2023年11月绍兴市选考科目诊断性考试物理试题

【答案】【答案】C202311月绍兴市选考科目诊断性考试物理试题一、选择题I(此题共13小题，每题3分，共39分。每题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多项选择、错选均不得分)1．用国际单位制的根本单位表示磁感应强度的单位，以下正确的选项是( )N

kgNs

kgAm As2【答案】B

Cm CsF NIl 解析：由B= 得磁感应强度的单位为 ，由于1N=1kg·m/s2,所以B正确；Il 2．如下图，(港口2．如下图，(港口)电磁起重机上有一块大的电磁铁，通上电流，一次就能把几吨重的集装箱吸起来搬运到指定的地点。电磁铁原理的觉察者是()A．库仑B．欧姆C．法拉第D．奥斯特【答案】D解析：奥斯特觉察了电流的磁效应，D正确。226km45min左右。以下说法正确的选项是()“226km”226km45min左右。以下说法正确的选项是()“226km”是位移“350km/h”是瞬时速度C．列车从绍兴北站至温岭站的平均速度约300km/hD．争论列车从绍兴到台州的时间，不能将其看作质点【答案】B解析：“226km”指的是路程，A错；最大时速350km/h是瞬时速度，B正确；绍兴北站至温岭站的位移未知，所以无法计算平均速度，C错；争论列车从绍兴到台州的时间，列车可以看作质点，D错。4．近日，中科院宣布5nm光刻机技术突飞猛进，光刻机是生产大规模集成电路的核心设备，其曝光系统最核心的部件是紫外光源。在抗击冠病毒的过程中，大量使用了红外体温计测量体温。关于红外线与紫外线，以下说法正确的选项是( )A．只有高温物体会辐射红外线 B．只有低温物体会辐射紫外线C．红外线的衍射本领比紫外线强 D．红外线光子的能量比紫外线大解析：任何物体均会辐射红外线，A错；高温物体会辐射紫外线，B错；红外线的波长长，频率低，所以衍射本领比紫外线强，光子的能量比紫外线小，C正确D错。5．共和国勋章获得者于敏先生是一位宏大的核物理学家，他的团队在氢弹的研制过程中设计了著名的“于敏构型”，使得中国成为世界上唯一能较长时间保存氢弹的国家。以下说法正确的选项是( )A．氢弹爆炸的原理是核聚变 B．目前核电站的工作原理与氢弹一样C．低温能延长放射性元素的半衰期 D．核聚变的主要反响物是高能的质子和电子【答案】A法正确的选项是()毛毯在滚筒最高点的速度约为2m/s毛毯在滚筒最低点时处于超重状态C．毛毯上的水在最高点更简洁被甩出解析：氢弹爆炸的原理是核聚变,A正确；目前核电站的工作原理是重核的裂变，B错；放射性元素的半衰期与物理条件(温度、压强等)与化学状态无关，C错；核聚变的主要反响物是高能的轻核，例如氘、氚，没有电子，法正确的选项是()毛毯在滚筒最高点的速度约为2m/s毛毯在滚筒最低点时处于超重状态C．毛毯上的水在最高点更简洁被甩出D．毛毯上的水由于受到的向心力太大而被甩出【答案】B解析：物体做圆周运动过最高点的条件是v>gR=2m/s，由于脱水过程中毛毯紧贴在筒壁，所以毛毯2m/s，A错；毛毯在滚筒最低点时加速度竖直向上，处于超重状态，BF上+mg=mrω2F下﹣mg=mrω2F上F下为毛毯对水的F上<F下，所以毛毯上的水在最低点更简洁被甩出，C错；毛毯上的水由于受到的合外力缺乏7m7mA、B两个小球通过绝缘细线连在一起并通过绝缘O点。A球带电量为+q，B球不带电，整个空间存在方向竖直向下的匀EmgqA、B间的细线剪断瞬间()A．A球所受的电场力变为零BF弹=2mgC．Aa=gD．Ba=2g解析：A球所受的电场力不变，A错；细线剪断前弹簧弹力F =2mg+Eq=3mg，剪断瞬间弹簧弹力不弹变(来不及变化)，B错；剪断瞬间绳子的弹力为零，A球所受的合外力F =F ﹣mg﹣Eq=mg，则合 弹a=g，C正确；Ba=g，D错。8．2023723日，“天问一号”在海南文昌航天放射场点火升空，在经受一段漫长的太空旅行后，20234月~5月择时着陆火星外表，开展探测任务。“天问一号”着陆前有一段绕火星飞行，某段时间内可认为绕火星做匀速圆周运动，圆周半径为火星半径的kR是火星半径的pqg，则“天问一号”绕火星做圆周运动的周期为( )2π k3qR

