2021-2022学年云南省蒙自高考物理一模试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第I象限内，磁感应强度为8、方向垂直于纸面向里.一质量为

机、电荷量绝对值为《、不计重力的粒子，以某速度从。点沿着与y轴夹角为30。的方向进入磁场，运动到4点时，

粒子速度沿x轴正方向.下列判断错误的是（）

y

xxxx

xx/x

30；

XXX

a7

A.粒子带负电

7rm

B.粒子由。到A经历的时间，=力；

6qB

C.若已知4到X轴的距离为d,则粒子速度大小为壁4

m

D.离开第I象限时，粒子的速度方向与x轴正方向的夹角为60。

2,两根相互平行的水平放置长直导线分别通有方向相同的电流和/2,且八>〃；有一电流元〃与两导线均平行，且

处于两导线的对称面上，导线某一横截面所在平面如图所示，则下列说法正确的是（）

I

必IL

I

/1•11

0---r-

I

I

I

I

I

I

A.电流元所处位置的磁场方向一定竖直向下

B.电流元所处位置的磁场方向一定水平向右

C.要使电流元平衡，可在电流元正上方某位置加一同向通电导线

D.如果电流元在所处位置受的安培力为G则两导线在该处的磁感应强度大小为3=（

3、如图甲所示为历史上著名的襄阳炮，因在公元1267-1273年的宋元襄阳之战中使用而得名，其实质就是一种大型抛

石机。它采用杠杆式原理，由一根横杆和支架构成，横杆的一端固定重物，另一端放置石袋，发射时用绞车将放置石

袋的一端用力往下拽，而后突然松开，因为重物的牵缀，长臂会猛然翘起，石袋里的巨石就被抛出。将其工作原理简

化为图乙所示，横杆的质量不计，将一质量，"=10kg,可视为质点的石块，装在横杆长臂与转轴。点相距乙=5m的末

端口袋中，在转轴短臂右端固定一重物发射之前先利用外力使石块静止在地面上的A点，静止时长臂与水平面的

夹角a=37。，解除外力后石块被发射，当长臂转到竖直位置时立即停止运动，石块被水平抛出，落在水平地面上，石

块落地位置与0点的水平距离s=20m,空气阻力不计，g取10m/s2。则（）

A.石块水平抛出时的初速度为10蓬m/s

B.石块水平抛出时的初速度为20m/s

C.从A点到最高点的过程中，长臂对石块做的功为2050J

D.从A点到最高点的过程中，长臂对石块做的功为2500J

4、某玩具为了模仿小动物行走的姿势，设计了非圆形的“轮子”。现研究轮子受力情况，模型简化如图，四分之一圆框

架0A3的。4、08边初始位置分别处于水平和竖直方向上，光滑球形重物此时嵌在框架中与04、OB、弧A8三边

恰好接触但接触处并没有全部都产生弹力。现以0点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动。角，下列说法正

确的是（）

7T

A.转动。为0至一的过程，弧A8受到重物的压力逐渐变大

2

5万

B.。为下时，弧A5受到重物的压力最大

C.转动一周的过程中，存在某一特定的。角，此时弧A8与。4板受到重物的压力一样大

D.转动一周的过程中，。4、OB、弧AB受到重物压力的最大值不同

5、一质点在xOy平面内运动轨迹如图所示，下列判断正确的是（）

A.质点沿x方向可能做匀速运动

B.质点沿y方向一定做匀速运动

C.若质点沿y方向始终匀速运动，则x方向可能先加速后减速

D.若质点沿y方向始终匀速运动，则x方向可能先减速后反向加速

6、在离地高〃处，同时自由下落和竖直向上抛出各一个小球，其中竖直上抛的小球初速度大小为也不计空气阻力,

重力加速度为g,两球落地的时间差为（）

h2h2v

A.-B・-C.

vv8

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、一物体沿一直线运动，先后经过匀加速、匀速和减速运动过程，已知物体在这三个运动过程中的位移均为s,所用

