、C【解题分析】

如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，因此是做功冲程，做功冲程中内能转化为机械能，故C正确．9、B【解题分析】

由电路图可知，A、系上安全带时开关S2闭合，会造成电源短路，故A不符合题意；B、当乘客坐在副驾驶座椅上时，开关S1闭合，蜂鸣器和指示灯均工作，系上安全带后开关S2闭合，蜂鸣器和指示灯被短路均不工作，此时电路安全，故B符合题意；C、只有当乘客坐在副驾驶座椅上且系上安全带时，两开关闭合，蜂鸣器和指示灯才工作，故C不符合题意；D、当乘客坐在副驾驶座椅上时，开关S1闭合，蜂鸣器和指示灯均工作，系上安全带后开关S2闭合，蜂鸣器和指示灯仍工作，故D不符合题意。10、B【解题分析】

A．绳子斜向上拉物体，对物体有一个向上的分力，所以木块对地面的压力小于木块所受的重力，故A错误；B．木块对绳子的拉力和绳子对木块的拉力是一对相互作用力，二者大小相等，故B正确；C．绳子斜向上拉物体，对物体有一个力的作用，所以木块所受拉力的施力物体是绳子，故C错误；D．木块受到的摩擦力和绳子对木块的拉力不在一条直线上，因此不是一对平衡力，故D错误．二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11、形状做功【解题分析】

列车梁架在生产过程中采用挤压一体成型技术，说明力能改变物体的形状；将铝柱在机器上挤压出列车梁架的过程中，挤压时外力对铝柱做功，所以铝柱内能增加，温度升高。12、272.2【解题分析】

从电能表上可以看出电能表的示数为02722，最后一位是小数，单位是kW•h，所以电能表的读数为272.2kW•h。13、热传递2.52×1040.84【解题分析】

加热的过程中水从酒精灯火焰中吸热，是热传递的方式改变水的内能；水吸收的热量为，相当于完全燃烧酒精放出的热量。14、热传递30oC【解题分析】用凉水冷却鸡蛋时，冷水从鸡蛋中吸收热量，即鸡蛋释放热量，其内能减少、温度降低，是通过热传递的方式改变内能的；根据Q吸=cm（t-t0）可知鸡蛋取出时水的温度为：t=Q吸/cm+t0=4.2×104J/4.2×103J/(kg•℃)×1kg+20℃=30℃．15、3604090％【解题分析】

根据题意知道，克服重力做的是有用功，所以，滑轮组提升重物时所做的有用功是：W有=Gh=180N×2m=360J；由图知道，有2段绳子拉着物体，即s=2h=2×2m=4m，所以，拉力所做的总功是：W总=Fs=100N×4m=400J，拉力所做的总功的功率是：=40W，滑轮组的机械效率是：=90%16、2000【解题分析】

由功的计算公式W=Fs得，拉力做功W=Fs=50N×4m=200J；重力做功为W=Fs=Gh=100N×0m=0J。17、22003.6×105600【解题分析】

[1]图中电能表的使用电压为220V，允许通过的最大电流为10A，由P=UI可知同时使用的用电器总功率不能超过220V×10A=2200W;[2]电能表上3000r/kw·h表示电路中用电器每消耗1kW·h的电能，电能表的表盘转过3000转，则当电能表上的转盘转过300转时．该用电器消耗的电能为0.1kW·h=3.6×105J；[3]此过程所用时间为10min=600s，所以用电器的功率P=W/t=3.6×105J/600S=600W.三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18、【解题分析】

过入射点垂直界面作出法线，根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，在空气中法线右侧作出反射光线，并使反射角等于入射角；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，在法线右侧的水中斜向下作出折射光线，使折射角小于入射角，如图所示：19、【解题分析】

由图知道O是支点，由杠杆的平衡条件知道，力臂最长，力最小；若在A点处所用最小力F1，则力臂应是最长，即OA，此时F1的方向要与OA垂直，方向向下；过O点向力F2的作用线作垂线，则为阻力F2的力臂l2，如图【题目点拨】本题考查的是杠杆中的最小力的问题，由杠杆的平衡条件知道，当杠杆平衡时，力臂最长，力最小．20、0.75增大增大【解题分析】

（1）实验电路图的设计方法是：将小灯泡、电流表、滑动变阻器、电源、开关用导线组成串联电路，电压表测量灯泡两端电压。电路图如下图所示：（2）由图知，大部分元件连接完毕，只要选择滑动变阻器下面的一个接线柱与灯泡右端接线柱串联，并且电压表选择0～3V量程与灯泡并联即可。（3）由图象知，当灯泡两端电压为额定电压U＝2.5V时，通过灯丝的电流为I＝0.3A，所以灯泡的额定功率为P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；（4）通过图象还可以发现，灯丝的＝R是逐渐增大的，说明灯丝的电阻随温度的升高而增大。21、热胀冷缩乙液化放继续吸热，温度不变小于质量热传递2.1×104【解题分析】

（1）常用液体温度计是利用液体热胀冷缩原理制成的；（2）甲图气泡在上升过程中气泡体积增大，所以是沸腾时的情况。乙图气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以是沸腾前的情况；水沸腾后，会看到有大量“白气”不断从烧杯中冒出，“白气”是由于水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化放热；（3）①由图像可知水沸腾过程中，不断吸收热量，温度不变；②水的沸点是95℃，低于100℃，说明当时的大气压小于标准大气压；③由图象还可以看出，两种图象的沸点相同，但沸腾时加热时间不同，原因是水的质量不同，水的质量大，加热时间长；（4）酒精灯给水加热，水吸收热量，内能增加，通过热传递改变物体的内能；吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（95℃-45℃）=2.1×104J。22、右1A【解题分析】

（1）调节平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡．（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂；（3）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态，这时杠杆的重心在支点上，使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响，且便于测量力臂．【题目详解】（1）由图甲知，实验前没挂钩码时，发现杠杆右端上翘，则重心应向左移动，应将右端平衡螺母向右旋一些，使杠杆在水平位置平衡；（2）若在A处下方再挂一个钩码，根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，4G×2格=2G×n格，n=4则B处