pg C．2π

qp3R D．2π

kqRp3g 2π kqR【答案】AGMm

k3g pg解析：由万有引力供给向心力，r2

=mr·T2

r=kR

，R=pR ，M火 火

=qM地 火πr3GMk3R3πr3GM

GMm”

k3qR得T=2π

Gp3M9．磁流体发电的原理如下图，将一束速度为v9．磁流体发电的原理如下图，将一束速度为v的等离子体垂直于磁Ba×bd的两平行金属板间便产生电压。将上下极板与阻值为R的定值电阻和电容CL的电容器极板间有一带电微粒处于静止状态，不计其它电阻，重力加速度为g。以下说法正确的选项是()

；在地球外表，

地 =m”g，代入可得T=2πR2R

p3g

，A正确。A．磁流体发电机的电动势为BLv B．电容器所带电荷量为C·BavC Bdv Bdv．通过电阻的电流为R【答案】C

D．微粒的比荷为g解析：等离子进入磁场发生偏转，在两平行金属板间产生电场，稳定时，电场力与洛伦兹力平衡，UEq=d·q=BqvU=Bdv；由于不计内阻，外电路的电压等于电源电动势，电容器所带电荷量Q=CU=C·Bdv，通过电阻的电流为

U Bdv

，ABC

U 得微粒的比10．如下图为某试验室争论远距离输电的模拟装置。抱负变压器的匝数比n1:n2=n10．如下图为某试验室争论远距离输电的模拟装置。抱负变压器的匝数比n1:n2=n4:n3,交变电源的电动势e50 2sin10t(V)，r为输电线的电阻，则()

，D错。

I=R=R

正确；带电微粒受力平衡，Lq=mgA．闭合开关后，灯泡两端的电压为50VB．闭合开关后，通过灯泡电流的频率为10HzC．依次闭合开关S

、、，在此过程中灯泡S S 1 2 3 S S

越来越亮1 2 D．依次闭合开关S、S、S1 2 【答案】D24U1 n1 U3 n3243Un解析：由抱负变压器变压比公式=3Un2

n 、U=

n1:n2=n4:n，假设输电线没有电压损失，则有4U1=U4=50V，依题意，输电线有ΔU=I23r的电压损失，所以灯泡两端的电压小于50V，A错；变压器不能转变沟通电的频率，通过灯泡电流的频率为