3

时间分别为2人，和二f,贝！）（）

2

A.物体做匀加速运动时加速度大小为］

4V

B.物体做匀减速运动时加速度大小为二

9r

c.物体在这三个运动过程中的平均速度大小为上

3r

D.物体做匀减速运动的末速度大小为上

3t

8、水平圆盘A、B以齿轮咬合传动，B盘为主动转盘，A盘半径为B盘半径的2倍。在A、B两盘上分别放置两个相

同的物块P、Q,它们到圆盘中心的距离相等，均为物块与圆盘的最大静摩擦力为物块所受重力的人倍，重力加速

度大小为g。若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，下列说法正确的是（）

A.圆盘A、B转动的角速度相等

B.P、Q不发生滑动时，所受的摩擦力始终不相等

C.当A盘的角速度增大至某一值时，P、Q同时开始滑动

D.当A盘的角速度/=J经时，Q所受摩擦力的大小等于

9、如图为乒乓球发球机的工作示意图。若发球机从球台底边中点的正上方某一固定高度连续水平发球，球的初速度大

小随机变化，发球方向也在水平面内不同方向随机变化。若某次乒乓球沿中线恰好从中网的上边缘经过，落在球台上

的A点，后来另一次乒乓球的发球方向与中线成。角，也恰好从中网上边缘经过，落在桌面上的B点。忽略空气对乒

乓球的影响，则（）

A.第一个球在空中运动的时间更短

B.前后两个球从发出至到达中网上边缘的时间相等

C.前后两个球发出时的速度大小之比为l:cos。

D.4B两落点到中网的距离相等

10、如图所示，地球质量为M,绕太阳做匀速圆周运动，半径为K.有一质量为，〃的飞船，由静止开始从尸点在恒力

F的作用下，沿PD方向做匀加速直线运动，一年后在D点飞船掠过地球上空，再过三个月,又在Q处掠过地球上空.根

据以上条件可以得出

A.。。的距离为公火

B.尸〃的距离为3叵R

9

C.地球与太阳的万有引力的大小皿1史竺

16m

D.地球与太阳的万有引力的大小逛匚丝

32m

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某实验小组用下列器材设计了如图甲所示的欧姆表电路，通过调控电键S和调节电阻箱，可使欧姆表具有

“xl”“xl0”两种倍率。

^VE

<•

黑表笔红表笔

甲

A.干电池：电动势E=1.5V,内阻尸0.5。

B.电流表mA：满偏电流/g=lmA,内阻Rg=150Q

C.定值电阻Ri=1200Q

D.电阻箱&:最大阻值999.99。

E.定值电阻£)=150。

F.电阻箱值最大阻值9999。

G电键一个，红、黑表笔各1支，导线若干

(1)该实验小组按图甲所示正确连接好电路。当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱处，使电流表达到满偏

电流，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻K内，则火内=C,欧姆表的倍率是(选填“xl”或“xio”)；

(2)闭合电键S

第一步：调节电阻箱及,当也=C时,再将红、黑表笔短接，电流表再次达到满偏电流；

第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱刈，调节R4,当电流表指针指向图乙所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值为

12.(12分)如图甲所示装置，可以进行以下实验:

4"研究匀变速直线运动”

8.“验证牛顿第二定律”

C“研究合外力做功和物体动能变化关系

(1)在A、B、C这三个实验中，需要平衡摩擦阻力.

（2）已知小车的质量为V,盘和祛码的总质量为，"，且将机g视为细绳对小车的拉力；为此需要满足根<<〃.前述4、

B、C三个实验中，不需要满足此要求.

（3）如果用此装置做“研究合外力做功和物体动能变化关系这个实验，由此可求得如图乙纸带上由0点到D点所对应的

运动过程中，盘和祛码受到的重力所做功的表达式卬=,该小车动能改变量的表达式△用=.由于实验

中存在系统误差，所以W△（选填“小于”、“等于”或“大于”）.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）假设某星球表面上有一倾角为，=37。的固定斜面，一质量为，”=2.0kg的小物块从斜面底端以速度12m/s

沿斜面向上运动，小物块运动2.0s时速度恰好为零.已知小物块和斜面间的动摩擦因数〃=0.125,该星球半径为

H=4.8x103Am.（sin37°=0.6,cos37°=0.8）.

（1）该星球表面上的重力加速度g的大小；

（2）该星球的第一宇宙速度.

14.（16分）如图甲所示，足够宽水槽下面有一平面镜，一束单色光以入射角i射入水面，经平面镜反射后的光线恰好

沿水平方向射出.已知水对该单色光的折射率为n==.

①若平面镜与水平方向的夹角为0=30。，求该单色光在水面入射角的正弦值sini；

②使该单色光从水槽左壁水平向右射出，在平面镜上反射后恰好在水面上发生全反射，如图乙所示，求平面镜与水平

方向的夹角a.

