2023届江苏省徐州高考物理考前最后一卷预测卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷

考生须知：

1.全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图甲所示,在匀强磁场中有一个N=10匝的闭合矩形线圈绕轴匀速转动，转轴。|。2直于磁场方向，线圈电阻为5。。

从图甲所示位置开始计时，通过线圈平面的磁通量随时间变化的图像如图乙所示，则（）

A.线圈转动一圈的过程中产生的焦耳热Q=10/

B.在r=0.2s时，线圈中的感应电动势为零，且电流方向发生改变

C.所产生的交变电流感应电动势的瞬时表达式为e=10%cos（5R）

D.线圈从图示位置转过90"时穿过线圈的磁通量变化率最大

2、如图所示，两个内壁光滑的圆形管道竖直固定，左侧管道的半径大于右侧管道半径。两个相同小球A、B分别位于

左、右管道上的最高点，两球的半径都略小于管道横截面的半径。由于微小的扰动，两个小球由静止开始自由滑下，

当它们通过各自管道最低点时，下列说法正确的是（）

B.A球的动能等于B球的动能

C.A球的角速度大于B球的角速度

D.A球、B球对轨道的压力大小相等

3、如图所示，小船以大小为v（船在静水中的速度）、方向与上游河岸成，的速度从。处过河，经过一段时间，正好到

达正对岸的0,处。现要使小船在更短的时间内过河并且也正好到达正对岸0'处，在水流速度不变的情况下，可采

取的方法是（）

A.〃角不变且v增大B.。角减小且v增大

C.，角增大且y减小D.，角增大且v增大

4、如图所示，足够长的小平板车8的质量为M,以水平速度向右在光滑水平面上运动，与此同时，质量为，〃的小

物体A从车的右端以水平速度即沿车的粗糙上表面向左运动.若物体与车面之间的动摩擦因数为〃，则在足够长的时

间内（）

^^7777r

A.若M>,”，物体A对地向左的最大位移是一丝1

以(M+m)g

B.若MV机，小车8对地向右的最大位移是以0

g

C.无论M与小的大小关系如何，摩擦力对平板车的冲量均为机功

D.无论M与,”的大小关系如何，摩擦力的作用时间均为丁学

以(M+m)g

5、热核聚变反应之一是抗核（：H）和氟核（：H）聚变反应生成氢核（：He）和中子。已知：H的静止质量为2.0136u,

:H的静止质量为3.0150U,；He的静止质量为4.0015U,中子的静止质量为1.0087u。又有lu相当于931.5MeV。则反

应中释放的核能约为（）

A.4684.IMeVB.4667.0MeVC.17.1MeVD.939.6MeV

6、甲、乙两车某时刻由同一地点、沿同一方向开始做直线运动。甲、乙两车的位置x随时间t的变化如图所示，贝!!（）

A.（）时刻，甲车速度比乙车小

B.f2时刻，甲乙两车速度相等

C.0~A时间内，甲车的平均速度比乙车大

D.0~f2时间内，甲车通过的距离大

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、某课外兴趣小组欲利用如图所示的电路探究光电效应现象，V为理想电压表。G为灵敏电流计。电路闭合后，用绿

光照射光电管，发现灵敏电流计发生了偏转。保持滑动变阻器滑片P位置不变，以下说法正确的是（）

A.保持入射光为绿光，若增大入射光强度，则灵敏电流计的示数会增大

B.换用紫光照射光电管，逸出电子的最大初动能比绿光照射时大

C.换用红光照射光电管，则灵敏电流计的指针一定不会发生偏转

D.换用黄光照射光电管，灵敏电流针指针未发生偏转，若只增大入射光强度。灵敏电流计指针可能发生偏转

8、如图所示，竖直面内有一个半径为R的光滑4圆弧轨道，质量为m的物块（可视为质点）从顶端A处静止释放滑至

底端B处，下滑过程中，物块的动能Ek、与轨道间的弹力大小N、机械能E、重力的瞬时功率P随物块在竖直方向下

降高度h变化关系图像正确的是（）

D.