ω 10π

，B正确。依次闭合开关S、S、f=2π=2πHz=5Hz 1 2并从ED边上N点折射出，其中CE4 3mm，EN＝2mm。则()A．该宝石的折射率n=32 33B．红光从入射到N点射出经受的时间为3 10-11s8CiED边上发生全反射DED边上发生全反射【答案】B3 3 S，变压器的输出功率增大，通过输电线的电流增大，电压损失Δ并从ED边上N点折射出，其中CE4 3mm，EN＝2mm。则()A．该宝石的折射率n=32 33B．红光从入射到N点射出经受的时间为3 10-11s8CiED边上发生全反射DED边上发生全反射【答案】B3 3 解析：光路如图由题给条件可知ME=2 3mm，EN＝2mm可得∠解析：光路如图由题给条件可知ME=2 3mm，EN＝2mm可得∠NME=300r=300。由折射定律n=sini sin600sinr=sin30=03，A错；红光在宝石中的传播速度iOrv=c= 3cN点射出的路程为s=8mm，经受的时间n 3it=sv=810-3 3 831083s=3 10-11s，BEDirrACC，12．如下图，在竖直平面内有一个圆环，直径BC在竖直方向上，圆环AB、AC，∠ABC=30°；空间存在水平向右的匀强电m12．如下图，在竖直平面内有一个圆环，直径BC在竖直方向上，圆环AB、AC，∠ABC=30°；空间存在水平向右的匀强电mqA点静止释放，分别沿着两导轨运动时(穿在杆中)，加速度分别为aB，aC，到达圆周上时的速率分别为vB vCtB、、tCtB=tC，以下推断正确的选项是()A．小环带负电B．电场强度E= 3mgq解析：受力分析如下图，小环受电场力方向必需向右，所以带正电，FNA解析：受力分析如下图，小环受电场力方向必需向右，所以带正电，FNAAEqcos300﹣mgsin300=maEqCmgcos300+Eqsin300=mamgBFNB2Rsin300=a12Ct2C2Rcos300=a12Bt2Bt=tB解得C aaC=1Eq，Eq= 3mg，BB3mg正确，C错；vB=aBtB、v=at则v= 3v ，D错。C CCBCA．做匀变速直线运动BF始终保持不变CFW=10JDI=2.5N·s13．光滑水平面上，小物块在水平力F作用下运动，运动过程中速度v与位置坐标x的关系如下图，所受空气阻力f与速度v的关系满足A．做匀变速直线运动BF始终保持不变CFW=10JDI=2.5N·s【答案】C解析：由匀变速规律v2﹣v2=2ax可知，v﹣x图线为曲线，题中为直线，所以A错；在图线上取两个对t 0f大小相等，方向一样，但它们的加速度方向相反，所以水平力F肯定是变力，B错；由动能定理可得W﹣∑fx=0f=0.5v得到W﹣∑0.5vx=0，由∑0.5vxv﹣x图线所围F F10WF=10J，C正确；由于小物块的质量未知，无法求出阻力的冲量，D错。21分，有错选的得0分)1421分，有错选的得0分)14O-xyz中，C、A、O、B为四周体的四个顶点，坐标位置如下图，在坐标原点O处固定着一个负点电荷。以下说法正确的选项是( )A．A、B、C三点电势相等B．D点的场强大小为B 1点的2CDA点，电场力做负功DAD点的电势能【答案】AD解析：A、B、CO为圆心的球面上，依据点电荷的电势分布可知，A、B、C三点电势相等，A正确；r=2r，由 kQ得D点的场强大小为BE=E=

1 B错；沿电场方向电势降低，rd B 2r

点的4，φD>φA=φB=φC，将质子(正电荷)DA点，电势降低，电势能减小，电场力做正功，C错；电子(负电荷)A点的电势低，电势能大，D正确。15．如下图为氢原子的能级图，a、b、c对应三次跃迁(15．如下图为氢原子的能级图，a、b、c对应三次跃迁(可见光光子1.62eV~3.11eV)，则()A．a跃迁过程中氢原子辐射出可见光子Bb跃迁过程中放出的光子照耀金属铂(6.34eV)，光电子的5.75eVCc跃迁后，氢原子系统电势能增大，核外电子动能减小【答案】CD解析：a跃迁过程中氢原子辐射出光子的能量ΔEa=﹣0.54﹣(﹣1.51)=0.97eV<1.62eV，所以不在可见光范围，A错；同理ΔEb=12.09eVhv=Ekm+W0可得光电子的最大初动能Ekm=5.75eV，但不是每个光电子的动能都一样，Bc跃迁后，核外电子绕核运动的半径增大，库仑力做负功，电势能增加，绕核运动的线速度减小，动能减小，Cn能n﹣1种不同频率的光子，D正确。A．两列波能发生干预BλA:λB=1:2C．t=7sx=5my=6cmD．t=7.5sA．两列波能发生干预BλA:λB=1:2C．t=7sx=5my=6cmD．t=7.5sy=18cm处【答案】BCD解析：由图可以看出，两波的周期TA=4s、TB=8s，周期不同，频率不同，两列波不能发生干预，A错；由于是同种均匀介质，所以波速一样，即v=λA=λB=1m/sλ:λ=1:2，B正确；两列波传到TA TB A Bx=5mt1=5st=7sAyA=0ByB=6cmy=yA+yB=6cm，CA波第一次消灭波峰的时刻与位置坐标x的关系

