2023届广西桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海高三5月高考模拟物理试题

2023届广西桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海高三5月高考模拟物理试题

考生须知：

1,全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2,请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，在粗糙的水平面上放一质量为2kg的物体，现用F=8N的力，斜向下推物体，力F与水平面成30角，

物体与水平面之间的滑动摩擦系数为g=0.5,则

A.物体对地面的压力为24N

B.物体所受的摩擦力为12N

C.物体加速度为6〃?//

D.物体将向右匀速运动

2、下列叙述正确的是（）

A.光电效应深入地揭示了光的粒子性的一面，表明光子除具有能量之外还具有动量

B.氢原子的核外电子，由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近轨道，放出光子，电子的动能减小，电势能增加

C.处于基态的氢原子吸收一个光子跃迁到激发态，再向低能级跃迁时辐射光子的频率一定大于吸收光子的频率

D.卢瑟福依据极少数a粒子发生大角度偏转提出了原子的核式结构模型

3、2017年11月5日，又有两颗北斗导航系统组网卫星通过“一箭双星”发射升空，并成功进入预定轨道，两颗卫星绕

地球运动均看作匀速圆周运动。如果两颗卫星的质量均为其中的1号卫星轨道距离地面高度为九2号卫星轨道

距离地面高度为"，且"〉心把地球看做质量分布均匀的球体，已知地球半径为R,地球表面的重力加速度大小为g,

引力常量为G下列说法正确的是（）

A.1号卫星绕地球运动的线速度

\R+h

B.1号卫星绕地球运动的周期T=24+

VGM

心

C.1号卫星和2号卫星做匀速圆周运动的向心力大小之比为土■

D.稳定在轨运行时1号卫星的机械能大于2号卫星的机械能

4、如图甲所示，被称为“魔力陀螺”玩具的陀螺能在圆轨道外侧旋转不脱落，其原理可等效为如图乙所示的模型：半径

为R的磁性圆轨道竖直固定，质量为小的铁球（视为质点）沿轨道外侧运动，A、B分别为轨道的最高点和最低点，

轨道对铁球的磁性引力始终指向圆心且大小不变，不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g,则

A.铁球绕轨道可能做匀速圆周运动

B.铁球绕轨道运动过程中机械能守恒

C.铁球在A点的速度必须大于历

D.轨道对铁球的磁性引力至少为3mg,才能使铁球不脱轨

5、一定质量的理想气体，其状态变化的尸-7图像如图所示。气体在由状态1变化到状态2的过程中，下列说法正确的

是

A.分子热运动的平均速率增大

B.分子热运动的平均速率减小

C.单位体积内分子数增多

D.单位面积、单位时间内撞击器壁的分子数增多

6、如图所示，质量为M的木块位于光滑水平面上，在木块与墙之间用轻弹簧连接，开始时木块静止在A位置，现有

一质量为m的子弹以水平速度vo射向木块并嵌入其中，则当木块回到A位置时的速度v以及此过程中墙对弹簧的冲量

I的大小分别为（）

nlV（

A.v=',1=0B.丫=竺:I=2mv0

M+mM

C,人上小/=4D,-与.，I=2mv0

M+mM+mM+m

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、真空中，在x轴上的坐标原点。和x=50cm处分别固定点电荷A、B,在x=10cm处由静止释放一正点电荷p,点

