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文档简介
2023届河南省上蔡一高高考数学试题命题比赛模拟试卷(19)
注意事项:
1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。
4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.博览会安排了分别标有序号为“1号”“2号”“3号”的三辆车,等可能随机顺序前往酒店接嘉宾.某嘉宾突发奇想,
设计两种乘车方案.方案一:不乘坐第一辆车,若第二辆车的车序号大于第一辆车的车序号,就乘坐此车,否则乘坐
第三辆车;方案二:直接乘坐第一辆车.记方案一与方案二坐到“3号”车的概率分别为P”P2,则()
115
A.Pi«P2=-B.P(=P2=-C.Pi+P2=-D.Pi<P2
436
2.下列几何体的三视图中,恰好有两个视图相同的几何体是()
A.正方体B.球体
C.圆锥D.长宽高互不相等的长方体
3.《九章算术》是我国古代数学名著,书中有如下问题:“今有勾六步,股八步,问勾中容圆,径几何?”其意思为:“已
知直角三角形两直角边长分别为6步和8步,问其内切圆的直径为多少步?”现从该三角形内随机取一点,则此点取自
内切圆的概率是()
717tR式
A.—B.—C.—D.一
12369
4.下列函数中,既是奇函数,又在(0,1)上是增函数的是().
A./(x)=xlnxB.f(x)=ex-e~x
C./(%)=sin2xD.f(x)=x3-x
5.已知ae(0,;r),且tana=2,贝!Jcos2a+cosa=()
A275-3RV5-3「V5+3八2石+3
5555
6.以下四个命题:①两个随机变量的线性相关性越强,相关系数的绝对值越接近1;②在回归分析中,可用相关指数
R2的值判断拟合效果,店越小,模型的拟合效果越好;③若数据王,工2/3,,%的方差为1,则
2%+1,2々+1,2玉+1,,2x.+l的方差为4;④已知一组具有线性相关关系的数据(不y),(占,%),,(%,%),其线
性回归方程夕=良+4,则“(毛,%)满足线性回归方程歹=法+4”是“/=4+”-+之。,%="”
的充要条件;其中真命题的个数为()
A.4B.3C.2D.1
7.据国家统计局发布的数据,2019年11月全国CH(居民消费价格指数),同比上涨4.5%,CP/上涨的主要因素是
猪肉价格的上涨,猪肉加上其他畜肉影响CP/上涨3.27个百分点.下图是2019年11月CP/一篮子商品权重,根据该
图,下列结论错误的是()
敦行文化刖
娱乐8.5*
A.CP/一篮子商品中所占权重最大的是居住
B.CP1一篮子商品中吃穿住所占权重超过50%
C.猪肉在CP7一篮子商品中所占权重约为2.5%
D.猪肉与其他畜肉在CP/一篮子商品中所占权重约为0.18%
z—i
8.设复数二满足——=i,贝!|z=()
z+i
A.1B.-1C.i-zD.1+z
9.设非零向量a,b,c,满足|6|=2,|a|=l,且b与。的夹角为。,则力一为=J?’是"。=(”的().
A.充分非必要条件B.必要非充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
10.已知点A&,y),网々,%)是函数/(x)=a6+法2的函数图像上的任意两点,且y=/(x)在点
北丁))处的切线与直线A3平行,贝U()
A.a=0,5为任意非零实数B.b=0,a为任意非零实数
C.a、b均为任意实数D.不存在满足条件的实数a,b
11.赵爽是我国古代数学家、天文学家,大约公元222年,赵爽为《周髀算经》一书作序时,介绍了“勾股圆方图”,
又称“赵爽弦图”(以弦为边长得到的正方形是由4个全等的直角三角形再加上中间的一个小正方形组成的,如图(D),
类比“赵爽弦图”,可类似地构造如图(2)所示的图形,它是由6个全等的三角形与中间的一个小正六边形组成的一个
大正六边形,设4'产'=2产幺,若在大正六边形中随机取一点,则此点取自小正六边形的概率为()
D
12.已知a,b是两条不同的直线,a,/?是两个不同的平面,且au£,a0=b,贝是“a/e”的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.四面体A—88中,AB_L底面BCD,AB=BD=O,CB=CD=\,则四面体A-BCD的外接球的表面积为
14.若点N为点M在平面a上的正投影,则记N=A(M).如图,在棱长为1的正方体ABC。—A4G2中,记平
面A8Q为夕,平面A3CD为/,点P是线段CC上一动点,。="力(P)],Q=%[加P)].给出下列四个结论:
①①为AgA的重心;
②QQ_L6。;
4
③当CP=g时,P。”平面£;
④当三棱锥2-APB]的体积最大时,三棱锥D「APg外接球的表面积为2冗.
