2023年重庆市普通高中学业水平选择性考试猜题信息卷二物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12023年重庆市普通高中学业水平选择性考试猜题信息卷（二）物理注意事项：1．本卷满分100分，考试时间75分钟。答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出〖答案〗后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的〖答案〗标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.关于对分子动理论以及热力学定律的理解，下列说法正确的是（）A.物体的内能只与物体的温度有关与物体的体积无关B.给足球打气时，越来越费力的原因是由于分子斥力的作用C.对于理想气体，温度升高内能可能不变D.一定质量的理想气体，从外界吸收热量的同时体积增加，气体的内能可能不变〖答案〗D〖解析〗A．物体的内能与物体的温度与物体的体积都有关，选项A错误；B．给足球打气时，越来越费力的原因是由于大气压的缘故，与分子斥力无关，选项B错误；C．对于理想气体，温度升高内能一定增加，选项C错误；D．一定质量理想气体，从外界吸收热量的同时体积增加，气体对外做功，则气体的内能可能不变，选项D正确。故选D。2.如图所示为我国自主三代压水堆核电“华龙一号”示范工程，在2022年3月25日全面建成投运。“华龙一号”利用核裂变发电，其中一个典型的核反应方程是，X是某种粒子，a是X粒子的个数，用、、分别表示、、核的质量，反应中释放的核能为，c为真空中的光速。关于该核反应，下列说法不正确的是（）A.X为中子，B.X粒子的质量为C.的比结合能比和的都小D.可利用普通水作为慢化剂减慢裂变反应释放的中子速度〖答案〗B〖解析〗A．根据电荷数守恒和质量数守恒可知，X为中子，且，故A正确，不满足题意要求；B．设X的质量为，则根据爱因斯坦的质能方程解得故B错误，满足题意要求；C．裂变生成和，生成物比反应物更稳定，而比结合能越大原子核越稳定，则可知，的比结合能比和的都小，故C正确，不满足题意要求；D．慢化剂可以使快中子变成慢中子，便于更容易俘获中子，常用的慢化剂有石墨、重水和普通水，故D正确，不满足题意要求。故选B。3.如图所示，两卫星环绕地球做匀速圆周运动，经测量可知在时间t内，卫星P、Q通过的路程分别为、；卫星P、Q的轨迹所对应的圆心角分别为、。如果，，则下列比值正确的是（）A.卫星P、Q的线速度大小之比为B.卫星P、Q的角速度之比为C.卫星P、Q的周期之比为D.卫星P、Q的轨道半径之比为〖答案〗C〖解析〗A．根据线速度的计算公式可知卫星P、Q的线速度大小之比为，故A错误；B．根据角速度的计算公式可知卫星P、Q的角速度之比为，故B错误；C．根据周期与角速度的关系有可知卫星P、Q的周期之比为，故C正确；D．根据线速度与角速度的关系有可知卫星P、Q的轨道半径之比为，故D错误；故选C。4.某实验小组的同学模拟了电磁炮的发射，如图所示为电磁炮的简易图，整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，当导体棒中通有如图方向的恒定电流时，导体棒所受的安培力为重力的2.25倍，导体棒在轨道上的位移为x=0.1m时的速度为v=2m/s，重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是（）A.导体棒的运动时间为0.2sB.导体棒与导轨之间的动摩擦因数为μ=0.25C.仅使导体棒的位移加倍，导体棒的速度加倍D.仅将电流增大到原来的4倍，导体棒的位移为0.1m时其速度为4m/s〖答案〗B〖解析〗A．导体棒做匀加速直线运动，则解得故A错误；B．导体棒运动的加速度为根据牛顿第二定律得解得故B正确；C．根据速度位移公式若仅使导体棒的位移加倍，则导体棒的速度为倍，故C错误；D．若仅将电流增大到原来的4倍，则安培力增大到原来的4倍，则解得故D错误。故选B。5.如图所示，平面的一、二、三象限内存在垂直纸面向里，磁感应强度大小的匀强磁场，ON为处于y轴负方向的弹性绝缘薄挡板，长度为9m，M点为x轴正方向上一点，现有一个比荷大小为，可视为质点带负电的微粒（重力不计）从挡板下端N处小孔以不同的速度沿x轴负方向射入磁场，若与挡板相碰就以原速率弹回，且碰撞时间不计，碰撞时电荷量不变，微粒最后都能经过M点，则微粒射入的速度大小可能是（）A.B.C. D.〖答案〗C〖解析〗由题意，粒子运动的圆心的位置一定在y轴上，所以粒子做圆周运动的半径r一定要大于等于3m，而ON=9m＜3r所以粒子最多与挡板ON碰撞一次，碰撞后，第二个圆心的位置在O点的上方，也可能粒子与挡板ON没有碰撞，直接过M点。由洛伦兹力提供向心力解得若小球与挡板ON碰撞一次，则轨迹可能如图1设OO1=s，由几何关系得r2=OM2+s2=9+s2