0h

9、用如图所示的装置研究光电效应现象，光电管阴极K与滑动变阻器的中心抽头c相连，光电管阳极与滑动变阻器

的滑片尸相连，初始时滑片尸与抽头c正对，电压表的示数为0（电压表0刻线在表盘中央）。在移动滑片P的过程中,

光电流，随电压表示数U变化的图像如图所示，已知入射光的光子能量为1.6eV。下列说法正确的是（）

—©-----

A.当滑片P与c正对时，电路中无光电流

B.当U=-0.6V时，滑片尸位于从c之间

C.阴极材料的逸出功为0.6eV

D.当U=0.8V时，到达阳极的光电子的最大动能为1.4eV

10>一定质量的理想气体从状态a开始，经历三个过程"、Be、ca回到原状态，其V-7图象如图所示，pa、pi,、Pc

分别表示状态氏c的压强，下列判断正确的是（）

A.过程a到b中气体一定吸热

B.Pc=Pb>Pa

C.过程6到c气体吸收热量

D.过程6到c中每一个分子的速率都减小

E.过程c到a中气体吸收的热量等于对外做的功

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）一位同学为验证机械能守恒定律，利用光电门等装置设计了如下实验。使用的器材有：铁架台、光电门1

和2、轻质定滑轮、通过不可伸长的轻绳连接的钩码A和B（5左侧安装挡光片）。

图1

实验步骤如下：

①如图1,将实验器材安装好，其中钩码A的质量比5大，实验开始前用一细绳将钩码8与桌面相连接，细绳都处于

竖直方向，使系统静止。

②用剪刀剪断钩码3下方的细绳，使8在4带动下先后经过光电门1和2,测得挡光时间分别为八、/2»

③用螺旋测微器测量挡光片沿运动方向的宽度d,如图2,则"=mm。

④用挡光片宽度与挡光时间求平均速度，当挡光片宽度很小时，可以将平均速度当成瞬时速度。

⑤用刻度尺测量光电门1和2间的距离L（L》d）。

⑥查表得到当地重力加速度大小为g。

⑦为验证机械能守恒定律，请写出还需测量的物理量（并给出相应的字母表示）,用以上物理量写出验证

方程o

12.（12分）某实验小组做“探究加速度和力、质量的关系”实验。

⑴用如图甲所示的装置做实验，图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上，拉力传感器可直接显示细线所受拉力的大小。

实验时，下列操作必要且正确的是o

拉力传感器打点计时器

纸带

&M长木板

甲

A.将长木板右端适当垫高，使小车前端的滑轮不挂砂桶时，小车能自由匀速滑动

B.为了减小误差，实验中要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量

C.实验时，拉小车前端滑轮的细线必须保持水平

D.实验时，使小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数

⑵在正确、规范的操作下，打出一条如图乙所示的纸带，每相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，纸带上

的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器电源的频率为50Hz。则打计数点3时，小车的速度大小

匕=m/s；小车做匀加速直线运动的加速度大小。=m/s2.(结果均保留三位有效数字)

5.017.50)0.0112.5014.9917.50单位:cm

•••・••••••

01234567

乙

(3)带滑轮的长木板水平放置，保持小车质量M不变，改变砂桶里砂的质量测出每次拉力传感器的示数F和小车对应

的加速度作。-尸图象。下列图线正确的是o

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图8c是位于竖直平面内的一段光滑的圆弧轨道，圆弧轨道的半径为r=3m,圆心角〃=53。，圆心。

