2022年广东省佛山市顺德区德胜中学中考物理三模试卷（附答案详解）

2022年广东省佛山市顺德区德胜中学中考物理三模试卷

1.实践证明，“测体温”“勤洗手”“要消毒”及“戴口罩”等措施可以有效防止新冠病

毒的传播。对这些措施中相关数据的估测，符合实际的是（）

A.“测体温”：人体的正常体温约为27℃

B.“勤洗手”：每次洗手时间应不少于20s

C.“要消毒”：一张消毒湿巾厚度的为2〃〃？

D.“戴口罩”：一只医用外科口罩质量约为3%g

2.关于能源、材料和粒子，下列说法中正确的是（）

A.电动机线圈用超导材料可以大大提高电能转化为机械能的效率

B.原子核是由质子和电子组成的

C.破镜难以重圆，是因为分子间存在斥力

D.太阳能、风能、天然气是可再生能源

3.中华古诗词、俗语中蕴含了丰富的声学知识。下列说法正确的是（）

A.谁家玉笛暗飞声-笛声由笛管振动产生B.响鼓还需重锤敲-声音的响度与频率

有关

C.怕得鱼惊不应人-声音可以传递能量D.闻其声而知其人-不同的人音色不同

4.如图是许听、刘诗雯在2022年1月19至23日的“W7T澳门冠军赛2021中国之星”比

赛时的场景，则下列说法正确的是（）

A.乒乓球在上升过程中以乒乓球为参照物，看台上的观众是静止的

B.乒乓球运动时若所受的力全部消失，乒乓球将会静止

C.球拍上的胶粒是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦

D.乒乓球从最高点下落的过程中，重力势能减少，动能变大，机械能保持不变

5.下列各图对应的描述正确的是（）

地磁场的磁感线从地理北极附近出来，回到地理南极附近

地理南极

B.用安培定则可以判定通电螺线管的左端是S极

C.外边和cd边受力方向相反，是因为它们电流方向和磁场

方向均不同

D.导体AB在磁场中竖直上下运动，不会产生感应电流

6.用两个相同的电加热器给质量均为0.2kg的物质甲和水加热，它们的温度随加热时间的变

化关系如图所示，不计热量损失，据此判断（）

A.物质甲的比热容为8.4x103J/（kg•℃）

B.加热20min时间内，水所吸收的热量是甲的两倍

C.甲在前lOmin内吸收的热量是5.04x104;

D.每个电加热器每秒放出421/的热量

7.如图甲所示电路，电源电压恒定不变，的为定值电阻、R为电阻箱，调整电阻箱R的电

阻值，电流表示数/的倒数与电阻箱阻值R的关系如图乙所示，以下说法中正确的是（）

甲乙

A.电源电压为3.61/

B.通过扁的最大电流为2A

C.调整电阻箱R的阻值，则R的最大功率为0.72〃

D.调整电阻箱R的阻值，则&的最大功率为3W

8.汉代《淮南万毕术》中著有：“取大镜高悬，置水盆于下，则见四邻矣。”情境如图所

示，该装置是世界上有记教的最早的鳍望镜，则高悬的大镜是（选填“凸面镜”"凹面

镜”或“平面镜”），插秧人在大镜中成（选填“实”或“虚”）像。大镜悬挂越高，所

成的像（选填“变大”“变小”或“不变”）。

水盆

9.如图甲所示，将海波放入大试管中，在烧杯中倒入热水。根据温度计A和8的示数，绘

制出海波和热水的温度随时间变化的图像，如图乙所示。由图像可知，在第8min时，大试管

内的海波处于（选填“固态”“液态”或“固液共存态"）。第lOmin后，海波的熔化将

（选填“继续”或“停止”）。由图像中的信息，（选填“能”或“不能”）得出

水的比热容比海波的大。

10.甲和乙两物体分别在拉力作用下，沿粗糙程度相同的水平面从同位置出发，同时开始向

东运动，甲运动的距离与时间关系图像如图中实线部分ABC。所示，乙运动的距离与时间的

关系图像如图中虚线部分所示，则甲在8秒内的平均速度为,甲物体在0-2秒内

受到的拉力（填“大于”、“等于”或“小于”）在6-8秒的拉力，在第4一5秒内，甲

相对于乙向.（填“东”或“西”）运动。

11.小亮设计了一个自动供水装置，他将一个塑料瓶装满水后倒放在盆景中，瓶口刚刚被水

浸没。一段时间后，盆景中的水会（填物态变化名称）而变少，瓶内的水会流出一部分，

瓶口又被浸没后，瓶中的水不再流出，如图所示，塑料瓶内水面的上方是（填“空气”

或“真空”）。如果在瓶壁“A”处打一个小孔，水（填"会”或“不会”）从小孔向外

喷出。

12.把两个完全相同的小球分别放入盛满不同液体的甲、乙两个溢水杯中，静止时的状态如

图所示，甲杯中溢出液体4M乙杯中溢出液体4.8N,则甲、乙两杯中液体的密度p尹_____p队

选填“>"、或“="），小球的重力为N,若甲杯中的液体是水，则小球的密度

为。

13.如图是探究“电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验装置，两个透明容器中

密封着初温、相同的空气•用甲装置可探究电流产生的热量与的关系：在乙装

置中，为了使实验现象更明显，可以将7?3的阻值换成更（选填“大”或“小”）的。

14.图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化的图象，将它们按图乙所示接入电压可变的

直流学生电源的电路中，只闭合开关S,小灯泡的实际功率为1W；电源电压调为IV的条件

下再闭合开关Si，电流表示数变化了A,此时小灯泡的电阻为n,此时电路中

消耗的总功率为w.

