2021届高考考前冲刺卷 物理（十一）教师版

C.冢核^Rn的中子数为86,质子数为136

（新图考）2021届局考考前冲刺卷

D.标号为a、b、c、d的4个氨核^Rn经3.82d后一定剩下2个核未衰变

物理（d­一）【答案】A

【解析】原子核衰变过程，一次a衰变核电荷数和质量数分别减少2和4,一次0衰变核电荷

注意事项：

数不变，质量数增加I,所以要经过4次a衰变和4次0衰变，A正确，B错误；氢核的质子

1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形

码粘贴在答题卡上的指定位置。数为86,质量数为222,中子数为136,C错误：半衰期是大量原子核衰变的统计规律，几个原子核

2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂不具有统计意义，D错误。

黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.地下矿井中的矿石装在矿车中，用电机通过竖井运送至地面。某竖井中矿车提升的加速度大

3.非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草小。随时间，的变化关系如图所示，其中图线①②分别描述两次不同的提升过程，两次提升的高度

稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。相同，提升用时均为2批第①次•直做匀加速运动；第②次先做匀加速运动后做匀速运动且运动时

4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。间均为小则第①次和第②次提升过程中的加速度大小之比为（）

■一、选择题：本题共H小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第1〜8

sat---------!---------1①

r题只有一项符合题目要求，第9〜H题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得

-2分，有错选的得。分。

-1.如图所示，一位于xOy平面内的矩形通电线圈，线圈的四条边分别与x、y轴平行，线圈中

-的电流方向如图所示。若在空间加上沿z轴方向的恒定磁场，则线圈（）【答案】B

-【解析】两次提升的高度相同，有5|X（2fo）2=5a2/o2+a2fo，fo,解得力："2=3：4,故B正确。

-

4.一列简谐横波沿K轴传播，，=0时的波形如图所示，质点A和8相距0.5m,质点A速度沿

Sy轴正方向；/=0.03s时，质点A第一次到达负向最大位移处。则下列说法正确的是（）

S

IB.绕Oy轴转动起来

C.绕。z轴转动起来

D.不会转动起来

A.该波沿x轴正方向传播

【答案】D

B.该波的传播速度为25m/s

【解析】根据左手定则可判断通电线圈各条边的安培力方向如图所示，根据安培力公式F=B〃

C.从r=0时起，经过0.04s,质点4沿波传播方向迁移了1m

可知，各边的安培力大小相等，则线圈的合外力为0,不会转动起来，线圈有扩张趋势，所以D正确。

D.某频率为25Hz的简谐横波与该波一定能发生干涉