其中,所有正确结论的序号是.
15.已知函数“X)是定义在R上的奇函数,其图象关于直线1=1对称,当xe(O,l]时,/(力=一*(其中e是自
然对数的底数,若/(2020-ln2)=8,则实数。的值为.
16.在ABC中,角ARC的对边分别为。也c,且抄cos6=acosC+ccosA,若ABC外接圆的半径为空,
3
则A6C面积的最大值是.
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17.(12分)已知等差数列{%}的前n项和为Sn,等比数列出}的前n项和为1,且q=4=1,%=S3,4+d=15.
(1)求数列{%}与也}的通项公式;
(2)求数列的前〃项和.
18.(12分)如图,在四棱锥尸一A3CD中,底面ABCD是矩形,M是Q4的中点,叨,平面ABC。,且
PD=CD=4>AD—2.
(1)求AP与平面CM3所成角的正弦.
(2)求二面角M——P的余弦值.
19.(12分)为提供市民的健身素质,某市把A8,C,。四个篮球馆全部转为免费民用
(1)在一次全民健身活动中,四个篮球馆的使用场数如图,用分层抽样的方法从A8,。,。四场馆的使用场数中依次
抽取%,4,%,区共25场,在4,%,。3,%中随机取两数,求这两数和4的分布列和数学期望;
〃场数
32
MABCDi检$
(2)设四个篮球馆一个月内各馆使用次数之和为X,其相应维修费用为丁元,根据统计,得到如下表的数据:
X10152025303540
y10000117611301013980147711544016020
y
Z=0.1/343+22.993.494.054.504.995.495.99
①用最小二乘法求Z与X的回归直线方程;
②_2_叫做篮球馆月惠值,根据①的结论,试估计这四个篮球馆月惠值最大时X的值
x+40
77Z(X,7)(Z,.一Z)
3
参考数据和公式:z=4.5,Z(x,-x)2=700,-x)(z:-z)=70,e=20b=上、-----------,a='z-bx
iIZa-万
i=l
20.(12分)将棱长为2的正方体ABC。-A4G。截去三棱锥R-AC。后得到如图所示几何体,。为AG的中点.
(1)求证:OB〃平面AC";
(2)求二面角C-A"-G的正弦值.
21.(12分)已知函数/(x)=|x-2|,g(x)=a|x|-l.
(1)若不等式g(x—3)2—3的解集为[2,4],求"的值.
(2)若当xeR时,/(x)Ng(x),求。的取值范围.
22.(10分)如图,已知四棱锥P—ABCD,B4_L平面ABCD,底面A8CZ)为矩形,AB=3,AP=4,E为PD的
中点,AE1PC.
(1)求线段AO的长.
(2)若M为线段BC上一点,且8例=1,求二面角的余弦值.
参考答案
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、C
【解析】
将三辆车的出车可能顺序一一列出,找出符合条件的即可.
【详解】
三辆车的出车顺序可能为:123、132、213、231、312、321
3
方案一坐车可能:132、213、231,所以,Pi=-;
6
2
方案二坐车可能:312、321,所以,Pi=-;
6
所以Pl+P2=—
6
故选C.