15.如图所示，一间教室要安装2盏“220V40W”的电灯，要求开关S控制两盏灯，且每盏

灯都能正常发光，电路连接要符合安全用电的要求，请按以上要求将图中元件用笔画线代替

导线连接起来。

双管发尢

）线

啜

16.电磁铁通电后，小磁针N极转至如图所示位置，请标出电磁铁的N极及线圈中的电流方

向，逐渐增大流过电磁铁的电流，铁块将由静止开始向右做加速运动，请大致在坐标图中画

出此过程中铁块所受摩擦力大小/随时间，变化的图象。

17.如图所示，天文望远镜是由两个透镜组成的，请完成两条入射光线经过两个透镜的光路。

（其中F］是透镜力的焦点，?2是透镜G的焦点）

18.测量是生活和学习中的一项基本技能。图甲中木块的长为cm；图乙中温度计的

示数是______

cm1234

图甲图乙

19.小明使用托盘天平以及质量为40g的空烧杯测未知溶液的密度，当小明将祛码盒中最小

的祛码放入右盘后，横梁指针仍如图甲所示，接下来他应该,天平最终平衡后右盘中

的祛码和游码位置如图乙所示，则溶液质量为g。

甲乙

20.在探究“固体压强与哪些因素有关”的活动中，小丽按图所示进行操作，她在探究的是

压强与的关系，她的左拇指受到的压力右拇指受的压力(选填或

21.如图所示，小亮在做探究“圆锥体所受浮力大小与哪些因素有关”的实验，两个相同的

容器中分别装有水和某种液体，请你回答下列有关的问题：

(1)力图中，弹簧测力计拉着圆锥体静止，拉力与力是一对平衡力；由图中步骤A、B、

C可得出结论：物体受到的浮力大小与有关；根据______图实验可得出：浮力的大小

与排开液体的密度有关。在E图中，圆锥体所受液体的浮力是N；

(2)F图中，用弹簧测力计拉着圆锥体从其底部刚好接触水而开始缓慢下降进入水中，直到快

接触到杯底，能大致反应圆锥体所受水的浮力产浮的大小与物体进入水中的深度深关系的

图象是下图中的(填字母)；

ABCD

(3)根据图中的实验数据，可计算出圆锥体的密度是kgg

(4)实验完成后，小刚取下合金块,他发现竖直向上提着弹簧测力计拉环时，指针对准了“(UN”

刻度线，则第(3)问中算出的圆锥体密度相对真实值_____(选填“偏大”、“偏小”或“仍

准确”)。

22.小红设计的电路图如图甲所示，利用此电路可以完成很多电学实验。图乙是其实物电路，

其中电源电压恒为4.5V,滑动变阻器上标有“30014”字样，其它均为实验室常用器材。

丙丁

(1)小红连接好图乙所示的实物电路后，发现存在连线错误，因为闭合开关S后，除了滑动变

阻器无法改变其接入电路的阻值外，还会导致,可能损坏该电路元件；

(2)改正图乙中的接线错误后，小红将阻值为5。、100、150、200定值电阻分别接入M、N

两接线柱间，探究电流与导体电阻的关系；

①下表是小红制作的实验记录表格，空格b处应当填入相应的数字。

次序1234

a5101520

b

②在定值电阻由小到大依次接入电路的过程中，为了保证本实验过程中电压表的示数不变,

滑动变阻器接入电路的阻值应(选填“逐渐增大”、“保持不变”或“逐渐减小”);