15.（12分）光滑水平台面离地面高，，台面上A点与台面边缘3点间距离L,木块甲、乙分别静止在A点，在相同

的恒定水平外力作用下从A点运动到3点时撤去外力。甲落地点与8点之间水平距离为％,乙落地点与3点之间水平

距离为3x。已知木块甲质量为重力加速度为g。求：

（1）恒定水平外力的大小；

(2)木块乙的质量。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

A.根据题意作出粒子运动的轨迹如图所示，根据左手定则判断知，此粒子带负电，故A正确，不符合题意;

B.粒子由0运动到A时速度方向改变了60。角，所以粒子轨迹对应的圆心角为0=60。，则粒子由。到A运动的时间

为

0T6002;rm_兀m

360°

故B错误，符合题意；

C.根据几何关系，有

/CO

cos60°=-R--—-d-

R

解得

R=2d

根据2二得

qB

,IqBd

m

故C正确，不符合题意；

D.粒子在。点时速度与x轴正方向的夹角为6()。，x轴是直线，根据圆的对称性可知，离开第一象限时，粒子的速度

方向与x轴正方向的夹角为60。，故D正确，不符合题意；

故选B。

2、D

【解析】

AB.根据安培定则及磁感应强度的矢量叠加，又由于/1＞八，可得电流元所处位置的磁场方向斜向右下，故A、B错

误；

C.根据同向电流互相吸引，可判断要使电流元平衡，可在电流元右上方某位置加一同向通电导线，故C错误；

D.电流元在该处与磁场方向垂直，而受到的力为尸，所以根据磁感应强度的定义可知两导线在该处的磁感应强度大

小为

IL

故D正确；

故选D。

3、C

【解析】

AB.石块被抛出后做平抛运动，竖直高度为

h-L+Lsina-^gt2

可得

/=卜心也⑶,而$

Vg5

水平方向匀速直线运动

可得平抛的初速度为

v0=5VI5mzs

故AB错误；

CD.石块从A点到最高点的过程，由动能定理

12

W-mgh=-mv~-0

解得长臂对石块做的功为

1

W=mgh+—mVy9=2050J

故C正确，D错误。

故选C。

4、C

【解析】

A.以O点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动过程中，相当于重力沿顺时针方向转动，转动。为0至n/2

的过程，弧AB始终不受力作用，则选项A错误；

B.由力的合成知识可知当0=n时，此时弧AB受到重物的压力大小为夜G,。=5n/4时，弧AB受到重物的压力为G,

则此时压力不是最大，选项B错误；

C.旋转重力的方向，当此方向在弧AB弹力的方向与OA板弹力方向的夹角的平分线上时，此时弧AB与OA板受到

重物的压力一样大，选项C正确；

D.旋转重力的方向，当此方向与弧AB的弹力方向垂直时，在两个不同的位置，OA板和OB板的弹力都会取得最大

值，大小为血G,则转动一周的过程中，OA、OB、弧AB受到重物压力的最大值一样大，选项D错误。

故选C。

5、D

【解析】

AB.物体做曲线运动，合力大致指向轨迹凹的一侧，则加速度大致指向轨迹凹的一侧，由图可知：x轴方向有分加速

度，所以x轴方向不可能匀速，y方向可能有分加速度，故质点沿y方向可能做变速运动，也可能做匀速运动，故A、

B错误；

CD.物体在y方向匀速，则合力在水平方向，合力指向轨迹的凹侧可知合力水平向左，因此物体在水平方向先向右减

速后向左加速，C错误，D正确。

故选D。

6、D

【解析】

自由下落的小球，有

得

对于竖直上抛的小球，由机械能守恒得:

,121,2

mgn+—mv=—mv

则得落地时速度大小为

M=小声+2gh

对于竖直上抛的小球，将其运动看成一种匀减速直线运动，取竖直向上为正方向，加速度为-g,则运动时间为:

故时间之差为

A.与结论不相符，选项A错误;

V

B.一，与结论不相符，选项B错误;

v

C.—,与结论不相符，选项C错误;

点睛：本题关键要明确小球运动中机械能守恒，要理清过程中的速度关系，写出相应的公式，分析运动时间的关系.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、BD

【解析】

A.匀速运动的速度

s

V=一,

t

设匀加速运动的初速度为片，根据平均速度公式有：

V,+V_S

2

联立上面两式得：

V|=0,

对匀加速运动，根据位移公式有：

s=万q(2/)",

解得：

s

F'