的正下方C与光滑的水平面相连接，圆弧轨道的末端C处安装了一个压力传感器.水平面上静止放置一个质量M=lkg

的木板，木板的长度/=lm,木板的上表面的最右端放置一个静止的小滑块小滑块Pi的质量如未知，小滑块尸1

与木板之间的动摩擦因数〃=0」.另有一个质量如=lkg的小滑块尸I,从圆弧轨道左上方的某个位置4处以某一水平

的初速度抛出，恰好能够沿切线无碰撞地从B点进入圆弧轨道，滑到C处时压力传感器的示数为:N,之后滑到水平

面上并与木板发生弹性碰撞且碰撞时间极短.(不计空气阻力，重力加速度g=10m/si,cos53o=0.6).求：

传感器11

(1)求小滑块Pi经过C处时的速度大小；

(1)求位置4与C点之间的水平距离和竖直距离分别是多少？

(3)假设小滑块B与木板间摩擦产生的热量为Q,请定量地讨论热量。与小滑块Pi的质量如之间的关系.

14.(16分)如图，从离子源A发出的初速度为零、带电荷量为q质量为〃?的正离子，被电压为q的电场加速后，沿

中心轴线射入带电的平行板电容器。电容器的板长为L、板间距离为板间电压为U,=4。离子射出电场一段时

24

间后又进入一个环状区域的匀强磁场，磁场的外半径为R,宽度s=《，磁场方向垂直于纸面向里，磁场的圆心与平

2

行板电容器的中心重合，求：

(1)该离子进入偏转电场时速度的大小；

(2)为使该离子不能从磁场外边缘射出，磁场的磁感应强度B的最小值;

(3)为保证该离子不从磁场外边缘射出，离子在磁场中运动的最长时间。

15.(12分)如图所示，光滑、平行、电阻不计的金属导轨固定在竖直平面内，两导轨间的距离为L,导轨顶端连接

定值电阻R,导轨上有一质量为加，长度为L,电阻不计的金属杆，杆始终与导轨接触良好。整个装置处于磁感应强

度为3的匀强磁场中，磁场的方向垂直导轨平面向里。现将杆从M点以%的速度竖直向上抛出，经历时间f,到达最

高点N,重力加速度大小为g。求f时间内

(1)流过电阻的电量力

(2)电阻上产生的电热Q。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.最大感应电动势为:

272乃2万

=NBSco=NBS•——=N①,“•—=10x0.2x—=10万(V)

T'T0.4

感应电动势的有效值为：

E=军=半=50%(V)

V2V2

线圈转动一圈的过程中产生的焦耳热

。=寻=(5?0*°=4乃2(J)

故A错误；

B.U0.2s时，磁通量为0,线圈中的感应电动势最大，电流方向不变，故B错误;

C.由图知角速度

2万

60=rad/s=5乃rad/s

于0.4

因为线圈从垂直中性面开始计时，所以交变电流感应电动势的瞬时表达式为

e=10ncos(5兀力V

故C正确;

D.线圈在图示位置磁通量为0,磁通量的变化率最大，穿过线圈的磁通量变化最快，转过90。，磁通量最大，磁通

量变化率为0,故D错误。

故选：C«

2、D

【解析】

AB.对于任意一球，根据机械能守恒得

mg・2R=^mv2

解得

V=y[^R

由于左侧管道的半径大于右侧管道半径，所以A球的速率大于B球的速率，A球的动能大于B球的动能，故A、B错

误；

C.根据v=14gR=应y可得

co=

则有

①A<03

即A球的角速度小于B球的角速度，故C错误；

D.在最低点，根据牛顿第二定律可得

「V-2

FN-mg=m—

K

解得

FN=5〃2g

根据牛顿第三定律可得A球、B球对轨道的压力大小相等，故D正确；

故选D。

3、D

【解析】

由题意可知，航线恰好垂直于河岸，要使小船在更短的时间内过河并且也正好到达正对岸0'处，则合速度增大，方向

始终垂直河岸。小船在静水中的速度增大，与上游河岸的夹角，增大，如图所示

故选D。

4、D

【解析】

根据动量守恒定律求出M与机的共同速度，再结合牛顿第二定律和运动学公式求出物体和小车相对于地面的位移.根

据动量定理求出摩擦力的作用的时间，以及摩擦力的冲量.