③小红根据实验数据得出/-R变化的图像，如图丙所示。由此得出结论：；

(3)小红又将额定电压为2.5V的小灯泡接入MN两接线柱间，调节滑片尸使电压表的示数为

2.5V,此时电流表的示数如图丁所示，则该小灯泡的额定功率。额=W；

(4)小明利用U颁=2.51/和刚刚测出的P概计算出了小灯泡的电阻，在此基础上，根据算出了

小灯泡实际电压为2V时的实际功率P「小红用实验测出了小灯泡实际电压为2V时的实际功

率P2,发现两者并不相等，则b(选填“>”、或"=")P2,导致二者不相等的原

因是。

23.利用图中所示滑轮组提升重力为960N的物体A时，拉力尸随时间r的变化关系如图乙

所示，物体上升的速度v随时间f变化的关系如图丙所示，不计绳重和一切摩擦。

(1)在0〜1s内物体4上升了0.5m,求此过程中拉力做的功；

(2)求在1~3s内拉力做功的功率；

(3)求在1〜3s内滑轮组的机械效率。

24.如表是某款两挡位电火锅的有关参数，如图甲是其简化电路图，％和/?2为阻值不变的电

热丝，单刀双掷开关S可接高温挡或低温挡，实现不同挡位的变换。

号)温挡

甲乙

额定电压U”电火锅挡位额定功率P/W

(1)求巴和&电热丝的阻值；

(2)电火锅正常工作时，分别用低温挡和高温挡将质量2依的水加热，绘制的水温随时间变化

的图像如图乙所示。请通过计算比较使用高温挡还是低温挡更节能；

(3)电火锅正常工作时，用低温挡将2依的水从60℃加热到70℃,求此过程中水吸收的热量

[c水=4.2X1。3/(kg・℃)],并求出烧水效率。

25.两个班级正在进行拔河比赛，小凯观察到场上参赛同学的体重都较大。他们的身体会适

当地向后倾斜。他猜想可能与摩擦力和杠杆的知识有关，于是进行了以下的实验探究：

弹簧测力计

2N

苜弹,测力计3N

弹,测力计2N

实验一：探究压力对摩擦力的影响

(1)为了测量物体受到滑动摩擦力的大小，在实验中应拉动物体。

(2)比较甲、乙两次实验可以得出结论：在接触面______相同时，压力越,滑动摩擦

力越大。

(3)实验现象表明在拔河比赛中选体重大的同学，对地面的压力大，产生的摩擦力越大，比赛

时他们的脚下不易打滑。

实验二：探究杠杆倾斜对杠杆平衡的影响

(1)一轻质长木棍下端固定另一端用细线挂一重物，将弹簧测力计固定在木棍和墙面之间，当

木棍静止时，如图丙所示。

(2)为了研究拔河比赛时同学身体后倾的现象，小凯应将木棍,再次进行实验，当木

棍静止时，弹簧测力计的示数变大了。比较这两次实验可得出：在木棍倾斜时，阻力保持不

变，阻力臂会,动力臂会,所以木棍受到的拉力变大。

(3)实验现象表明，在拔河比赛时以脚为支点，身体适当的后倾，会增加对对方的拉力，同时

身体不易向前倾倒。

26.小佳用“自制简易照相机模型”研究照相机成像原理。如图(a)所示，该模型由两个纸

筒M、N组成，例正好套在N的外面，并能进行抽拉。在纸筒M的一端贴上胶片，凸透镜固

定在纸筒N的一端。小佳同学将此模型和发光体(物高H=4厘米)固定在光具座上进行了三组

实验，如图(b)所示，实验步骤和操作均正确，并将每次实验测得的物距，人像距V、成像情

况等分别记录在表格中。/=10厘米，物高H=4厘米。

实验序号物距厘米）像距以厘米）像高九（厘米）

130.015.02.0

235.014.01.6

350.012.51.0

⑴在实验时胶片使用的材料是（选填“透明”或“不透明”或“半透明”）膜。

（2）由实验数据可知，第2次实验所成的像是（选填“正立”或“倒立”）的，此时的成

像规律与（选填“望远镜”或“显微镜”）的物镜相同。

（3）小佳将另一个凸透镜替换简易照相机的镜头，发现在保持镜头与物体间的距离不变时，要

将MN两个纸筒之间的距离调大，才能在胶片上重新观察到清晰的像，则这个像与之前所成

的像相比会（填“变大”、“变小”或“不变”）。这个凸透镜可用于矫正______（选填

“近”或“远”）视眼。

（4）小佳用简易照相机模型对着黑板上15厘米高的发光体观察，发现胶片上成像不完整。结

合上述实验信息和数据，写出让胶片上成像完整的做法：。

27.阅读短文，回答问题；

主动式空气净化器

如图甲为某型号空气净化器，在不同挡位工作时的参数如下表所示。洁净空气量是指1/7净化

空气的体积：能效比是空气净化器洁净空气量与输入功率之比，净化效率等于净化前后空气

中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。

工作挡位待机I挡2挡3挡4挡5挡6挡

功率(W)0.9234575103121148

净化空气量(H13//1)-120240360500610760

噪音(dB)/声强级-233239474955

(1)颗粒物接近带有负电荷的金属网时受到强烈的吸引力，这主要是因为。

(2)该净化器接在家庭电路中，在5挡正常工作时的电流为4如果室内面积为507n3,

房间的高度为2.5m,请你计算该空气净化器工作挡位为4挡时，理论上1/7可以净化房间内空

气次。

(3)单独使用该净化器20min,规格为2400imp/(/cw-h)的电能表指示灯闪烁36次，则该空气

净化器挡位工作，此时该空气净化器的能效比为

(4)利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻R。=100,电源电压

恒为28H如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度口的变化曲线。现用此电路检测

该型号净化器的净化效率：净化器启动前，检测电路中电流表的示数为0.74此时空气中有

害气体浓度是ng/m3.,

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故A不符合实际；

8、为保证做到有效防止新冠病毒的传播，洗手时应保证每次洗手时间应不少于20s,故B符合实

际；

C、一张消毒湿巾的厚度约为0.5zmn,故C不符合实际；

。、一只医用外科口罩质量较小，约为3g,故。不符合实际.

故选：瓦

不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最

后判断最符合实际的是哪一个。

物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也

能让物理更好地为生活服务。

2.【答案】A

【解析】解：

4、假设导体没有电阻，当电动机通电时，电动机不会产生电热，电能全部转化为机械能，故A

正确；

8、原子是由原子核和电子组成的，原子核是由质子和中子组成的，故B错误；

C、“破镜难重圆”是因为破镜碎片间的距离没有达到分子相互作用的距离，不是因为分子间存

在着排斥力，故C错误；

。、太阳能、风能是可再生能源，天然气是不可再生能源，故。错误.