x+3

B波

12﹣x

解得第一次消灭波t=v t= vx=7.5mt=7.5sAx的关系x+5 17﹣xt=v ，对B波t=

解得第一次消灭波谷与波谷相遇的位置x=11m，时刻t=11s；所以D正确。三、非选择题(655分)17．(7分)利用如图甲所示装置，可以完成试验一“探究小车速度随时间变化规律”，试验二“探究加速度与力、质量的关系”，试验三“探究功与速度变化的关系”。三个试验中 .A．都必需平衡摩擦力 B．都需要用天平来称小车质量C．都需要调整滑轮高度使细线水平 D．都不需要使用学生电源图乙中的(a)(b)(c)分别为三个试验中所作的图象，以下说法正确的选项是图(a)：v轴的截距就是小车开头运动时的速率图(b)：由图线可知小车的加速度与其质量成反比C．图(c)：仅通过一条纸带上的数据就可以作出该图线如图丙所示是试验二中打出的一条纸带，O、A、B、C、D是纸带上所选的计数点，量出相邻计数点之间的距离分别为：OA=2.39cm，AB=2.80cm，BC=3.22cm，CD=3.61cm。由此可得小车运动的加速度a= m/s2.(结果保存两位有效数字)在图甲所示的装置中，平衡摩擦力后，能否可用于“验证机械能守恒定律”？ (填“能”或“否”)【答案】(1)D (2)C (3)0.41±0.01 (4)否解析：(1)“探究小车速度随时间变化规律”试验不需要平衡摩擦阻力，A错；“探究小车速度随时间变化规律”和“探究功与速度变化的关系”都不需要用天平来称小车质量，B错；三个试验都需要调整滑轮高度使细线与小车轨道平行而不是水平，C错；三个试验都使用打点计时器，但从图中看出电火花打点计220V沟通电源，D正确。图(a)：v轴的截距是第一个计数点时小车的运动的速率，小车开头运动时速度为0，A错；图(b)应该作a﹣1 图线并且为通过原点的倾斜的直线推断小车的加速度与其质量成反比，B错；图(c)通过选M车取一条纸带上的不同的数据点就可以作出W﹣v2图线，D正确。x +x