【点睛】
本题考查了古典概型的概率的求法,常用列举法得到各种情况下基本事件的个数,属于基础题.
2、C
【解析】
根据基本几何体的三视图确定.
【详解】
正方体的三个三视图都是相等的正方形,球的三个三视图都是相等的圆,圆锥的三个三视图有一个是圆,另外两个是
全等的等腰三角形,长宽高互不相等的长方体的三视图是三个两两不全等的矩形.
故选:C.
【点睛】
本题考查基本几何体的三视图,掌握基本几何体的三视图是解题关键.
3、C
【解析】
利用直角三角形三边与内切圆半径的关系求出半径,再分别求出三角形和内切圆的面积,根据几何概型的概率计算公
式,即可求解.
【详解】
由题意,直角三角形的斜边长为,82+62=10,
利用等面积法,可得其内切圆的半径为「=—3—=2,
6+8+10
TCr_K
所以向次三角形内投掷豆子,则落在其内切圆内的概率为1=%.
—x6x8
2
故选:C.
【点睛】
本题主要考查了面积比的几何概型的概率的计算问题,其中解答中熟练应用直角三角形的性质,求得其内切圆的半径
是解答的关键,着重考查了推理与运算能力.
4,B
【解析】
奇函数满足定义域关于原点对称且/(x)+/(-x)=0,在(0,1)上/(x)>0即可.
【详解】
A:因为/(x)=xlnx定义域为x>(),所以不可能时奇函数,错误;
B:/(*)=/一e-'定义域关于原点对称,且/(x)+/(—x)=e*—e-x+er—炉=0
满足奇函数,又尸(x)=e'+er>0,所以在(0数上/'(x)NO,正确;
C:/(X)=sin2x定义域关于原点对称,且/(x)+/(—x)=sin2x+sin—2x=0
满足奇函数,尸(x)=2cos2x,在(0,1)上,因为尸(0)尸(1)=2X2COS2<0,所以在(0,1)上不是增函数,错误;
D:/(X)=/—x定义域关于原点对称,且/(x)+/(-x)=x3-%+(-X3+,=0,
满足奇函数,,尸(x)=3f-l在(0,1)上很明显存在变号零点,所以在(0,1)上不是增函数,错误;
故选:B
【点睛】
此题考查判断函数奇偶性和单调性,注意奇偶性的前提定义域关于原点对称,属于简单题目.
5、B
【解析】
分析:首先利用同角三角函数关系式,结合题中所给的角的范围,求得cosa的值,之后借助于倍角公式,将待求的
式子转化为关于cosa的式子,代入从而求得结果.
详解:根据题中的条件,可得a为锐角,
根据tancr=2,可求得cosa=如,
5
2_3
而cos2a+cosa=2cos2a+cosa-l=—+——1=-----,故选B.
555
点睛:该题考查的是有关同角三角函数关系式以及倍角公式的应用,在解题的过程中,需要对已知真切求余弦的方法
要明确,可以应用同角三角函数关系式求解,也可以结合三角函数的定义式求解.
6、C
【解析】
①根据线性相关性与r的关系进行判断,
②根据相关指数依的值的性质进行判断,
③根据方差关系进行判断,
④根据点(%,%)满足回归直线方程,但点(事,及))不一定就是这一组数据的中心点,而回归直线必过样本中心点,
可进行判断.
【详解】
①若两个随机变量的线性相关性越强,则相关系数r的绝对值越接近于1,故①正确;
②用相关指数R2的值判断模型的拟合效果,R2越大,模型的拟合效果越好,故②错误;
③若统计数据册/3,,天的方差为1,贝112%+1,2々+1,2工+1,,2x„+l的方差为2?=4,故③正确;
④因为点(%,%)满足回归直线方程,但点(%,%)不一定就是这一组数据的中心点,即+%•,
%二%+);;_‘地不一定成立,而回归直线必过样本中心点,所以当二二五土上[_+如2,%=也
时,点(通,%)必满足线性回归方程y=bx+at因此“(%,%)满足线性回归方程9=%+是
"%二百+\+内。,%=小七一皿"必要不充分条件.故④错误;所以正确的命题有①③.