故选：Ao

(1)假设导体没有电阻，电流通过导体时，导体不会产生热量；

(2)原子是由位于原子中心的原子核和核外电子组成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中

子组成的；

(3)物质分子间存在相互作用的引力与斥力，分子间相互作用力的距离很小，约为10-iOm；

(4)能够短时间从自然界得到补充的是可再生能源，不能得到补充的是不可再生能源。

本题考查的知识点较多，是一道学科综合题，但难度不大。

3.【答案】D

【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的，笛子发出的声音是由笛子中空气柱的振动产生的;

故A错误；

8、声音的响度指的是声音的大小或强弱，与声源的振幅有关；敲鼓时，用力越大，鼓面的振幅就

越大，产生声音的响度就越大；故8错误；

C、“怕得鱼惊不应人”说的是岸上钓鱼的人不敢跟人打招呼，生怕惊动了水中的鱼，这说明的

是液体可以传播声音；故C错误；

。、闻其声而知其人，指的我们可以通过音色来分辨不同声源发出的声音；故。正确。

故选：D。

(1)声音由物体知道产生。

(2)声音的响度与振幅有关，与距离发声体的远近有关。

(3)声可以传递信息和能量。

(4)音色与发声体的材料和结构有关。

理解声音的产生条件，区分声音的三个特征，知道声可以传递信息和能量，可解答此题。

4.【答案】C

【解析】解：4乒乓球抛出后，以上升的乒乓球为参照物，看台上观众与乒乓球之间发生了位置

的变化，是运动的，故A错误；

8.乒乓球运动时若所受的力全部消失，根据牛顿第一定律可知，乒乓球将会做匀速直线运动，故8

错误；

C.增大摩擦力的方法有：一是增大压力，二是增大接触面积的粗糙程度；球拍上的胶粒是通过增

大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C正确；

。.乒乓球从最高点下落的过程中，质量不变，高度变小，重力势能减少；质量不变，速度变大，

动能变大；由于乒乓球克服空气的阻力做功，机械能转化为内能，机械能减小，故。错误。

故选：Co

(1)物体相对于参照物，位置发生变化，则物体是运动的。

(2)物体不受力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。

(3)滑动摩擦力与压力大小和接触面粗糙程度有关。

(4)动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关。在动能和势能的转化过程中，

若不计摩擦、空气阻力等因素，机械能保持不变，若考虑摩擦、空气阻力等，机械能将变小。

会运用参照物判断物体的运动状态，理解牛顿第一定律，知道影响摩擦力的因素，理解影响动能

势能的因素、机械能的变化情况，可解答此题。

5.【答案】BD

【解析】解：4、地理南北极与地磁南北极相反，地磁场的磁感线是从地磁的北极出来，即地理南

极附近出来，从地理北极附近进入地球，故A错误；

8、安培定则：用右手握住螺线管，四指弯向电流的方向，大拇指所指的方向即为螺线管的N极；

用安培定则可以判定通电螺线管的右端是N极，则左端是S极，故B正确；

C、通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向和磁场的方向有关；"边和cd边在同一磁场中，

磁场方向相同，电流方向相反，受力方向也相反，故C错误；

。、导体48在磁场中竖直上下运动，不能切割磁感线，不会产生感应电流，故。正确。

故选：BD。

(1)地球本身就是一个大磁体；地磁的北极在地理的南极附近：地磁的南极在地理的北极附近；

(2)先确定电流的方向，再根据安培定则确定通电螺线管的N、S极；

(3)通电导体在磁场中受力方向与电流方向、磁场方向有关；

(4)产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动。

本题考查了地磁场、安培定则、影响通电导体在磁场中的受力方向的因素以及电磁感应等知识，

属于基础题目。

6.【答案】D

【解析】解：

A、由图象可知，用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60℃需要20min,

物质甲温度升高60℃需要iomin。

所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q次级：Q尹或=20：10=2：

3Q水吸=2Q甲吸，

由热量计算公式Q=czn△t得:c=焉，则c求=2c尹，又因为c次=4.2x10?J/(kg•℃),所以c*=

2.1xl()3〃(kgjc),故A错误；

8、用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，在相同时间内甲和水吸收的热量相同，所

以加热20分钟时间，水吸收的热量等于甲吸收的热量，故B错误；

C、甲物质lOmin升高了60℃,吸收的热量：Q用吸=t牛=2.1xl()3〃(/cg.℃)x0.2/cgx

60°c=2.52x104J,故C错误；

。、不计热量损失，lOmin电热器放出的热量：Q笳=Q伊级=2.52x104/,

每秒放出热量：Q=mtn==42/,故D正确。

lUXoUbUU

故选：£)。

(1)由图象可知，用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，相同时间内吸热相同，由图

可得质量相同的物质甲和水升高相同的温度，水吸收的热量等于甲吸收热量的2倍，由热量计算

公式Q=cm△t得c次=2c尹；据此求甲的比热容；

(2)用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，在相同时间内甲和水吸收的热量相同，所

以加热20分钟时间，水吸收的热量等于甲吸收的热量；

(3)知道甲的比热容，利用Q^=cm/kt求甲物质lOmin升高60%吸收的热量；

(4)不计热量损失，lOmin电热器放出的热量等于甲吸收的热量，进而求出每秒放出热量。

比较两个量的大小一定要根据公式来分析，这样思维严谨些。有图象的要合理利用图象。解决此

题的关键就是能得出质量相同的物质甲和水升高相同的温度水需要吸收的热量是甲的2倍。

7.【答案】C

【解析】解：闭合开关，R和R。串联，电流表测量电路电流。

AB.当电流表示数/的倒数为24-1时，电路中电流为0.54此时R接入电路的电阻值为0,

根据欧姆定律可知此时通过扁的电流最大，为0.54故B错误；

根据欧姆定律可知电源电压U=1RO=0.54XRo......①，

当电流表示数/的倒数为54T时，电路中电流为0.24,此时R接入电路的电阻值为180,

根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压U=l'R'+I'R0=0.2AX180+0.2AX