电荷P只受电场力作用沿x轴方向运动，其速度与在x轴上的位置关系如图所示。下列说法正确的是（）

B.从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷p的电势能一定先增大后减小

C.点电荷A、B所带电荷量的绝对值之比为9：4

D.从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷p所受的电场力先增大后减小

8、下列说法中正确的是。

A.光从一种介质进入另一种介质时，其频率不变

B.对同一种光学材料，不同颜色的光在该材料中的传播速度相同

C.雨后路面上的油膜呈现彩色，是光的干涉现象

D.光学镜头上的增透膜是利用光的衍射现象

E.光纤通信及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理

9、如图所示，光滑、平行的金属轨道分水平段（左端接有阻值为R的定值电阻）和半圆弧段两部分，两段轨道相切于N

和N，点，圆弧的半径为r,两金属轨道间的宽度为d,整个轨道处于磁感应强度为3,方向竖直向上的匀强磁场中.质

量为机、长为d、电阻为K的金属细杆置于框架上的MM，处，MN=z•.在U0时刻，给金属细杆一个垂直金属细杆、水

平向右的初速度之后金属细杆沿轨道运动，在Ufi时刻，金属细杆以速度v通过与圆心等高的尸和产；在仁打时

刻，金属细杆恰好通过圆弧轨道的最高点，金属细杆与轨道始终接触良好，轨道的电阻和空气阻力均不计，重力加速

度为g.以下说法正确的是（）

A.UO时刻，金属细杆两端的电压为8小。

B.UA时刻，金属细杆所受的安培力为纥迎

2R

C.从UO到上有时刻，通过金属细杆横截面的电量为半

D.从UO到，=及时亥IJ,定值电阻R产生的焦耳热为7相片—

10、飞机在航空母舰上从静止开始起飞，在自身发动机和舰装弹射器的共同作用下沿水平方向加速运动。发动机产生

的推力恒为1.0xl（）5N,弹射器的作用长度为100m,飞机质量为3.0*104kg,飞机所受阻力为弹射器弹力和发动机

推力总和的20%。若飞机在弹射结束时要求的速度为80m/s,则弹射过程中（）

A.飞机的加速度为32m/s?

B.弹射器推力为LIXKTN

C.弹射器对飞机做功为l.lxl（）8j

D.弹射器对飞机做功的平均功率为8.8xl（）7w

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某学习小组用如图甲所示的实验装置来探究“小车加速度与合外力的关系”，并用此装置测量轨道与小车之

间的动摩擦因数。实验装置中的微型力传感器质量不计，水平轨道表面粗糙程度处处相同，实验中选择了不可伸长的

轻质细绳和轻定滑轮。实验中保持小车和位移传感器（发射器）的总质量M不变，小车和位移传感器（发射器）的加

速度由位移传感器（接收器）及与之相连的计算机得到。多次改变重物的质量进行实验得小车和位移传感器（发射器）

的加速度a与力传感器的示数F的关系图象如图乙所示。重力加速度取g=1Om/s\

（1）用该实验装置测量小车与水平轨道间的动摩擦因数时，下列选项中必须要做的一项实验要求是（填写选项对

应字母）

A.要使重物的质量远远小于小车和位移传感器（发射器）的总质量

B.要将轨道的一端适当垫高来平衡摩擦力

C.要使细线与水平轨道保持平行

D.要将力传感器的示数作为小车所受的合外力

⑵根据图象乙可知该水平轨道的摩擦因数〃=（用分数表示）。

（3）该学习小组用该装置来验证“小车和位移传感器（发射器）质量不变情况下，小车和位移传感器（发射器）的加速

度与作用在小车上的拉力成正比，，，那么应该将轨道斜面调整到8=（用角度表示）。

12.（12分）某同学在做“探究弹力与弹簧长度关系”的实验中，根据实验数据描点画出尸一心图像如图所示。若弹簧始

终未超过弹性限度，重力加速度g取10m/s2,请回答以下两个问题：

（1）由以上实验数据可求得弹簧的劲度系数k=N/m（保留三位有效数字）；

（2）由图中实验数据得出弹簧弹力大小F与其长度L的关系式为,对应的函数关系图线与横轴（长度L）的交

点表示o

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示的坐标系内，直角三角形0左区域内有一方向垂直于纸面向外的匀强磁场。在x轴上方，三角

形磁场区域右侧存在一个与三角形0尸边平行的匀强电场，电场强度为瓦方向斜向下并与x轴的夹角为30。，已知

。尸边的长度为L,有一不计重力、质量为，”、电荷量为g的带正电的粒子从静止开始经加速电场加速后，以为的速

度从A点垂直于y轴射入磁场；一段时间后，该粒子在0尸边上某点以垂直于O尸边方向射入电场，最终速度方向垂

直于x轴射出电场。求：

（1）加速电压及匀强磁场的磁感应强度大小

（2）带电粒子到达x轴时的动能与带电粒子刚进入磁场时动能的比值

（3）带电粒子从射入磁场到运动至x轴的时间

14.(16分)如图，直角三角形ABC为一棱镜的横截面，NA=90。，NB=30。.一束光线平行于底边8c射到43边上

并进入棱镜，然后垂直于AC边射出.

(1)求棱镜的折射率；

(2)保持A5边上的入射点不变，逐渐减小入射角，直到5c边上恰好有光线射出.求此时A5边上入射角的正弦.

15.(12分)如图所示，质量如=0.3kg的小车静止在光滑的水平面上，车长L=2.0m,现有质量，"2=0.2kg可视为质点

的物块，以水平向右的速度为=2m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止。物块与车面间的动摩

擦因数〃=0.5,取g=10m/s2,求

(1)物块在车面上滑行的时间f;

(2)要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度y不超过多少？

(3)物块仍以水平向右的速度y°=2m/s从左端滑上小车，要使物块从小车右端滑出，则物块刚滑上小车左端时需加一

个至少多大的水平恒力尸？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

受力分析如图所示，在竖直方向上，由平衡条件得N=Fsin3(r+mg=24N,物体与水平地面间最大静摩擦力

£ax=〃N=12N,水平方向上/；=Feos30°=46N,由于工＜工.，物体将静止不动，故物体所受的摩擦力

为静摩擦力/=q=4gN,综上分析，正确答案为A.