犯【答案】B

减

【解析】，=0时质点A速度沿y轴正方向，可知该波沿工轴负方向传播，A错误：f=0.03s时，

——

质点A第一次到达负向最大位移处，可知周期T=0.04s,波长z=lm,则该波的传播速度v=25m/s,

2.地光是在地宸前夕出现在天边的•种奇特的发光现象，它是放射性元素氢因衰变释放大量的

B正确：波传播过程中，质点只能在平衡位置附近上下振动，而不随波迁移，C错误：波的频率

带电粒子，通过岩石裂隙向大气中集中释放而形成的。已知氢蓝Rn的半衰期为3.82d,经衰变后产

/=l=25Hz,则该波与频率是25Hz的简谐横波相遇时可能发生波的干涉现象，D错误。

生一系列子体，最后变成稳定的爵Pb,在这一过程中（）

5.如图甲所示，在某电场中建立工坐标轴，A、B为x轴上的两点，以、脑分别为4、B两点在

A.要经过4次a衰变和4次。衰变X轴上的坐标值。一电子仅在电场力作用下沿X轴运动，该电子的电势能Ep随其坐标厂变化的关系

B.要经过4次a衰变和6次。衰变如图乙所示，则下列说法中正确的是（）

A.A-3过程温度升高，压强不变

B.过程体积不变，压强变小

C.8-C过程体积不变，压强不变

A.该电场•定不是孤立点电荷形成的电场D.。一。过程体积变小，压强变大

B.A点的电场强度小于8点的电场强度【答案】C

C.电子由4点运动到B点的过程中电场力对其所做的功W=Eg+Ep8【解析】V—7图像中，A与8的连线是一条过原点的倾斜直线，为等压线，所以〃A二〃8,

D.电子在A点的动能小于在B点的动能

温度升高方＜耳，A正确：由图像可知，B到C的过程中，体积不变，即％=%,而温度降低,

【答案】A

即心＞《，由查理定律器=C可知〃8＞〃c，压强变小，B正确，C错误；由图像可知，由。到。

【解析】由题图乙可知，电子在A、B两点的电势能分别为印认和百尚且昂4外，说明电子由

A运动到3时电势能增大，电场力做负功，电场力对其所做的功为W=后睦一耳加C错误：电场力做

的过程中，温度不变，即心=7；，而体积变小，即%＞力，由玻意耳定律=C可知Pc＜P/）.

负功，故动能减小，故电子在A点的动能大于8点的动能，D错误：由于A、B两点的电势能与两

D正确。故选C。

个位置间的关系如题图乙所示，说明电势是均匀增加的，故这•定是匀强电场，即不是孤立点电荷

5.如图所示，平板MN上方有足够大的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，质子（旧〉和

形成的电场，A正确：A、8两点的电场强度相等，B错误。

笊核（TH）从静止开始，经过同一个加速电场加速后，从平板上的小孔0先后射入匀强磁场，速度

6.倾角为。的斜面体C放置于水平面上，・根细绳•端与斜面上的物体B相连，月•端绕过

方向与平板MN夹角均为。（0VJV冗），整个装置放在真空中，且不计重力，不考虑两个粒子之间

质量不计的定滑轮。与物体A相连；定滑轮用另一条细绳悬挂在天花板上的。点，该细绳与竖直方

的相互作用。质子打到平板上的位置到小孔的距离为s,则（）

向成a角，A、8、C始终处于静止状态，定滑轮。左侧细线竖直，右侧细绳与斜面平行，下列说法

XXXXXX

正确的是（）XXXXXX

XXXxx＜X

XXXX

"MO..........N'