Ro......②，

联立①②可得：U=61/,&=120,故A错误；

CD、调整电阻箱R的阻值，此时电路中的电流厂=已，

根据p=ui=/2R可知R的电功率P=1"2R==——萼——，

Ro+R，(Ro-R『+4RRo

当/?=&=120时，R的电功率最大，为P十=察=4=曰售=0.75皿，故C正确：

uR天4/?/?04/?o4x12。

通过Ro的电流最大为654则调整电阻箱R的阻值，品的最大功率为：

20大=或火0=(0-5A)2X120=3勿，故。错误。

故选：C。

闭合开关，R和&串联，电流表测量电路电流。

(1)当电流表示数/的倒数为24T时，电路中电流为0.54此时R接入电路的电阻值为0,根据欧

姆定律可知此时通过心的电流最大；

根据欧姆定律可得出电源电压的表达式；当电流表示数/的倒数为54-1时，电路中电流为0.24

此时R接入电路的电阻值为180,根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得出电源电压的表达式;

联立两表达式可得电源电压和心的值；

(2)调整电阻箱R的阻值，根据欧姆定律可得出此时电路中的电流，根据P=U/=尸/?可知R的电

功率的表达式，进而分析并得出当R的最大电功率。

本题考查电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度适中。

8.【答案】平面镜虚不变

【解析】解：高悬的大镜是平面镜，根据平面镜成像的特点可知，插秧人在大镜中成正立的虚像，

平面镜所成的像的大小与物体的大小相同，大镜的高度改变，像的大小不变。

故答案为：平面镜；虚；不变。

平面镜成像是由光的反射形成的，成的是正立、等大的虚像。

本题考查了平面镜成像的特点的应用，属于基础题目，难度不大。

9.【答案】固液共存态停止不能

【解析】解：(1)由图乙可知，第8min时海波处于熔化过程中，为固液共存态：

(2)由图乙可知，第lOmin时，热水和海波的温度相同，海波不能从热水中吸收热量，停止熔化;

(3)要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才

能比较，而实验中没有控制它们的质量相同。

故答案为：固液共存态；停止；不能。

(1)晶体熔化时处于固液共存态；

(2)晶体熔化的条件是温度达到熔点，继续吸热；

(3)海波凝固时放热但温度不变。要比较比热容的大小，必须得控制其他物理量不变。本实验要控

制水和海波的质量相同，才可以比较比热容的大小。

本题考查了晶体熔化的条件和特点、凝固的特点，难度不大。

10.【答案】lm/s等于西

【解析】解：由图可知，甲在8s内通过的路程s*=8m,则甲在8s内的平均速度"=：=誓=lm/s；

在0〜2s内甲做匀速直线运动，则甲在水平面上所受拉力F1和摩擦力F是一对平衡力，则有:F1

6〜8s内甲做匀速直线运动，则甲在水平面上所受拉力尸2和摩擦力「是一对平衡力，则有：F2=f；

又因为物体沿粗糙程度相同的水平面运动，甲对水平面的压力大小与甲的重力大小相等，所以摩

擦力不变，即/=/：

可见，F1=尸2；

在4〜5s内，甲静止，乙超过甲继续向东运动，以乙为参照物，则甲向西运动。

故答案为：lm/s；等于；西。

由图可知I,甲在8s内通过的路程s尹=86，利用即可求其平均速度；在0〜2s内甲做匀速直

线运动，则拉力等于摩擦力，6〜8s内做匀速直线运动，所受拉力和摩擦力相等，即可推出两个

时间段的拉力关系；在4〜5s内，甲静止，乙超过甲继续向东运动，以乙为参照物，则甲向西运

动。

本题考查平均速度的计算、二力平衡条件及其应用、参照物的选取，根据物体的运动状态判断受

力是解答本题的易错点。

11.【答案】汽化空气不会

【解析】解：

(1)盆景中的水由液态变成气态，发生了蒸发现象，所以水会因为汽化而变少；

(2)由于水会汽化和被植物吸收，所以盆景中水会下降，瓶口会露出水面。因为重力作用，瓶中水

会流出，外界空气会进入，当瓶口再次被水淹没，外界大气压大于瓶内空气的压强与瓶内水的压

强之和，瓶中的水又停止外流，故塑料瓶上方是空气。

(3)4点在水面下方，所以不会有空气进入，瓶内气体压强与A点上方水的压强之和小于大气压，

因此水不会向外喷出。

故答案为：汽化；空气；不会。

(1)物质由液态变为气态的过程叫汽化；

(2)随着水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，

瓶子的水会下降流出一部分，使瓶外水位重新升高，瓶口继续没入水中，空气不再进入，如此反

复；

(3)如果在瓶的侧壁扎一个小孔，由于外界大气压的作用，瓶中的水不会向外喷出。

本题考查汽化现象、大气压的特点，还考查了学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学

生的分析能力要求较高，是中考重点考查的内容。

12.【答案】＜4.81.2x103kg/m3

【解析】解：(1)由图可知，甲中小球沉入容器底部、乙中小球漂浮在液面上，

因物体的密度大于液体的密度时下沉、沉入容器底部，物体密度小于液体密度时上浮、最终漂浮,

所以，P球＞P甲，P球＜P乙，即P*〈P乙；

(2)因小球在乙液体中漂浮，

所以，乙中小球受到的浮力产浮乙=G戏，

由阿基米德原理可知，G球=F浮乙=G溢乙=4.8N,

Q

小球的质量.原=詈=微=0.48的；

G

(3)己知甲杯中溢出液体4M则赧/==［薪kg=OAkg,

图甲中小球沉入容器底部，

由p=f可得，小球的体积：

_巾1溢甲_o.4kg_._

V球=V溢甲=77=1.0x103^/^=4Xl1n04m3,

小球的密度:

_1n球—0.48kg_1c“1W

12X10

P球FJ4x10-47n3-的/皿°

33

故答案为：＜;4.8；1.2x10kg/ma

(1)两个完全相同小球的密度相同，根据物体浮沉条件比较两液体的密度关系，即物体的密度大于

液体的密度时下沉、沉入容器底部，物体密度小于液体密度时上浮、最终漂浮；

(2)图乙中小球漂浮，根据物体漂浮条件可知受到的浮力，根据阿基米德原理可知受到浮力等于排

开液体的重力，由漂浮时F殍=G可求得小球的重力；

图甲中小球沉入容器底部，根据密度公式求出溢出水的体积即为小球的体积，根据p=£求出小球

的密度。

本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件以及密度公式的应用，关键是知道物体浸没在盛满液体

的溢水杯中时，溢出液体的体积和自身的体积相等，计算过程要注意单位的换算。

13.【答案】质量电阻小

【解析】解：(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，可通过加热空气使U形管液面高度

差发生变化来反映，因而必须控制两个容器中的空气质量、初温相同；

(2)如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探

究电流产生热量跟电阻的关系；

(3)图乙装置中两个50的电阻并联后再与一个50的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右

端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，

即/右=，左，

两个50的电阻并联，根据并联电路的电流特点知：1右=1内+1外，

所以，/左〉/为，容器内的电阻值都是50，阻值相等，通电时间相等，电流不同，通电一段时间

后，左面“U”形管液面高度差较大，为了使得实验现象明显，应该增大通过%的电流，减小通

过/?2的电流，因而要增大容器外电阻/?3分得的电流，根据并联分流特点，电阻越小，分得的电流

越大，则应减小/?3的阻值。

故答案为：质量；电阻；小。

(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，可通过加热空气使。形管液面高度差发生变化来

反映，因而必须控制两个容器中的空气质量、初温相同；通过U形管液面高度差的变化来反映电

流通过导体产生热量的多少，这种研究方法叫转换法：

(2)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，甲图两电阻串联接入电路，通过两电

阻的电流相等，故探究电流产生热量跟电阻关系；

(3)图乙装置中两个50的电阻并联后再与一个50的电阻串联，探究的是电流通过导体产生热量与

电流关系；为了使实验现象更明显，即需使左侧。形管液面高度差比右侧更大，可采取的措施是

增大通过&的电流，减小通过刈的电流，根据并联分流分析。

本题要掌握探究电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验，注意实验时既用到了控制变

量法还用到了转换法，难点是实验的改进。

14.【答案】0.1；2.5；0.6

【解析】解：由电路图可知，只闭合开关S时，电路为L的简单电路，电流表测通过心的电流，

由图象可知，电源的电压U=2U,通过灯泡的电流/=0.54时，灯泡的实际功率P=U/=2Vx

0.54=1W；

电源电压调为IV的条件下再闭合开关Si时，L与R并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，L与R两端的电压4=%=U'=IV,

由图象可知，通过£与R的电流分别为〃=0.44IR=0.2A,

由/=g可得，此时灯泡的电阻：

&*=怒=2.50,

L

IL0.44

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流表的示数：

1'0.44+0.2A=0.64

=IL+IR=

则电流表示数的变化量：

△/=/'-/=0.64-0.54=0.1/4,

此时电路中消耗的总功率：

P'=U'l'=1Vx0.6X=0.61V.

故答案为：0.1；2.5；0.6.

由电路图可知，只闭合开关S时，电路为L的简单电路，电流表测通过4的电流，根据图象读出

灯泡的实际功率为1W时电源的电压和通过的电流；电源电压调为IV的条件下再闭合开关Si时,

L与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压相等，根据图象

读出通过乙与R的电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻，根据并联电路的电流特点求出干路

电流，然后得出电流表示数的变化量，根据P=U/求出此时电路中消耗的总功率.

本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出灯泡实际功率

为1W时其两端的电压和通过的电流.