2、D

【解析】

A.光电效应深入地揭示了光的粒子性的一面，表明光子具有能量，A错误；

B.氢原子的核外电子，由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近轨道，释放一定频率的光子，电子的轨道半径变小，

电场力做正功，电子的动能增大，电势能减小，B错误；

C.处于基态的氢原子吸收一个光子跃迁到激发态，再向低能级跃迁时辐射光子的频率应小于或等于吸收光子的频率,

c错误；

D.a粒子散射实验中，少数a粒子发生大角度偏转是卢瑟福提出原子核式结构模型的主要依据，D正确。

故选D。

3、A

【解析】

A.设地球质量机，根据公式

-Mmv2

G=M——

(R+h?(R+h)

和

mi%

恤g=G重

解得

故A正确;

B.根据公式

Mm47r2

G=M-^(R+h)

(R+h)2T2

和

m°g=G~^

K

解得：

2爪R+h)dR+h

T=

故B错误;

C.根据

口mM

F.=G---------r

1(R+h)2

mM

F=G

2(R+h)2

所以

耳=(R+方，

(R+h)2

故c错误；

D.由于/?<",卫星从低轨道向高轨道要点火加速，化学能转化为机械能，所以稳定在轨运行时1号卫星的机械能小

于2号卫星的机械能，故D错误。

故选A.

4、B

【解析】

AB.小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，其中铁球受轨道的磁性引力始终指向圆心且大小

不变，支持力的方向过圆心，它们都始终与运动的方向垂直，所以磁力和支持力都不能对小铁球做功，只有重力会对

小铁球做功，所以小铁球的机械能守恒，在最高点的速度最小，在最低点的速度最大.小铁球不可能做匀速圆周运动.故

A错误，B正确；

C.小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，在最高点轨道对小铁球的支持力的方向可以向上,

小铁球的速度只要大于1即可通过最高点，故C错误；

D.由于小铁球在运动的过程中机械能守恒，所以小铁球在最高点的速度越小，则机械能越小，在最低点的速度也越

小，根据：尸=，”上可知小铁球在最低点时需要的向心力越小.而在最低点小铁球受到的重力的方向向下，支持力的

R

方向也向下、只有磁力的方向向上.要使铁球不脱轨，轨道对铁球的支持力一定要大于1.所以铁球不脱轨的条件是:

小铁球在最高点的速度恰好为1,而且到达最低点时，轨道对铁球的支持力恰好等于1.根据机械能守恒定律，小铁球

在最高点的速度恰好为1,到达最低点时的速度满足，〃g・2K=gmv2,轨道对铁球的支持力恰好等于1,则磁力与重力

2

的合力提供向心力，即：F-mg=—,联立得：F=5mg,故D错误.

R

5、A

【解析】

本题考查分子动理论。

【详解】

AB.温度是分子热运动平均动能的标志，温度升高，分子热运动平均动能增加，分子热运动的平均速率增大，A正确，

B错误；

C.由理想气体状态方程，

PV=nRT

V*

P

温度升高，压强变小，体积变大，单位体积内分子数减少，C错误；

D.温度升高，分子热运动的平均速率增大，压强却减小了，故单位面积，单位时间内撞击壁的分子数减少，D错误;

故选A。

6、D

【解析】

子弹射入木块过程，由于时间极短，子弹与木块间的内力远大于系统外力，由动量守恒定律得：

mv0=(M+m)v

解得：

M+m

子弹和木块系统在弹簧弹力的作用下先做减速运动，后做加速运动，回到4位置时速度大小不变，即当木块回到A位

置时的速度大小

M-vm

子弹和木块弹簧组成的系统受到的合力即可墙对弹簧的作用力，根据动量定理得：

I=_(M+m)v-mv0=-2mv0

所以墙对弹簧的冲量I的大小为2mv0.

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解析】

A.点电荷p从x=10cm处运动到x=30cm处，动能增大，电场力对点电荷做正功，则点电荷所受的电场力方向沿+x

轴方向，因此，从x=10cm到x=30cm范围内，电场方向沿+x轴方向，所以，mlOcm处的电势比x=20cm处的电势高,

故A正确；

B.点电荷p在运动过程中，只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变，点电荷的动能先增大后减小，则其电势