A.质子和笊核在磁场中运动的时间之比为2：1

B.保持其他量不变，当8=30。时，笊核打到平板MN的位置离O点最远

A.若仅增大A的质量，斜面。对8的摩擦力一定变小

C.气核到小孔的距离为由s

B.若仅增大A的质量，地面对斜面C的摩擦力一定变大

D.保持其他量不变，加速电场的电压加倍，质子到小孔的距离变为2s

C.若仅增大8的质量，。。之间的细绳上拉力可能等于A的重力

【答案】C

D.若仅将C向左缓慢平移一点，a角将变大

【解析】质子加速过程，根据动能定理有■=得p=J乎，作出质子的运动轨迹图，

【答案】B

【解析】若仅增大A的质量，则8。绳拉力增大，对8分析，由于不知道8。绳拉力和摩擦力

如图所示，据半径公式r二"，周期公式T=驷，和几何关系$=2rxsin6=弛叱•sin",

的大小关系，故无法判断斜面C对B的摩擦力的变化，故A错误；若仅增大A的质量，对滑轮分析，

BeBeBe

根据平衡条件可知绳子OO拉力增大，对整体分析可知地面对斜面C的摩擦力等于绳。。在水平方

由圆的对称关系知，电子在磁场中的偏转时间r=Wx2U=丝。由，=也可知，质子和笊核

向的分力，故地面对斜面C的摩擦力一定变大，故B正确：若仅增大5的质量，则绳子A。和3及

2nBeBeBe

上拉力不变，而角AO8为锐角，故绳子0。上的拉力一定大于A的重力，故C错误；若仅将C向

在磁场中运动的时间之比为1：2,A错误：由s=2'2Ume,吧f丑知,当。二女）。时，气核打到

左缓慢平移一点，由于角变小，而0£＞在其角平分线上，故a角变小，故D错误。

Be

7.如图所示，一定质量的理想气体，从A状态开始，经历了&C状态，最后达到。状态，下

2y/2Ume-sin0

列判断不正确的是（）平板MN的位置离。点最远，B错误：设笊核到小孔的距离为由s--------------可知

Be

Ik

2

2yj2Ume-sin0_____持三分之一的功率不变，则当速度减小时，牵引力增大，根据牛顿第二定律知。=匕£,则加速

sRp1r,二2yJ2UmesinG„m

—=—.=------=—f=,得$=>J2s，C正确：由s=-----------------------可知，保/rl持其P他量

s2j2Ux2"・sineV2Be度”减小，即做加速度逐渐减小的减速运动a=匕4=!-£,可知加速度随着I，减小而减小，

Bemm3mv

不变，加速电场的电压加倍，质子到小孔的距离变为缶，D错误。而v-Z图象的加速度代表加速度，故D正确；整理加速度的表达式得！="-细。，故A正确：

vPP

筏XX、XX牵引力做功开始时汽车做匀速运动/=/=£,当功率突然变为一:分之•时，速度y不可

X依XX夕X%

%举而X以突变，则牵引力尸=；凡汽车保持三分之•的功率运动时，则随着位移的增大，速度减小，牵引

9.“嫦娥四号”月球探测器在我国西昌卫星发射中心成功发射，探测器奔月过程中，被月球俘获力增大，1%—第图象的斜率表示牵引力，则斜率增大，最后保持不变，故B错误：克服合外力做功

后在月球上空某次变轨是由椭圆轨道。变为近月圆形轨道。，如图所示，4、力两轨道相切于P。不由B分析可知，随着位移的增大，速度减小，牵引力增大，故/一尸在减小，即W—x

计变轨过程探测器质量的变化，下列说法正确的是（）图象的斜率在不断减小，最后为零，故C正确。

-------、月球

II.如图所示，变压器原、副线圈的匝数分别为力=200、〃2=100,原线圈与水平放置的间距L

=lm的光滑金属导轨相连，导轨处于方向竖直向下、磁感应强度大小8=IT的匀强磁场中，副线

圈接阻值R=10C的电阻，原线圈串联•阻值也为R的电阻，与导轨接触良好且始终垂直导轨的阻

A.探测器在a轨道上P点的动能小丁•在b轨道上P点的动能值r=10C、质量m=0.01kg、长也为L=lm的导体棒在外力厂的作用下运动，其速度随时间变化

B.探测器在a轨道上P点的加速度等于在b轨道上尸点的加速度的关系式为v=ll巾sinlOMm/s）,已知导轨电阻和变压器的能量损耗均不计，导轨足够长，导体棒

C.探测器在a轨道运动的周期大于在力轨道运动的周期运动过程中不会与其他用电器相碰，电表均为理想电表，则（）

D.为使探测器由。轨道进入〃轨道，在P点必须加速

【答案】BC

【解析】探测器在P点变轨，则从低轨向高轨变化时，做离心运动，须加速，所以探测器在高

轨。的速度大于低轨b在尸的速度，根据比=3〃庐，可知在。轨道上尸点的动能大于在b轨道上P

A.电压表的示数为IV

点的动能，故A错误：探测器在两个轨道上P点的引力均是由月球对它的万有引力提供，所以引力B.电流表的示数为0.4A

相等，由于引力相等，根据牛顿第二定律，可知两个轨道在P点的加速度也相等，故B正确；。轨C.变压器铁芯中磁通量变化率的最大值为立Wb/s

道的半长轴大于b轨道的半径，由开普勒第三定律可知，在a轨道上运动的周期大于在b轨道上运25

动的周期，故C正确；探测器在P点变轨，从高轨向低轨变化时，做近心运动，须减速，故D错误。D.在0-0.05s的时间内外力尸做的功为1.32J

10.一辆汽车以速度用在平直的公路上匀速行驶。到达某处时，司机减小油门使汽车输出功率【答案】BCD

减小为原来的三分之一，并保持该功率行驶。假设汽车受到的阻力恒定，从减小油门开始，下列能【解析】导体棒垂直切割磁感线，有e=8Li，=ll夜sinl（）R（V）,可知