15.【答案】解：由图可知，试电笔接触下面的线时，筑管发光，则下面的线为火线，上面的线为

零线；

要使每盏灯都能正常发光，则两灯泡要并联，开关S控制两盏灯，则开关S应串联在干路中；螺

口灯泡接法：火线进入开关，这样在断开开关时，能切断火线与灯泡的连接，接触灯泡不会发生

触电事故。既能控制灯泡，又能更安全；如图所示：

筑管发光

螺口灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡

顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。

掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

16.【答案】解：(1)根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可以判断电磁铁的右端是S极，

左端是N极，根据安培定则可知，螺线管中电流的方向是向上的，如图所示；

(2)铁块保持静止状态，但是有水平向右运动的趋势，这说明根据静止的物体受到平衡力作用，所

以铁块受到水平向左的摩擦力等于水平向右的吸引力，由于电流变大，电磁铁的磁性变大，吸引

力变大，所以摩擦力先变大，铁块静止时的最大静摩擦力要大于滑动摩擦力，当铁块开始向右做

加速运动时，受到的是滑动摩擦力，滑动摩擦力大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，与运

动速度无关，所以此时的滑动摩擦力大小不变，如图所示：

【解析】(1)根据磁极间的作用判断电磁铁的磁极；根据安培定则判定螺线管中电流的方向；

(2)电磁铁有磁性,吸引铁块,铁块有向右移动的趋势，根据运动趋势判断铁块受到摩擦力的大小。

本题考查安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、影响滑动摩擦力大小的因素、二力平衡条件

的应用，考查的比较全面。

17.【答案】解:

延长线过凹透镜另一侧焦点的光线，经凹透镜发散后，将平行于主光轴，通过凸透镜后将会聚到

凸透镜的焦点。平行于凹透镜主光轴的，经凹透镜的发散作用，折射光线的反向延长线过焦点。

由于该折射光线可认为是从凹透镜左边的焦点发出的，而凹透镜左边的焦点到凸透镜的距离要大

于2倍的凸透镜的焦距，因此像距应在1倍焦距和2倍焦距之间，如图所示:

【解析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作

图。

凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②

平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透

镜折射后传播方向不改变。

凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的

光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。

18.【答案】2.50-11

【解析】解：由图甲可知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=

1mm,即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.50cm对齐，右侧与4.00cm对齐，故物体的长

度为2.50cm；

由图乙可知，温度计的分度值为1℃,示数从下向上的数值逐渐减小，故此时应该是0摄氏度以下，

故读数为一

故答案为：2.50；-11»