能先减小后增大，故B错误；

C.从x=10cm到x=30cm范围内，点电荷p所受的电场力沿+x轴方向，从x=30cm到x=50cm范围内，点电荷尸所受

的电场力沿-x轴方向，所以，点电荷P在x=30cm处所受的电场力为零，则点电荷A、5对点电荷p的静电力大小相

等，方向相反，故有

k第=k等

尸：场

其中rA=30cm,rB=20cm,所以，QB=9：4,故C正确；

D.点电荷x=30cm处所受的电场力为零，由电场力公式/=gE可知：x=30cm处的电场强度为零，所以从x=10cm到

x=40cm的过程中，点电荷p所受的电场力一定先减小后增大，故D错误。

故选AC。

8、ACE

【解析】

A.光从一种介质进入另一种介质时，其频率不变，选项A正确；

B.对同一种光学材料，不同颜色的光在该材料中的传播速度不同，选项B错误；

C.雨后路面上的油膜呈现彩色，是光的干涉现象，选项C正确；

D.光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象，选项D错误；

E.光纤通信及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理，选项E正确；

故选ACEo

9、CD

【解析】

A.UO时刻，金属细杆产生的感应电动势

E-Bdv0

金属细杆两端的电压

E1

U=—•R=-Bdv

2R2°n

故A错误；

B.时刻，金属细杆的速度与磁场平行，不切割磁感线，不产生感应电流，所以此时，金属细杆不受安培力，故B

错误；

C.从UO到UA时刻，电路中的平均电动势

-_△①_Bdx2r

△t%

回路中的电流

7=互

2R

在这段时间内通过金属细杆横截面的电量

q=it[

解得

Bdr

q=----

R

故C正确；

D.设杆通过最高点速度为岭，金属细杆恰好通过圆弧轨道的最高点，对杆受力分析，由牛顿第二定律可得

解得

从仁0到Ut2时刻，据功能关系可得，回路中的总电热

定值电阻R产生的焦耳热

QR=\Q

解得

QR

故D正确

故选CD。

【点睛】

-AE△①Ar△①

感应电量q=/-，=G­•△，=〃=•『=〃’，这个规律要能熟练推导并应用.

R&X底R总

10、ABC

【解析】

A.加速过程有

v2=2ax

解得

a—32mzs2

故A正确；

B.阻力

？=20%(%+7)

由动能定理得

12

(卷+理)-片产5m一

解得

/^=1.1X106N

故B正确；

C.弹射器做功为

68

W/=^(x=l.lxlOxl(X)J=l.lxlOJ

故C正确；

D.弹射谓做功的平均功率为

羸=O]=4.4xl()7w

故D错误。

故选ABCo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、c—30°

3

【解析】

（1）口］小车所受到的水平拉力即为力传感器的示数尸，由图象可知当尸=5N,小车开始有加速度，即摩擦力为5N,

由牛顿第二定律可知：

F-/LiMg=Ma,

得：

Fa

H=---------,

Mgg

所以既不需要使重物的质量远远小于小车和位移传感器（发射器）的总质量，也不需要将轨道的一端适当垫高来平衡

摩擦力，选项ABD错误；实验中保持细线与轨道平行时，小车和位移传感器（发射器）所受的拉力为力传感器的示

数尸，选项C正确。故选：C.

（2）⑵选小车和位移传感器（发射器）为研究对象，由牛顿第二定律可得

F-/.iMg=Ma,

即

1斤

M

由图乙可知图象的斜率，即

k=L="

M3

得:

—kg

由E=5N时。=0可解得:

（3）［3］若要验证“小车和位移传感器（发射器）质量不变情况下，小车和位移传感器（发射器）的加速度与作用在小

车上的拉力成正比”要将轨道一端垫高来平衡摩擦力。对小车和位移传感器（发射器）受力分析可得:

Mgsin0=/iMgcos3,

即

//=tan^=—

3

所以

e=3o©

12、156尸=156亿—0.02)弹簧原长

【解析】

弹簧弹力F与弹簧长度L的关系图像的斜率表示劲度系数，则劲度系数

5

kN/m=156N/m

0.052-0.020

(2)[2][3]由图中实验数据结合胡克定律得到弹簧弹力大小尸与其长度L的关系式

E=A:(L—4)=156(乙一0.02)

分析图像可知，图线与横轴的夹点表示弹簧的原长

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

mvl2加％4兀L

13、(1)—(2)-；(3)—+-TV2

2qqL36v03qE

【解析】

(1)设加速电场的电压为U,由动能定理可得

qU=—mvl

解得

2

u=吆

2q

根据题设，带电粒子垂直OP边射入电场，设带电粒子在磁场中运动半径为R,如图所示，由几何关系可得

R-1cos60°

在磁场中，洛伦磁力提供向心力则有

如

q%B

R

解得

8=应

qL

⑵设带电粒子到达x轴时的速度为心根据几何关系可得，带电粒子刚进入磁场时的动能

昂然片

cos30°

带电粒子到达x轴时的动能

1222

^2=2mv=§'"%

则有带电粒子到达X