3r-9=s联立解得r1=3mr2=3.75m代入可解的速度分别为v1=3m/sv2=3.75m/s若小球没有与挡板ON碰撞，则轨迹如图2，设OO2=x，由几何关系得r32=OM2+x2=9+x2

x=9-r3联立解得r3=5m代入可解的速度分别为v3=5m/s故选C。6.如图所示，三个完全相同的物体甲、乙、丙（均可视为质点）放置在光滑水平面上，物体甲和物体乙用轻弹簧连接，物体乙和物体丙紧靠在一起但不粘连，开始轻弹簧处于压缩状态并锁定，某时刻将锁定解除，经过一段时间物体丙与物体乙分离，此后轻弹簧的最大弹性势能为E，已知物体甲、乙、丙的质量均为m。则下列说法正确的是（）A.整个过程，物体甲和物体乙组成的系统动量守恒B.物体丙与物体乙分离时，物体甲的速度大小为C.开始时轻弹簧储存的弹性势能为D.轻弹簧弹性势能最大时，物体乙的速度大小为〖答案〗C〖解析〗A．锁定解除至物体丙与物体乙分离，物体丙与物体乙之间有水平方向的弹力作用，物体甲和物体乙组成的系统动量不守恒，故A错误；BCD．当弹簧处于原长状态时，物体乙与物体丙分离，设物体甲的速度大小为，此时乙丙速度相同，设速度大小为，对三个物体组成的系统由动量守恒定律和机械能守恒定律得之后物体乙与丙分离，弹簧伸长，物体甲的速度逐渐减小，物体乙的速度先减小到零，后反方向逐渐增大到与甲共速时，弹簧伸长到最长，弹簧的弹性势能最大，设此时物体甲与物体乙的共同速度大小为v，则由动量守恒定律和机械能守恒定律得联立解得故BD错误，C正确。故选C。7.某新能源汽车的生产厂家在测试新产品的性能时，司机驾驶一质量为m的新能源汽车沿平直的公路运动，通过传感器在计算机上描绘出了汽车的牵引力F与汽车速度v的关系图像，已知整个过程中汽车所受的阻力恒为，汽车达到额定功率后功率就保持不变，，图像中未知。则下列说法正确的是（）A.汽车在加速阶段的加速度保持不变B.C.汽车的速度为时，汽车的加速度为D.在~的过程中，汽车的平均速度为〖答案〗B〖解析〗A．的过程中，汽车的牵引力保持不变，则该过程中汽车做匀加速直线运动，在的过程中，汽车的牵引力逐渐减小，则汽车的合力逐渐减小，加速度逐渐减小，当牵引力等于F2时，汽车的加速度为零，速度达到最大值，故A错误；B．在的过程中，汽车的功率保持不变，则解得故B正确；C．汽车的速度为时，汽车的牵引力为由牛顿第二定律得解得故C错误；D．在的过程中，汽车做加速度减小的加速运动，其速度一时间图象如图所示，显然该过程中汽车的平均速度大于故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.关于电磁振荡以及电磁波的形成与传播的理解正确的是（）A.周期性变化的磁场一定能产生电磁波B.射线是原子核受激发所产生的，所以射线不是电磁波C.LC振荡电路可以产生电磁波，如果电路断开则电磁波立即消失D.北斗导航系统是通过电磁波来传递信息的〖答案〗D〖解析〗A．正弦或者余弦周期性变化磁场能产生周期性变化的电场，能产生电磁波，如果是大小不变方向发生变化的周期磁场不能产生电磁波，选项A错误；B．射线是原子核受激发所产生的，所以射线是电磁波，选项B错误；C．LC振荡电路可以产生电磁波，如果电路断开，发射电路的电磁振荡一停止，产生的电磁波仍会继续传播，故C错误；D．北斗导航系统是通过电磁波来传递信息的，选项D正确。故选D。9.如图所示，范围足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为，边长为，匝数为匝的正方形线圈电阻值为，两阻值均为的定值电阻并联后连在线框两端，现使线圈以恒定的角速度绕中心轴线转动，将图示位置作为计时起点，忽略导线的电阻，电表为理想电压表则下列说法正确的是（）A.线圈中产生的感应电动势的瞬时值为B.电压表的示数为C.线圈转动一周的过程中外电路产生的热量为D.线圈由图示位置转过90°的过程中流过每个定值电阻的电量为〖答案〗AD〖解析〗A．由题意，线圈从峰值面开始计时，则产生余弦交流电，交流电的峰值为则线圈中产生的感应电动势的瞬时值为故A正确；B．电压表的示数为有效值，根据闭合电路欧姆定律可得电压表读数为代入相关数据求得故B错误；C．线圈转动一周的过程中外电路产生的热量为代入相关数据求得故C错误；D．线圈由图示位置转过90°的过程中流过干路的总电荷量为联立代入相关数据求得则流经每个定值电阻的电量为故D正确。故选AD。10.已知两点电荷M、N固定在x轴上的-3x、3x处，其中A、B、C为x轴上的三点，坐标值为-2x、x、2x，B点的切线水平，已知点电荷在空间某点的电势为，Q为场源电荷的电荷量，r为某点到场源电荷的间距，A点的电势为φ0。