使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，

起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为

物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；

使用实验室温度计读数时，要先确定量程和分度值，再根据温度计液柱液面位置读数，注意区分

温度是零上还是零下。

本题考查了刻度尺和温度计的读数，是一道基础题。

19.【答案】向右调节游码，直到横梁平衡22

【解析】解：(1)由图可知，当小明将祛码盒中最小的祛码放入右盘后，指针偏向分度盘的左侧,

但没到最左侧，说明物体还是略重，此时应向右调节游码，直到横梁平衡。

(2)由图乙可知，标尺的分度值是0.2g,游码对应的刻度值为2g,则?n总=50g+10g+2g=62g,

溶液的质量m溶於=m£,-m^=62g-40g=22g。

故答案为：向右调节游码，直到横梁平衡；22。

(1)用天平测量物体质量时，物体放在天平的左盘，用镶子向右盘增减硅码，当加最小祛码天平指

针指向分度盘的左侧，此时向右移动游码，直到天平重新平衡；

(2)烧杯和溶液的总质量等于盘中祛码和游码所对刻度示数之和，溶液的质量等于总质量减去烧杯

的质量。

本题考查的是天平的使用，属于基础题。

20.【答案】受力面积=

【解析】解：

铅笔处于静止状态，受平衡力的作用，故两手指对铅笔的压力相同，而左拇指比右拇指的接触面

积小，左拇指受到的压强大，探究的是压强与受力面积的关系。

故答案为：受力面积；=。

当研究压力的作用效果与压力大小的关系时，应控制受力面积相同；当研究压力的作用效果与受

力面积的关系时，应控压力的大小相同。

本题考查压力的作用效果与受力面积的关系，难度不大。

21.【答案】圆锥体的重排开液体的体积A、D、E1.1B3.75x103仍准确

【解析】解：

(1)4图中，弹簧测力计拉着圆锥体静止，圆锥体受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，拉力

跟圆锥体的重力是一对平衡力；

由图中步骤A可知圆锥体的重力大小，B、C中物体排开水的体积不同，根据尸涔=G-F〃；可知，

8、C中物体受到的浮力大小不同，可得出结论：物体受到的浮力大小与排开液体的体积有关；

由图中步骤A可知圆锥体的重力大小,£)、■£中物体排开液体的密度不同，根据尸部=G-F〃；可知，

。、E中物体受到的浮力大小不同，可得出结论：物体受到的浮力大小与排开液体的密度有关；

E图中，圆锥体所受液体的浮力是F液=G-=45N-3.4/V=1.1N；

(2)尸图中，用弹簧测力计拉着圆锥体从其底部刚好接触水而开始缓慢下降进入水中，直到快接触

到杯底，在完全浸没前，随着深度的增加，受到的浮力增大；完全浸没后，深度增加，但浮力不

变，故AC。不符合题意，B符合题意。

故选8。

(3)C图中，圆锥体所受水的浮力是户次=G-F-3=4.5N-3.3/V=1.27V

根据阿基米德原理，排开水的体积即为圆锥体的体积：I/=^.===1.2xl0-4m3；

圆锥体的密度是：p====3.75x

(4)虽然指针对准了“0.1N”刻度线，实际的拉力小于弹簧测力计的示数，但是弹簧测力计的两次

示数之差为浮力，浮力的测量准确，物体的体积测量准确，所以算出的液体密度相对真实值仍准

确。

故答案为：(1)圆锥体的重；排开液体的体积；4、。、E;1.1;(2)B；(3)3.75x103；(4)仍准确。

(1)利用二力平衡条件分析；物体所受浮力的大小与排开液体的密度和排开液体的体积有关，研究

液体中的物体所受浮力的大小与排开液体体积的关系时，要控制物体液体的密度相同，体积不相

同；研究液体中的物体所受浮力的大小与排开液体密度的关系时，要控制物体液体的体积相同，

液体密度不相同；由图A、E,利用称重法计算出圆锥体所受液体的浮力；

(2)明确横纵轴表示的内容，再分析尸随〃的变化趋势，与表格中的实验结果相对照；

(3)根据称重法求出物体浸没在水中时受到的浮力；

由阿基米德原理可得出排开水的体积，即物体的体积，根据G=mg算出物体的质量，根据「=可

求出物体的密度；

(4))弹簧测力计的两次示数之差为浮力，据此分析。

本题探究影响浮力大小的因素，考查称重法测浮力、阿基米德原理、控制变量法、求密度以及图

像的判断等知识，综合性强，有一定的难度。

22.【答案】电压表超出量程0.40.20.130.1逐渐增大电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻

成反比0.75＜小灯泡灯丝电阻随温度的升高而增大

【解析】解：(1)滑动变阻器上面两个接线柱接入电路，滑动变阻器接入的阻值为零，而电源电压

为4.5V,滑动变阻器无法分担部分电压，那么开关闭合后，电压表的示数将为4.5V,故存在的问

题是电压表超出了量程，从而损坏电压表。

(2)①从图中可知1、2、4对应的电流值分别为0.4、0.2、0.1,第三次实验对应的数据为石=«0.13A。

②设定值电阻两端的电压为Ui，为了保证本实验过程中电压表的示数不变，则滑动变阻器需要分

担的电压为4.5U-U],

在串联电路中，电阻之比为：===,电阻之比是一个定值，当定值电阻慢慢增大时，滑动变阻

器的阻值也慢慢变大。

③如图丙所示，电流与电阻的乘积是一个定值，故结论为定值电阻两端的电压一定时，通过导体

的电流与导体的电阻成反比。

(3)如图丁所示，是电流表，分度值为0.024,故读数为0.34小灯泡的额定功率P颁=%/颜=

2.5Vx0.34=0.75亿

(4)如图所示，当小灯泡正常发光时，其电阻为&===0,

在此基础上，认为小灯泡的电阻不变，小灯泡实际电压为2y时的实际功率&===0.48W。

由于实际测量过程中，电压变小，实际电功率变小，温度降低，灯泡的电阻变小，灯泡的实际电

阻小于0,根据P=可知，测量的实际功率P2大于即R＜。2,而导致两个功率不等的原因是

小灯泡灯丝电阻随温度的升高而增大。

故答案为：(1)电压表超出量程：

(2)①0.4；0.2；0.13；0.1；②逐渐增大；③电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比;

(3)0.75；

(4)；＜；小灯泡灯丝电阻随温度的升高而增大。

(1)变阻器在接入电路时，应将变阻器上下接线柱各选一个，若连接变阻器的两个上接线柱，相对

于接入导线，导致定值电阻两端的电压变大，损坏电压表。

(2)探究电流与电阻关系，应控制定值电阻两端的电压不变，变阻器起到分压作用。电压一定时,

通过导体的电流与导体的电阻成反比。

(3)运用P=U/可得出功率大小。

(4)灯丝温度高时，电阻大，根据「=可求出的电功率较小。

知道变阻器的使用方法，理解串联电路的分压规律、电流与电阻之间的关系，会运用电功率的公

式，知道灯丝电阻与温度有关，可解答此题。

23.【答案】解：(1)从图中可知n=3,在0〜Is内拉力F=450N,

物体A上升了0.5m,绳子自由端移动的距离s=n/i=3x0.5m=1.5m,

此过程中拉力做的功W=Fs=450/Vx1.5m=675/；

(2)在1〜3s内物体做匀速直线运动，速度"物=l.(hn/s,绳子自由端的速度D=nv物=3x

l.Om/s=3m/s,拉力F'=400N,

根据p=/=r=Fu可知拉力做功的功率P=F'v=4007VX3m/s=1200”；

(3)在1〜3s内滑轮组的机械效率TJ==丝=，■=上=当需x100%=80%。

w,^FsFnhnF3X400N

答：(1)在0~Is内物体4上升了0.5m,此过程中拉力做的功为675J；

(2)在1〜3s内拉力做功的功率为1200W；

(3)在1〜3s内滑轮组的机械效率为80%。

【解析】(1)从图中可知n=3,且在0〜1s内拉力F=450N,物体A上升了0.5m,根据s=n/i得

出绳子自由端移动的距离，根据W=为得出此过程中拉力做的功；

(2)在1〜3s内物体做匀速直线运动，速度u物=根据u=物得出绳子自由端的速度，

根据P=3可知拉力做功的功率；

(3)根据4=/=,=照=白得出在1-3s内滑轮组的机械效率。

本题考查有关滑轮组的功、功率和机械效率的有关知识，关键是从图中得出有用信息。

24.【答案】解：(1)当S接高温挡时，只有&在工作，由表中数据可知，此时功率P高=880勿,

根据P=(//=4可得，电阻&的阻值为：%=拄=寓，=550；

Ky立俎ooUlV

当S接低温挡时，只有&在工作，由表中数据可知，此时功率P如=220〃，根据P=与可得，电

阻治的阻值为&=/-=嗡