故选:C.
【点睛】
本题考查两个随机变量的相关性,拟合性检验,两个线性相关的变量间的方差的关系,以及两个变量的线性回归方程,
注意理解每一个量的定义,属于基础题.
7、D
【解析】
A.从第一个图观察居住占23%,与其他比较即可.B.CP1一篮子商品中吃穿住所占23%+8%+19.9%=50.9%,再判断.C.
食品占19.9%,再看第二个图,分清2.5%是在CP/一篮子商品中,还是在食品中即可.D.易知猪肉与其他畜肉在CP/
一篮子商品中所占权重约为2.1%+2.5%=4.6%.
【详解】
A.CP/一篮子商品中居住占23%,所占权重最大的,故正确.
B.C77一篮子商品中吃穿住所占23%+8%+19.9%=50.9%,权重超过50%,故正确.
C.食品占中19.9%,分解后后可知猪肉是占在C"一篮子商品中所占权重约为2.5%,故正确.
D.猪肉与其他畜肉在CP/一篮子商品中所占权重约为2.1%+2.5%=4.6%,故错误.
故选:D
【点睛】
本题主要考查统计图的识别与应用,还考查了理解辨析的能力,属于基础题.
8^B
【解析】
利用复数的四则运算即可求解.
【详解】
由-~~-=i=>z—i=i(z+z)=>(1—Z)z=i—1=>z=1.
z+i
故选:B
【点睛】
本题考查了复数的四则运算,需掌握复数的运算法则,属于基础题.
9、C
【解析】
利用数量积的定义可得即可判断出结论.
【详解】
解:|b—5|=6,b2+a2-2a»b=3,22+1-2x2x1xcos0=3>
1Jr
解得cos0=—,6e[0,如,解得。=一,
23
•••是“。=?”的充分必要条件.
故选:C.
【点睛】
本题主要考查平面向量数量积的应用,考查推理能力与计算能力,属于基础题.
10、A
【解析】
求得/(x)的导函数,结合两点斜率公式和两直线平行的条件:斜率相等,化简可得。=0,匕为任意非零实数.
【详解】
依题意f(x)=52+2bx,y=/(x)在点]土产,/[当±处的切线与直线A3平行,即有
aay/x^+叱--bx;
+/?(%+x2)
由于对任意5,w上式都成立,可得。=0,〃为非
=-J+3+沙所以也(\)=惠+石
零实数.
故选:A
【点睛】
本题考查导数的运用,求切线的斜率,考查两点的斜率公式,以及化简运算能力,属于中档题.
11、D
【解析】
设AF=a,则AN'=2a,小正六边形的边长为A'E'=〃,利用余弦定理可得大正六边形的边长为AB=J7a,再
利用面积之比可得结论.
【详解】
由题意,设AF=a,则A'户'=为,即小正六边形的边长为A'尸'=2a,
TT
所以,FF'=3a,ZAF'F=-,在AA尸户中,
3
由余弦定理得AF2=AF'2+FF'2-2AF'-FF''cosZAF'F,
即4尸-=4-+(3。)—2a-3cz-cos—,解得AF=■'J^a,
所以,大正六边形的边长为AF=J7a,
所以,小正六边形的面积为§=—x2ax2ax
12
大正六边形的面积为S?=;x。x缶xgx2+缶x伍==叵/,
S.4
所以,此点取自小正六边形的概率?n=亍=亍.
ij2/
故选:D.
【点睛】
本题考查概率的求法,考查余弦定理、几何概型等基础知识,考查运算求解能力,属于基础题.
12、C
【解析】
根据线面平行的性质定理和判定定理判断alia与a/lb的关系即可得到答案.
【详解】
若alia,根据线面平行的性质定理,可得a〃b;
若“〃》,根据线面平行的判定定理,可得。〃a.
故选:C.