【详解】

规定向右为正方向，根据动量守恒定律有+V,解得y=1A7]:也；若A所受的摩

M+m

擦力/=〃〃2g，对4,根据动能定理得：-〃加4以=。-'/〃片，则得物体A对地向左的最大位移/=3—，若M<m,

22〃g

对B,由动能定理得-〃加84=0-,闻片，则得小车8对地向右的最大位移却二，AB错误；根据动量定理

22/jmg

知，摩擦力对平板车的冲量等于平板车动量的变化量，即/=加丫-"％=椀些组，C错误；根据动量定理得

m+M

2Mvn

-ft=Mv-Mva,f=jumg,解得，=+m)g，D正确.

【点睛】

本题综合考查了动量守恒定律和动量定理，以及牛顿第二定律和运动学公式，综合性强，对学生的要求较高，在解题

时注意速度的方向.

5、C

【解析】

反应的质量亏损

A/??=(2.0136u+3.0150u)-(4.0015u+1.0087u)=0.0184u

根据爱因斯坦的质能方程，可得放出的能量为

AE=Am-c2

又有

lu=931.5MeV/c2

解以上各式得

A£«17.1MeV

所以C正确，ABD错误。

故选C。

6、C

【解析】

AB.因x-f图像的斜率等于速度，可知0时刻，甲车速度比乙车大，f2时刻，甲乙两车速度不相等，选项AB错误；

C.0~八时间内，甲车的位移大于乙，可知甲车的平均速度比乙车大，选项C正确；

D.072时间内，两车通过的距离相等，选项D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AB

【解析】

A.保持入射光为绿光，若增大入射光强度，单位时间单位面积上照射出的光电子数目会增多，从而会使饱和电流增

大，A符合题意；

B.换用紫光照射光电管，即增大入射光频率，根据爱因斯坦光电效应方程

Ek=hv-W0

知逸出电子的最大初动能比绿光照射时大，B符合题意；

C.用绿光照射光电管，能发生光电效应，说明绿光的频率大于该金属的截止频率，但无法判断红光的频率是否大于

该金属的截止频率，即换用红光照射光电管，也可能发生光电效应，即灵敏电流计的指针可能会发生偏转，c不符合

题意；

D.换用黄光照射光电管，灵敏电流计指针未发生偏转，说明黄光的频率小于该金属的截止频率，若只增大人射光强

度，灵敏电流计指针依然不可能发生偏转，D不符合题意。

故选AB。

8,BC

【解析】A、设下落高度为h时，根据动能定理可知：Ek=mgh,即4-〃为正比例函数关系，故选项A错误；

B、如图所示，e

Vh12

F-niQcosd=cosO=~Ek=~nnv=mgh

向心力为：'R,而且:

v-nigh2mgh3mgh

F=m2cosO+m—=---+-----=-----

则整理可以得到：RRRR,则弹力F与h成正比例函数关系，故选项B正确;

c、整个过程中只有重力做功，物块机械能守恒，即物块机械能不变，故选项c正确;