A错误；

BD.设匀减速直线运动的末速度为2,对匀减速直线运动，根据平均速度公式有：

v2+V_S

2

解得：

v2,

23/

匀减速直线运动的加速度大小：

SS

,Av7-3r4s

=A7=-T-=97,

2

BD正确；

C.三个过程中的平均速度大小

-3s2s

v=------------二——

2t+t+-t3t'

2

C错误。

8、BD

【解析】

A.圆盘A、B边缘线速度相同，由0=看得

V

%=区=生=1①

①B2L82

RB

故A错误；

BC.物块滑动前有

F静=mrct^

结合①式知。所受静摩擦力大，两物块最大静摩擦力均为如际。。增大则所需向心力如32增大，则。先达到最大静

摩擦力，开始滑动，故B正确，C错误；

D.P、Q两物块开始滑动时有

kmg=mra^

解得临界角速度

结合①式知，当q=\产时,

故此时。所受摩擦力大小等于hng,故D正确。

故选BD«

9、BD

【解析】

A.乒乓球发球机从固定高度水平发球，两个球的竖直位移相同，由

h=2gt~

可知，两个球在空中的运动时间相等，故A错误；

B.由于发球点到中网上边缘的竖直高度一定，所以前后两个球从发出至到达中网上边缘的时间相等，故B正确；

C.两球均恰好从中网上边缘经过，且从发出至到达中网上边缘的时间相等，由

x=vt

可知前后两个球发出时的速度大小之比等于位移大小之比，为cos6:l,故C错误；

D.前后两球发出时速度大小之比为cos。：1,且在空中运动时间相同，故水平位移之比为cos。：1,结合几何关系可

知，AB两落点到中网的距离相等，故D正确。

故选BD»

10、ABC

【解析】

根据DQ的时间与周期的关系得出D到Q所走的圆心角，结合几何关系求出DQ的距离.抓住飞船做匀加速直线运动,

结合PD的时间和PQ的时间之比得出位移之比，从而得出PD的距离.根据位移时间公式和牛顿第二定律，结合地球

与太阳之间的引力等于地球的向心力求出引力的大小.

【详解】

地球绕太阳运动的周期为一年，飞船从D到Q所用的时间为三个月，则地球从D到Q的时间为三个月，即四分之一

个周期，转动的角度为90度，根据几何关系知，DQ的距离为血H，故A正确；因为P到D的时间为一年，D到Q

的时间为三个月，可知P到D的时间和P到Q的时间之比为4：5,根据龙=工。产得，PD和PQ距离之比为16：25,

2

则PD和DQ的距离之比为16：9,DQ=y[lR,则/＞。=竺巫/?,B正确；地球与太阳的万有引力等于地球做圆周

9

运动的向心力，对PD段，根据位移公式有：应史=\产,〃=£，因为P到D的时间和D到Q的时间之比为4：

92m

L则Z=工，即T=t,向心力联立解得地球与太阳之间的引力F=)也厂"用，故C正确D错误.

44"T216m

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、1500xlO14.550

【解析】

由闭合电路欧姆定律可知内阻为

E15

/?,,=-=—^Q=1500Q

讷I0.001

⑵故中值电阻应为1500C,根据多用电表的刻度设置可知，表盘上只有两种档位，若为xl,则中性电阻太大，不符合

实际，故欧姆表倍率应为“xio”

(2)[3]为了得到“xi”倍率，应让满偏时对应的电阻为150。，电流

I.=—A=0.01A

'150

此时表头中电流应为0.001A；则与之并联电阻此电流应为

/3=(0.01-0.001)A=0.009A

则有

凡+片二至幽鸿般.

944^0.01

所以

/?2=15Q-0.5Q=14.5Q

[4]由图可知电流为0.75mA,总电阻

R*=—X3

总0.7510Q=2000Q

待测电阻

用期=2000Q-1500c=50Q

对应的刻度应为50。

12、BCAmgs,加巴R大于

8T2

【解析】

根据实验原理与实验注意事项分析答题.由匀变速直线运动的推论求出打D点的速度，然后根据重力势能与动能的计

算公式分析答题.

【详解】

：（1）在4、8、C这三个实验中，“验证牛顿第二定律”、“研究合外力做功和物体动能变化关系，都需要平衡摩擦阻

力；

故选BC.

（2）已知小车的质量为盘和祛码的总质量为如且将，叫视为细绳对小车的拉力.为此需要满足加前述4、

8、C三个实验中，实验4只需要小车做匀加速运动即可，不需要满足此要求；

故选A.

（3）纸带上由0点到D点所对应