则下列说法正确的是（）A.M、N为异种电荷 B.C.B点的电势为 D.〖答案〗BC〖解析〗A．φ-x图线切线的斜率表示电场强度的大小，由题可知，B点的切线水平，即B点电场强度为零，则点电荷一定为同种电荷，又因为各点电势均为负值，说明两点电荷为负电荷，故A错误；B．B点电场强度为零，即所以故B正确；C．根据题意可得所以B点电势为故C正确；D．C点的电势为所以所以故D错误。故选BC。三、非选择题：本题共5小题，共57分。11.某同学利用如图所示的装置完成了动量守恒定律的验证，图中弧形槽的半径为R（未知），其操作如下：①测量出两大小完全相同的小球A、B的质量和，且；②将导轨固定在桌面上，调整轨道末端的高度距离地面R，并使得小球B静止在轨道末端为止；然后将弧形槽置于水平面上，调整其位置使槽与水平面的切点O在轨道末端的正下方；③拿走小球B，将小球A由挡板处静止释放，小球落在弧形槽上b点；④将小球B放在导轨末端，将小球A仍从原来的位置静止释放，小球A、B的落点分别为a、c；经测量可知弧Oa、Ob、Oc所对应的圆心角分别为、、。根据以上的操作回答下列问题：（1）该实验除了图中的实验器材，还需要______。（填选项前的字母）A.秒表B.天平C.螺旋测微器D.角度测量仪（2）如果两小球A、B碰撞过程中动量守恒，则关系式应为______；如果该碰撞过程中动量、机械能都守恒，则关系式应为______〖答案〗（1）BD（2）〖解析〗（1）[1]实验中小球做平抛运动，有解得则有即需要测量小球的质量和弧Oa、Ob、Oc所对应的圆心角需要用到的实验器材为天平和角度测量仪。故选BD。（2）[2]如果两小球A、B碰撞过程中动量守恒，则即整理可得[3]如果该碰撞过程中机械能都守恒，则即12.某实验小组的同学在测量电源的电动势和内阻时，有如下的实验器材可供选择，一节待测干电池（电动势约为1.5V，内阻约为），电流表（量程1mA，内阻为），电流表（量程0.6A，内阻约为），最大阻值为的滑动变阻器；最大阻值为的滑动变阻器；定值电阻；开关S和导线若干。（1）实验时，为了得到多组实验数据并要求测量方便，则滑动变阻器应选择______（填“”或“”）。（2）为了完成实验，请用笔画线代替导线将图甲中的电路补充完整，并标出相应的符号_______。（3）该小组的同学将记录的实验数据描绘在了如图乙所示的坐标系中，如果忽略电表的内阻对电路的影响，由图像可知，电源的电动势为______V，电源的内阻为______。（结果均保留三位有效数字）（4）如果不能忽略电表内阻对实验的影响，则该电源内阻的实际值应为______（用、和r表示）。〖答案〗（1）（2）（3）（4）〖解析〗（1）[1]实验时，为了调节方便，使电表示数变化明显，滑动变阻器应选择阻值较小的。（2）[2]由于没有电压表，所以需要用已知内阻的电流表与定值电阻串联，改装成电压表，而电流表内阻未知，且改装以后的电压表的内阻远大于电源内阻，因此电流表相对于电源采用外接法，实验电路图如图所示（3）[3][4]根据闭合电路的欧姆定律有整理得结合函数图像可得，解得，（4）[5]由电路图分析可知，实际测量得到的电阻为电源内阻与等效电压表内阻的并联电阻，即可得该电源内阻的实际值为13.如图所示的P、Q两点为沿x轴正方向传播的横波中的两质点，两质点的坐标值为、。已知0时刻质点P的位移为4cm，质点Q位于正向的最大位移处；在时质点P第一次回到平衡位置；在时质点Q第一次回到平衡位置，已知该波的波长求：（1）波的传播速度应为多大；（2）质点P的振动方程。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）设该波传播周期为T，由于质点Q在0~3s内由正向最大位移处第一次回到平衡位置，经历的时间是个周期，由此可知波沿x轴正方向传播，由质点P在时第一次回到平衡位置，质点Q在时第一次回到平衡位置，可知波由原点位置传播到处用时为则波速解得波速（2）设质点P的振动方程为其中又当时当时联立解得质点P的振动方程为14.如图所示为某滑雪训练场地的模型图，左侧斜坡轨道的倾角为，斜坡长度为，斜坡底端有一小段水平轨道，A为水平轨道的末端，右侧有一倾角为的斜面体BC，A、C两点等高．运动员从斜坡的最高点O由静止滑下，由A点离开轨道，经过一段时间运动员垂直落在斜面体BC上，忽略空气阻力和一切摩擦，运动员可视为质点，重力加速度取，，，，。求：（1）运动员离开A点时的速度大小；（2）A、B两点之间的高度差；（3）若运动员改变下滑的位置，则落在斜面体BC上的最小速度（结果保留整数）。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）运动员在斜坡