【点睛】
本题主要考查了线面平行的性质定理和判定定理,属于基础题.
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13、4万
【解析】
由题意画出图形,补形为长方体,求其对角线长,可得四面体外接球的半径,则表面积可求.
【详解】
解:如图,在四面体A-3CD中,底面BCD,AB=BD=41,CB=CD=\,
可得/BCD=90。,补形为长方体,则过一个顶点的三条棱长分别为1,1,J5,
则长方体的对角线长为正元互丁=2,则三棱锥A-38的外接球的半径为1.
其表面积为4;rxF=4万.
故答案为:4万.
【点睛】
本题考查多面体外接球表面积的求法,补形是关键,属于中档题.
14、(D©③
【解析】
①点P在平面ABC。内的正投影为点C,而正方体的体对角线与和它不相交的的面对角线垂直,所以直线垂直于
平面Agp,而乙442为正三角形,可得。2为正三角形A44。的重心,所以①是正确的;
②取的中点£,连接则点P在平面AAR的正投影在上,记为。,而如,平面ACGA.Qr&e平
面AC£A,所以所以②正确;
4
③若设AEQCC^M,则由PQtAE可得RtAAMC^RtAMPg,然后对应边成比例,可解CP=<所以③正确;
④由于%「”用=匕>一物4,而A4BQ的面积是定值,所以当点P到平面A8Q的距离最大时,三棱锥,-AP用的
体积最大,而当点尸与点。重合时,点P到平面AgA的距离最大,此时P-为棱长为贬的正四面体,其外
接球半径/?=且,则S球=3%,所以④错误.
2
【详解】
因为力(P)=C,连接CA,则有C4,-L平面ABQ.CAc平面ABQ=Q2,C4=C4=C〃,为正三角形,
所以a为正三角形AA4。的中心,也是AA42的重心,所以①正确;
由CA,平面ABQ,可知平面AC&A,平面A3Q,记力(P)=Q,
由Br>J.AC,8D_LCG,可得3O_L平面ACC|4,G,Qe平面ACGA,则QQ^B。,所以②正确
2-t
若PQi平面/,则AE,设CP=r(W1),AEcCG=M由Rt_MACsRt_〃pQ得尸。=易得
石
t_2
Q\C=琮Q-t),由世AE,则NPQ]C=NMAC,由tan/PQ]C=tanNM4C得,V2y/29解得
T(2-/)
当P与。重合时,=%TBQ,最大,2-43|。为棱长为0的正四面体,其外接球半径R=等,则s球=3万,
所以④错误.
故答案为:①②③
【点睛】
此题考查立体几何中的垂直、平行关系,求几何体的体积,考查空间想象能力和推理能力,属于难题.
15、3
【解析】
先推导出函数y=/(x)的周期为4,可得出/(2020—ln2)=/(—In2)=—〃ln2)=8,代值计算,即可求出实数。
的值.
【详解】
由于函数y=/(x)是定义在R上的奇函数,则/(-%)=—/(力,
又该函数的图象关于直线x=l对称,则/(l-x)=/(l+x),
所以,.y(2+x)=/[l—(l+x)]=〃—x)=—〃x),贝!|〃4+x)=—/(x+2)=/(x),
所以,函数y=/(x)是周期为4的周期函数,
所以/(2020—In2)=/(―In2)=-/(In2)=ea,n2=(eln2)"=2"=8,解得a=3.
故答案为:3.
【点睛】
本题考查利用函数的对称性计算函数值,解题的关键就是结合函数的奇偶性与对称轴推导出函数的周期,考查推理能
力与计算能力,属于中等题.
16、6
【解析】
由正弦定理,三角函数恒等变换的应用化简已知等式,结合范围Be(0,万)可求B的值,利用正弦定理可求〃的值,
进而根据余弦定理,基本不等式可求ac的最大值,进而根据三角形的面积公式即可求解.