D、根据瞬时功率公式可以得到：P=^gvcos（900-，）=mgvs】ne

=mgh丁7

而且由于2,贝*=J2g〃

,—m『

P=mgvsinG=m晨2gh----------

整理可以得到：苫*R,即功率P与高度h不是线性关系，故选项D错误。

点睛：本题考查了动能定理、机械能守恒的应用，要注意向心力为指向圆心的合力，注意将重力分解。

9、BD

【解析】

A.由题意可知，能发生光电效应，当滑片尸与c正对时，光电管两端无电压，但此时光电子仍能从阴极到达阳极，

则电路中有光电流，故A错误；

B.由图可知，当U=-0.6V时，光电流为()即为遏制电压，即光电管两端接反向电压，则阴极电势应更高，滑片尸位

于从c之间，故B正确；

C.由光电效应方程有线=/»-%,由图可知，当U=-0.6V时，光电流为。即为遏制电压，则有

-0.6eV=0-Ek

联立解得

叱)=LOeV

故C错误；

D.光电子逸出时的最大初动能为

Eko=hv-Wo^0.6eV

当l/=0.8V时由动能定理得

eU=E「Ek0

得

Ek=eU+4)=Q8+0.6)eV=L4eV

故D正确。

故选BD,

10、ABE

【解析】

A.过程谛中气体的体积不变，没有做功；温度升高，内能增大，所以气体一定吸热，故A正确;

B.设a状态的压强为巴，则由理想气体的状态方程可知

Pa-3V0_Pb-3V0

工,37；

所以

Pb=3P«

同理

.Pc-V0

解得

P,=3P“

所以

Pc=Pb>Pa

故B正确

C.过程入到c,温度降低，内能减小；体积减小，外界对气体做功，则气体放出热量，故C错误;

D.温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义，所以过程儿中气体的温度

降低，分子的平均动能减小，并不是每一个分子的速率都减小，故D错误;

E.由图可知过程ca中气体等温膨胀，内能不变，对外做功，根据热力学第一定律可知，气体吸收的热量等于对外做

的功，故E正确;

故选ABE,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

2

11,6.710钩码A、8的质量Mil、机2;（肛+%）Yn^gL-m^L

【解析】

③⑴根据螺旋测微器测量原理得

d=6.5mm+21.0x0.01mm=6.710mm

⑦[2][3]为验证机械能守恒定律，还需测量钩码A、B的质量机卜机2。对系统，因为动能的增加量等于重力势能的减

少量，则验证方程为

\2、2

；（町+利2）（d

m2gL-m^gL

\127

12、AD1.132.50B

【解析】

（DHJA.为使小车的合外力等于小车受到的拉力，必须平衡摩擦力，故A正确;

B.小车受到的拉力等于拉力传感器的两倍，不需要用细线的拉力近似等于砂和砂桶的重力，实验中不需要保证砂和

砂桶的质量远小于小车的质量，故B错误;

c.细线必须与木板保持平行，因为平衡了摩擦力，木板不水平，所以细线也不水平，故C错误；

D.为充分利用纸带，小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故D

正确。

故选ADo

(2)[2]打点计时器电源的频率为50Hz,相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，则相邻计数点间时间间隔

T=0.10s

根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于这段的平均速度可得

代入数据可得

匕-1.13m/s

[3]根据逐差法有

x+x+x—x-x-x

a=45e]23

9T2

代入数据可得

a«2.50m/s2

(3)[4]木板水平放置时，没有平衡小车受到的摩擦力，则有

2F-f=Ma

整理得

则a-歹图象为不过原点的斜线，故B正确，ACD错误。

故选B。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

49m(

13、(2)7m/s(2)3.6m,2m(3)e=或Q=4m2

2(l+/n1)

【解析】

(2)根据牛顿第三定律可知小块尸2滑到C处受到的支持力歹=?N,由牛顿第二定律得：F—m,g=也上

3r

代入数据解得：%=7m/s

⑵设尸2在8处的速度为照，从5到C的过程中，由动能定理得:

其中：

〃=0.4r=L2m

代入数据解得：％=5m/s

因为小滑块恰好能够沿切线无碰撞的从B点进入圆弧轨道，可知平抛的初速度为:

%=vBcos。=5x0.6m/s=3m/s

在B点时竖直方向的速度为：

vv=以sin6=5x0.8m/s-4m/s

则从A到B的时间为：

v4

r=-=—s=0.4s

g10

所以AC之间的水平距离为:

sAC=v(/4-rsin=3x0.4m+3x0.8m=3.6m

AC之间的竖直距离为：

2

hAC=；gj+/-(1-cos=