正确表示汽车加速度大小。、速度”牵引力的功WF，克服合外力的功W,位移小时间，之间的关

Em=llV2V,E=-^=UV,原线圈电路，由闭合电路欧姆定律有E=•+/?）+4，副线圈

系的是（）

电路，由欧姆定律有U,=/,R.对理想变压器，有幺=区,人=幺，联立，可得

5%/2”,

U,=8V,/,=0.4A,因此电压表的数位为0.2xl0=2V,故A错误，B正确；根据法拉第电磁

感应定律，有E=N坐，可得处=4=：/2wb/s,理想变压器原线圈中的磁通量即为铁芯中

ArA/%25

【解析】当功率突然减小为原来的三分之一时，速度v不可以突变，则尸汽车减速，保

的磁通量。故C正确；该交变电流的冏期7=改=0.2s,在0~0。5s的时间内加=0.05s=』T,仪器测量玻璃管内河水的电阻。

CD4量程15V,内阻约300kC的电压表；

电路中产生的焦耳热为。=/：(/?+”4+=0.11J,根据能量守恒定律，有％,-。=g叫；，量程300nA,内阻约50。的电流表；

最大限值1kC的滑动变阻器；

解得%故正确。

=1.32J,D电动势E=12V,内阻?'=6。的电池组:

二、非选择题：本题共5小题，共56分。开关一只、导线若干。

12.(6分)(1)某小组同学利用如图甲所示的实验装置探究“动量定理”，实验步骤如下：

(1)该同学装入河水前先用游标卡尺测量玻璃管的内径，结果如图乙所示。玻嘀管的内径d=

4567891011121314151617181920212223242526cm________mm。

乙

(2)该同学设计了合理的测量电路，通过改变滑动变阻器阻值测得了玻璃管两端的电压和电流，

A.用天平分别测量钩码和小车的质量；

并在图丁的U—/坐标系内描出了9个数据点。请在图内的实物图中用笔划线代替导线完善电路的连

B.在长木板不带定滑轮的•端下面垫•块垫木，使拖着纸带的小车在不挂钩码时可以在长木板

接。

上做匀速运动；

(3)请在图丁中做出U—/图象，计算出玻璃管内水柱的电阻R=____C,电阻率夕=Cm。

C.将所用器材按图甲所示组装起来；

(结果保留三位有效数字)

D.先接通电源后释放小车，打点结束后先切断电源后取下纸带：

【答案】⑴5.50(2)见解析图⑶见解析图1.00x105(0.923x105-1.08x105)

E.调节垫木位置改变斜面倾角，多次进行实验；

7.56(6.98〜8.17)

F.选取打点较为清晰的纸带进行数据处理，整理实验器材。

【解析】(1)主尺读数为5mm,游尺为20分度，精度值为0.05mm,所以游标卡尺的读数为d

上述实验步骤中不必要或不正确的有(填写步骤前的字母)

=5mm+0.05x10mm=5.50mm。

(2)图乙是“验证动量定理”实验中打下的一段纸带，图中所标各点为计数点，相邻计数点间有4

(2)根据U—/图象可知电流从零开始，所以滑动变阻制应用分压式接法，由于水柱的电阻远大

个计时点未标出，且打点计时器的电源频率为50Hz,实验测得小车质量为0.6kg,本次实验记录传

于电流表内阻，所以电流表应用内接法，实物连线图如图所示。

感别示数为0.24N。根据以上数据可知小车从8点到/点的△/)=kg,ms对应过程中

UN

/=N-s,在误差范围内，动量定理成立。(结果均保留三位有效数字)

【答案】(1)AE(2)0.184(0.183〜0.185均对)0.192

【解析】(1)实验装置中有力的传感器，不需要测量钩码的质量，步骤A测钩码质量没有必要；豺&-〃(x

实验中长木板下垫一块垫片是为了平衡摩擦力平衡摩擦力以后不可再改变垫片位置，步骤E有错误。(3)根据描点法，在图中画出U-/图象，用直线将尽可能多的点连起来，如图，则图象的斜率

55

(2)用AC段平均速度计算B点的瞬时速度v=x102m/s=0.057m/s,用/K段平表示水柱的电阻，则有火=也=12一°Q=l.()0x]05Q(0.923xl0Q-1.08xl0D),根据电阻定