【详解】
解:2Z?cosB=acosC+ccosA,
/.由正弦定理可得:2sinBcosB=sinAcosC+sinCcosA=sin(A+C),
A+B+C=7T,
/.sin(A+C)=sin3,
1JI
又86(0,万),.F出台。。,...2cos3=l,即cosB=-,可得:B=—,
23
■:^ABC外接圆的半径为空,
3
.b\2一
一.乃一x3,解得8=2,由余弦定理="+/-2accos3,可得a?+c?一4=4,又
sin—
2
/.4=a2+c2-ac..2ac-ac=ac(当且仅当。=c时取等号),即4c最大值为4,
:.^ABC面积的最大值为;x4sin8=6.
故答案为:百.
【点睛】
本题主要考查了正弦定理,三角函数恒等变换的应用,余弦定理,基本不等式,三角形的面积公式在解三角形中的应
用,考查了转化思想,属于中档题.
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
,1
17、(1)=hn=2"(2)2
【解析】
3x2
⑴设数列{«„}的公差为4由%=S3可得,q+4d=3q+-yd,由4=4=1即可解得d=2,故%=2〃-1油
%+%=15,即可解得q=2,进而求得a=2"-'.
(2)由(1)得,S,七="O''利用分组求和及错位相减法即可求得结果.
nn
【详解】
(1)设数列{%}的公差为乙数列也}的公比为g,
3x2,
由%=$3可得,q+4d=3q+-----a
整理得2q=d,即d=2,
故4=2〃-1,
由%+2=15可得%=8,则如3=8,即4=2,
故—
(2)由⑴得,S“=〃2,C=2"-l,
+1,8-Tn2(2"-1)
n
故出土=_!-----L=n.2-n>
nn
所以,数列的前〃项和为(ixT+2x2?++〃x2")—(l+2++n),
设匕=1x2+2x2?+.-1)X2"T+〃X2"①,
则2月=1x22+2*23+..+(〃-1)X2"+〃X2"+I②,
(2)-0#/^,=«X2,,+'-(2+22+23+.+2,,)=(n-l)x2H+l+2,
综上,数列{号的前”项和为(〃—1)x2e_〃(;1)+2.
【点睛】
本题考查求等差等比的通项公式,考试分组求和及错位相减法求数列的和,考查学生的计算能力,难度一般.
4
18、(1)
5
⑵酒.
10
【解析】
分析:(1)直接建立空间直角坐标系,然后求出面的法向量和已知线的向量,再结合向量的夹角公式求解即可;(2)
先分别得出两个面的法向量,然后根据向量交角公式求解即可.
详解:
(I)VABC。是矩形,
:.ADLCD,
APD±AD,PDLCD,即PD,AD,CO两两垂直,
二以。为原点,DA,DC,。尸分别为%轴,>轴,z轴建立如图空间直角坐标系,
由PD=C£>=4,AD=2,得4(2,0,0),8(2,4,0),C(0,4,0),£>(0,0,0),尸(0,0,4),A/(1,0,2),
则AP=(-2,0,4),fiC=(-2,0,0),MS=(1,4,-2),
设平面CMS的一个法向量为勺=(X],y,zJ,
BCn,=0—2%=0
则即,令x=1,得玉=0,4=2,
MB•%=0'%+4y]-2Z[=0
**•%=(0,1,2),
•••8S(AP,*赢=寻南高
4
故AP与平面CMB所成角的正弦值为y.
(2)由(1)可得PC=(O,4,T),
设平面PBC的一个法向量为%=(x2,y2,z2),
BCn=0—2X=0
则〈2即《2令%=1,得/=。,22=1>
PCn2=Q4y2-4Z2=0
:.建2=(0,1,1),
.•.36用=3=亚,
'/V5-x/210
故二面角M-CB-P的余弦值为上叵.
10
点睛:考查空间立体几何的线面角,二面角问题,一般直接建立坐标系,结合向量夹角公式求解即可,但要注意坐标
的正确性,坐标错则结果必错,务必细心,属于中档题.