﹣(x +x ) (3.22+3.61﹣2.39﹣2.80)×10-2依据逐差法求：a=BC CD

OA

= m/s2=0.41m/s24T2 4×0.12在图甲所示的装置中，平衡摩擦力后，只能使细绳的拉力等于小车的合外力，不能消退摩擦；由于有摩擦力，小车的机械能确定不守恒，所以填“否”。18．(7分)(1)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”试验中根导线；①为完成试验，在图甲供给的试验器材中，除了①②⑥⑨以外，还需要 (填图中序号)，共需要根导线；②小灯泡的规格是“2.5V,0.75W”，某次测量时电流表和电压表的示数如图乙所示，则电流I= A，电压U= V；(2)在学习了伏安法测电阻后，小明用电流表内接法和外接法分别测量了①其中“×”组数据对应滑动变阻器的接法；(填“分压”或“限流”)②在图中，由电流表外接法得到的数据点是用(2)在学习了伏安法测电阻后，小明用电流表内接法和外接法分别测量了①其中“×”组数据对应滑动变阻器的接法；(填“分压”或“限流”)②在图中，由电流表外接法得到的数据点是用(填“或表示的；解析：(1)①还需要滑动变阻器、电流表和电压表，为了调整便利，滑动变阻器应选全阻值小的，所以8根导线；②电流表最小分度是0.02A，所以读数到小数点后两位，即0.20A；电压表最小分度为0.1V，需要再估1.52V。①从图中可以看出，“×”组数据图线过原点，说明电压从零开头调，滑动变阻器是分压式接法。19．(9分)起跳摸高是篮球爱好者宠爱的运动。如下图，篮板下沿距地面2.90m3.05m60kg，手竖直向上伸直后指尖2.10m，某次从地面竖直起跳后恰好遇到了篮板下沿。他起跳时的速度多大？起跳前，他先下蹲使重心下降肯定高度H，然后用力蹬地，LA V L A 19．(9分)起跳摸高是篮球爱好者宠爱的运动。如下图，篮板下沿距地面2.90m3.05m60kg，手竖直向上伸直后指尖2.10m，某次从地面竖直起跳后恰好遇到了篮板下沿。他起跳时的速度多大？起跳前，他先下蹲使重心下降肯定高度H，然后用力蹬地，LA V L A 1560N支持力作用下重心匀加速上升，求H的值；落地时，该生承受双膝弯曲的方式进展自我保护，假设脚与地面缓冲的时间为1.2s，求每条腿在缓冲过程中受到的平均作用力大小。19.解析：(1)v2=2gh，h=2.9m﹣2.1m=0.8mv=4m/saF﹣mg=maa=16m/s21 N 1 1v2=2a1HH=0.5m落地缓冲过程，据动量定理(F﹣mg)·Δt=mvF=800NFF1=2=400N20．(12分)如下图，竖直平面内的四分之一圆周轨道半径R=4m，O1为其圆心；半圆轨道半径r=1m，O2为其圆心；两者通过水平轨道连接。长l=1m0.5m，O2到挡板的距离d=1.5m。将质量m=0.1kg的小物块从四分之一圆周轨道上某处静止释放，不计一切摩擦阻力。假设物块从O1等高处释放，求物块下滑到最低点时对圆周轨道的压力；假设释放点高度在肯定范围内，物块经圆周最高点飞出后能击中挡板，求此范围；从某高度释放小物块，物块经圆周最高点飞出后击中挡板时动能最小，求对应的释放点高度H。=2mv20．解析(1据机械能守恒定律mgR =2mvF

﹣mg=

F=3NN mR解得：N依据牛顿第三定律，物块对圆周轨道的压力大小为3N，方向竖直向下(2)打到挡板上端点：d=v

1t，

=0.5v

3 10m/s1111 2gt=y1130

1=2v2r打到下端点：v2=2r

m/s，且要过圆轨道最高点：mg=m3

得v3 gr 10m/s2综上，取10m/s≤v≤3 10m/s21由2mv2+mg·2r=mghv1h1=3.125mv3h3=2.5m综上，释放点高度的范围为2.5m≤h≤3.125m1 1 1 1 1 d2合(3)Ek=2mv2=合

mv2+202

mv22y2

=m(v2+g2t2)=202

m(v2+g2 )20 v22d2取v2=g20 v2

0即v0= gd= 15m/s0经检验，此值在第(2)小题取值范围内。可求得对应的高度H=2.75m〔1分〕21．(10分)磁悬浮列车是一种现代高科技轨道交通工具，某争论所制成如下图的车和轨道模型来定量模拟其涡流制动过程。车厢下端有电磁铁系统固定在车厢上，能在长L21．(10分)磁悬浮列车是一种现代高科技轨道交通工具，某争论所制成如下图的车和轨道模型来定量模拟其涡流制动过程。车厢下端有电磁铁系统固定在车厢上，能在长L1=0.5mL2=0.2m的矩形区域内产生沿竖直方向的匀强磁B可随车速的变化而自动变化(由车内速度传感器掌握)2TL1=0.5mL2=0.2m的单匝矩形线圈间隔铺设在轨道正中心，其间隔也为L2，每个线a=2m/s2做匀减速直线运动；当磁感应强度到达2T后保持不变，直到模型车停顿m=30kg，不计