19、(1)见解析,12.5(2)①3=0.支+2②20
【解析】
(1)运用分层抽样,结合总场次为100,可求得4,%,。3,。4的值,再运用古典概型的概率计算公式可求解果;
7_7__
(2)①由公式可计算Z(七一%)2,2(七一工)(4-2)的值,进而可求z与X的回归直线方程;
/=|1=\
②求出g(x),再对函数求导,结合单调性,可估计这四个篮球馆月惠值最大时X的值.
【详解】
251
解:(1)抽样比为益=a,所以。|,。2,。3,。4分别是,6,7,8,5
所以两数之和所有可能取值是:10,12,13,15
P(4=10)=g,P(4=12)=;,p(J=13)=;,p(4=15)=:
所以分布列为
*910121315
I
P
136
期望为E(^)=10x1+12x1+13x1+15x1=12.5
6336
7_7__
(2)因为Z(七一%)2=700,Z(x,—x)(z,.-z)=70,
/=1f=l
7__
E(Xj—x)(z,.—z)
701
所以-----=————=——,〃=4.5-0.1x25=2,
£(Xj—x)270010
/=1
z=0.1x+2;
②z=0.1善+2=。卜+2,
,40,
1+-----Inx
43431nx
设g(x)y,g'(x)=4343x_____
x+40x+40(x+40)2
所以当xe[0,20],g'(x)>0,g(x)递增,当xe[20,+s),g'(x)<0,g(x)递减
所以约惠值最大值时的x值为20
【点睛】
本题考查直方图的实际应用,涉及求概率,平均数、拟合直线和导数等问题,关键是要读懂题意,属于中档题.
20、(1)见解析;(2)昱.
3
【解析】
(1)取AC的中点加,连接BM、DtM,连接4A,证明出四边形M80A为平行四边形,可得出,然
后利用线面平行的判定定理可证得结论;
(2)以点A为坐标原点,AA、4耳、4A所在直线分别为X、丁、z轴建立空间直角坐标系,利用空间向量法可
求得二面角c-AA-G的余弦值,进而可求得其正弦值.
【详解】
(1)取AC中点”,连接MO、BM、RM,
441〃(7。|且411=。。1,,四边形想。|。为平行四边形,二4。〃4。|且4。=4。1,
O、M分别为4G、AC中点,・•・A例〃4。且AM=4。,
则四边形AA.OM为平行四边形,二OM//AA,且OV=,
A4,//BBf且蝴=BB、,:.OMHBB、且OM=BBt,
所以,四边形为平行四边形,且6M=。。,
四边形MBOB、为平行四边形,.1OB//D.M,
"Au平面AC",08.平面AC。,.•.08〃平面AC"
(2)以点a为坐标原点,49、44、4A所在直线分别为X、y、z轴建立如下图所示的空间直角坐标系4一孙z,
则C(2,2,2)、A(0,0,2)、C,(2,2,0),D,(2,0,0),
AD,=(2,0,-2),AC=(2,2,0),=(0,2,0),
设平面ACD,的法向量为,zJ,
m-AC=02%j+2y=0
由13八'得、ct,取$=1,则%^=1,=
m•A。=0[2xl-2z1=0
设平面AQG的法向量为〃=(超,%;2),
n•D£=02y2二0八
由<,得ccZ取工2=1,则22=1,H=(1,0,1),
77•02X2—2Z9=0
m-n2yJ6t--------------------
cos</n-n>=p-^=-^--/==—,...sm<九〃>=Jl-cos?<也〃>=与,
因此,二面角。一AQ-G的正弦值为
3
【点睛】
本题考查线面平行的证明,同时也考查了利用空间向量法求解二面角,考查推理能力与计算能力,属于中等题.
21、(1)a——2;(2)(—co,—]
2
【解析】
试题分析:(1)求得g(x-3)2-3的解集,根据集合相等,列出方程组,即可求解4的值;
(2)①当X=O时,k一2|2。|乂一1恒成立,②当XHO时,
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